1、二、选择题：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求，第1821题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分14氢原子能级示意图如图所示，处于n=4能级的静止氢原子，辐射出光子后，能使金属钨发生光电效应，已知钨的逸出功为4.54eV，下述说法中正确的是A氢原子辐射的光子都能使钨发生光电效应B光电子的最大初动能为8.21eVC钨能吸收两个从n=4向n=2能级跃迁的光子而发生光电效应D氢原子辐射一个光子后，氢原子核外电子的速率减小14B、根据波尔的氢原子结构理论，n=4能级的氢原子向低能级跃迁可发出6种光子，这六种光子中由n=4、
2、3、2向基态跃迁的放出的光子能力大于钨的逸出功，可发生光电效应，A错误；最大的光子能力为E=E4-E1=12.75eV，根据光电效应放出Ekm=hv-W0=8.21eV，B正确；金属只吸收大于极限频率的光子，发生光电效应，C错误；氢原子辐射一个光子后，氢原子核外电子到较低的轨道上运动，运动的速率增大，D错误15如图所示，a、b、c三根轻质细绳悬挂两个治疗相同的小球A、B保持静止，细绳a是水平的，现对B球施加一个水平向右的力F，将B缓慢拉到图中虚线位置，A球保持不动，这时三根细绳张力Fa、Fb、Fc的变化情况是A都变大B都不变C不变，变大D变大，不变15D、隔离小球B受力分析，F作用前，小球B二
3、力平衡，即Fc=mg；F作用后，设绳c与竖直方向的夹角为，则，由于，所以，即变大，对AB两球整体分析，在竖直方向，设b绳与竖直方向夹角为，F作用前后均有，即不变，在水平方向，F作用前有，F作用后有，所以变大，D正确16如图所示，理想变压器原副线圈的匝数比为2：1，原线圈两端所加电压如图所示，与副线圈相连的两个灯泡完全相同，闭合电键K后，正确的是A电流表示数减小B电压示数为C变压器的输入功率增大D灯泡上的交流电每秒钟方向改变50次16C、当闭合开关后，副线圈两端电压不变，故电压表示数为100V，电流表示数不变，AB错误；两个灯泡正常工作，故功率增大，经过灯泡的电流频率为50Hz，每秒钟方向改变1
4、00次，C正确D错误。17图示为一个半径为R的均匀带电圆环，取环面中心O为原点，以垂直于环面的轴线为x轴，P到O点的距离为2R，质量为m，带负电且电量为q的小球从轴上P点由静止释放，小球运动到Q点时受到为零，Q点再O点上方R处，下列说法正确的是AP点电势比Q点电势低BP点电场比Q点场强大CP、Q两点的电势差为DQ点的场强大小等于17C、由题意可知带负电小球由P点到Q点先加速后减速运动，受到沿x轴向上的电场力作用，故场强沿x轴向下，沿电场线方向电势逐渐降低，故P点电势比Q点电势高，A错误；开始，在Q点，故P点场强必Q点场强小，BD错误；由P到Q由动能定理可知克服电场力做功为，故P、Q两点的电势差
5、为，C正确；18如图所示，质量分布为m和M的两长方体物块P和Q，叠放在倾角为的固定斜面上，P、Q间的动摩擦因数为，Q与斜面间的动摩擦因数为，当它们一起冲上斜面，沿斜面向上滑动时，两物块始终保持相对静止，则物块P对Q的摩擦力A大小为B大小为C方向平行于斜面向上D方向平行于斜面向下18BC、对PQ整体受力分析，受到重力、支持力和滑动摩擦力，如图；根据牛顿第二定律，解得，再对P物体受力分析，受到重力mg、支持力和沿斜面向上的静摩擦力，根据牛顿第二定律，解得，根据牛顿第三定律P对Q的摩擦力方向平行于斜面向上，BC正确；19如图所示，M为水平放置的橡胶圆盘，在其外侧面均匀地带有负电荷。在M正上方用丝线悬
6、挂一个闭合铝环N，铝环也处于水平面中，且M盘和N环的中心在同一条竖直线上，现让橡胶盘由静止开始绕轴按图示方向逆时针加速转动，下列说法正确的是A铝环N有沿逆时针方向的感应电流B铝环N有扩大的趋势C橡胶圆盘M对铝环N的作用力方向竖直向下D橡胶圆盘M对铝环N的作用力方向竖直向上19AD、圆盘M带负电，已知旋转时形成顺时针电流（从上往下看）。根据右手螺旋定则可知，在圆盘上方形成的磁场方向竖直向下，由于加速转动，所以电流增大，磁场增强，穿过铝环N的磁通量增大，根据楞次定律感应电流产生的磁场要阻碍原磁通量的变化，铝环N有缩小的趋势，铝环的电流为逆时针方向电流，与圆盘间相互排斥，铝环N对圆盘的作用力方向竖直
7、向下，A正确；由牛顿第三定律得圆盘对铝环的力竖直向上，使丝线对铝环的拉力减小，D正确；20如图为某着陆器多次变轨后登陆火星的轨迹图，轨道上的P、S、Q三点与火星中心在同一直线上，P、Q两点分别是椭圆轨道的远火星点和金火星点，且PQ=2QS，（已知轨道II为圆轨道）下列说法正确的是A着陆器在P点由轨道I进入轨道II需要点火减速B着陆器在轨道II上由P点运动到S点的时间是着陆器在轨道III上由P点运动到Q点的时间的2倍C着陆器在轨道II上S点与在轨道II上P点的加速度大小相等D着陆器在轨道II上S点的速度小于在轨道III上P点速度20AC、由题可知，轨道II是圆轨道，所以着陆器由轨道I进入轨道II
8、，需要减速，A正确；因为万有引力提供向心力，所以，着陆器在轨道II上S点与在轨道III上P点到火星的球心之间的距离是相等的，所以加速度大小相等，C正确；着陆器在轨道II上由P点运动到S点的时间和着陆器在轨道III上由P点运动到Q点的时都是各自周期的一半，根据开普勒第三定律，有，解得，B错误；S点速度大于III轨道时P点速度，D错误；21水平推力F1和F2分别作用在水平面上等质量的a、b两物体上，作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间后停下，两物体v-t的图像如图所示，图中ABCD，则AF1的冲量小于F2的冲量BF1的冲量等于F2的冲量C两物体受到的摩擦力大小相等D两物体受到的摩擦力大小
9、不等21AC、设a、b两物体的加速运动的时间分别为t1和t2，则由图可知，当只有摩擦力作用时，由ABCD可知图线斜率相同，则加速度相等，有牛顿第二定律可知摩擦力相等，C正确D错误；对a，由动量定理可得，对b同理可得，有图像可得，所以由可知，A正确B错误；三、非选择题22如图所示，为某同学在测量小车加速度的实验中，用打点计时器打出的一条纸带，已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，两计数点间还有四个点没有画出，则根据纸带，可求出3号计数点的速度_m/s，小车运动的加速度为_m/s2（结果保留三位有效数字）22、0.611；2.00由于实验使用的是频率我50Hz的交流电，故每两个点间的时间间
10、隔为0.02s，又因为两计数点间还有四个点没有画出，故两计数点间的时间间隔为0.02s5=0.1s；根据；可以利用逐差法可得23要组装一个单量程的欧姆表，所给电池的电动势为1.5V，内阻可忽略不计，其他可供选择的主要器材有：电流表A1（量程0100A，内阻1500）；电流表A2（量程01mA，内阻1000）；变阻器R1（阻值范围0300）；变阻器R2（阻值范围0800）；（1）在方框内画出组装欧姆表的电路图；（2）在组装时，电流表选用_（用代号表示），变阻器选用_-（用代号表示）；（3）在上面组装的单量程欧盟表中，如电流表的表盘刻度分为四等分，如图所示，其中A为电流表的零刻度，作为单量程欧姆表
11、，刻度E表示的阻值为_，刻度C表示的阻值为_欧盟。23、（1）如图（2）A2；R2（3）0；1500（1）根据闭合电路欧姆定律可以知道电路中最小电阻，当时，变阻器不合题意，时，可得，所以电流表选A2，变阻器应选R2，电路图如图所示；（2）由上面的分析可以知道，电流表应选A2，变阻器应选R2（3）根据闭合电路欧盟定律可以知道，当时，即刻度E表示的阻值为0，当时，可计算得出，即刻度C表示的阻值为1500。24如图甲所示，在水平地面上放置一个质量为m=4kg的物体，让其在随位移均匀减小的水平推力作用下运动，推力F随位移x变化的图像如图乙所示，已知物体与地面之间的动摩擦因数为=0.5，求：（1）出发时
12、物体运动的加速度大小；（2）物体距出发多远达到最大速度；（3）物体能够运动的最大位移。24、（1）根据牛顿第二定律，开始F=100N，故（2）由图像求出，推力F随位移x变化的数值关系为速度最大时，物体加速度为零，则，解得x=4m（3）根据，由图像可知，推力对物体做的功等于图线与x轴包围的面积，于是推力对物体做的功为，有动能定理可得，解得25如图所示，在xoy平面的y轴左侧存在沿y轴正方向的匀强电场，y轴右侧区域I内存在垂直于纸面向内的匀强磁场，磁感应强度大小为，区域II内有垂直纸面向外的匀强磁场，区域I、区域II的宽度均为，高度分别为EF=2L，和DE=，质量也为m、电荷量为q的带正电的粒子从
13、坐标为（-2L，-2L）的A点以速度，沿x轴正方向射出，恰好经过坐标为（0，-L）的C点射入区域I，粒子重力忽略不计，求：（1）匀强电场的电场强度大小E；（2）要使粒子从区域II的右边界DE离开磁场，可在区域II内加垂直于纸面向外的匀强磁场，试确定磁感应强度B的大小范围；（3）若粒子恰能从II区右边界DE间离x轴最远的点射出，求粒子在磁场中运动的时间。25、（1）带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，有，（2）设带电粒子经C典时的竖直分速度为，速度为v，解得可知方向与y轴正向成45斜向上，粒子进入区域I做匀速圆周运动，由解得根据几何关系可知，带电粒子从区域II的上边界离开磁场的半径满足由，解得（3
14、）粒子在区域I磁场中转过的圆心角为，粒子在区域I区域运动的时间为粒子在II区域运动的最大半径为r，转过的圆心角为，由几何关系可知粒子在区域II区域运动的时间为粒子在磁场中运动的时间33【选修3-3】（1）质量一定的某种物质，在压强不变的条件下，由固态I到气态III变化过程中温度T随加热时间t变化关系如图所示，单位时间所吸收的热量可看做不变，气态III可看成理想气体。下列说法正确的是A该物质是晶体B该物质分子平均动能随着时间的增大而增大C在时间内，该物质分子势能随着时间的增大而增大D在时间内，该物质的内能随着时间的增加而增大E在时间内，气体膨胀对外做功，分子势能增大（2）如图所示，一上端开口，下
15、端封闭的细长玻璃管竖直放置。玻璃管的下部封有长的空气柱，中间有一段长cm的水银柱，上部空气柱的长度。已知大气压强为，现将一活塞（图中未画出）从玻璃管口处缓慢往下推，使管下部空气柱长度变为，假设活塞下推过程没有漏气，求：压缩后下部空气柱的压强；活塞下推的距离。33、（1）ACD（2）125cmHg；15cmII态固液共存态，温度不变说明物质是晶体，A正确；在及时间内温度不变，分子平均动能不变，B错误；在时间内，分子平均动能不变，吸收来的热量用以增加分子势能，即该物质分子势能随着时间的增大而增大，C正确；在时间内，温度不断升高，根据“一定质量的理想气体内能随温度升高而增大”知D正确；在时间内，物质
16、已变成理想气体，分子间已无作用力，分子间的势能为零，E错误。（2）设玻璃管的横截面积为S，以cmHg为压强单位，在活塞下推前，玻璃管下部空气柱的压强为设活塞下推后，下部空气柱的压强为，由玻意耳定律可得，解得压缩后玻璃管上部空气柱的压强为，则由玻意耳定律可得设活塞下推距离为解得34【物理选修3-4】（1）一列自右向左传播的简谐横波，在t=0时刻的波形图如图所示，此时坐标为（1,0）的质点刚好开始振动，在t1=0.6s时刻，P质点在t=0时刻后首次位于波峰位置，Q点的坐标是（-3，0），下列说法中正确的是A波源振动的周期为0.8sB波源开始起振时方向沿y轴负方向C波传播的速度为5m/sD波传到Q点
17、时，P点已振动通过的路程为12cmE波传到Q点时，P点处在波峰（2）如图所示为某种透明材料制成的一块柱形棱镜的横截面图，圆弧CD是半径为R的四分之一圆周，圆心为O。光线从AB面上的M点入射，入射角i=45，光进入棱镜后恰好在BC面上的O点发生全反射，然后由CD面射出，已知OB段的长度，真空中的光速为c，求：透明材料的折射率n；光从M点射入到从CD面射出所用的时间t。34、（1）ACD（2）由图可知该波的波长为，因t1=0时刻P点向下振动，经0.6s位于波峰，故=0.6s，T=0.8s，A正确；根据，C正确；波源起振方向沿y轴正方向，B错误；波传播传播到Q点，此时P点再平衡位置，E错误；波传播到Q点时P点已振动个周期，通过路程为6A=12cm，D正确。（2）设光线在AB面的折射角为r，根据折射定律可得，设棱镜的临界角为C，根据题意，光线在BC面恰好发生全反射，得到，由几何关系可知，联立解得光在棱镜中传播速度，由几何关系可知故光从M点到从CD面射出所用时间