1、四川省阆中中学新区2020届高三物理下学期3月教学质量检测试题（含解析）1.下列说法正确的是（ ）A. 平均速度、总电阻、交变电流的有效值，概念的建立都体现了等效替代的思想B. 卡文迪许利用扭秤装置比较准确地测出了引力常量，从而提出了万有引力定律C. 库仑提出了用电场线来形象地描述电场D. 丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，并总结出了右手螺旋定则【答案】A【解析】【详解】A.平均速度、总电阻、交变电流的有效值，概念的建立都体现了等效替代的思想，选项A正确；B.牛顿提出了万有引力定律，卡文迪许利用扭秤装置比较准确地测出了引力常量，选项B错误； C法拉第.提出了用电场线来形象地描述电场，选项C
2、错误； D丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，安培总结出了右手螺旋定则，选项D错误；故选A.2.甲、乙两辆汽车在平直的高速公路上以相同的速度v0=30m/s一前一后同向匀速行驶甲车在前且安装有ABS制动系统，乙车在后且没有安装ABS制动系统正常行驶时，两车间距为100m某时刻因前方突发状况，两车同时刹车，以此时刻为零时刻，其速度时间图象如图所示，则( )A. 两车刹车过程中的平均速度均为15m/sB. 甲车的刹车距离大于乙车的刹车距离xC. t=1s时，两车相距最远D. 甲、乙两车不会追尾【答案】D【解析】【详解】ABD、根据图象与坐标轴围成的“面积”表示相应时间内的位移，甲车的刹车距离为，
3、乙车的刹车距离为，则有，所以甲、乙两车不会追尾；甲车刹车过程中的平均速度为，乙车刹车过程中的平均速度为，故选项D正确，A、B错误；C、当时，两车速度相等，相距最远，故选项C错误3.如图所示，虚线是某静电场的一簇关于x轴对称的等势线，线边上标有电势的值，一带电粒子只在电场力的作用下恰能沿图中的实线从A经过B运动到C，则（ ）A. 粒子在A处的电势能大于在C处的电势能B. A点场强大于B点场强C. 带电粒子带负电，且在B点所受电场力沿x轴负方向D. 粒子从A到C的电场力所做的功大于从A到B电场力做的功【答案】C【解析】【详解】AC.根据电场线与等势面垂直且由高电势指向低电势，可知电场线方向大致向右
4、，根据粒子轨迹的弯曲方向可知，粒子所受的电场力方向大致向左，则知粒子一定带负电且在B点所受电场力沿x轴负方向，粒子在A处的电势能小于在C处的电势能，故A错误，C正确；B.等差等势面的疏密反映电场强度的大小，A处场强小于C处场强，故B错误；D.因AC的电势差小于AB的电势差，则粒子从A到C的电场力所做的功小于从A到B电场力做的功，选项D错误；故选C。4.如图所示，倾角为30的斜面上，一质量为6m的物块经跨过定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连，现将小球从水平位置静止释放，小球由水平位置运动到最低点的过程中，物块和斜面始终静止运动过程中小球和物块始终在同一竖直平面内，则在此过程中（ ）A. 细绳的拉
5、力先增大后减小B. 物块所受摩擦力逐渐减小C. 地而对斜面的支持力逐渐增大D. 地面对斜面的摩擦力先减小后增大【答案】B【解析】【详解】A、小球向下摆动的过程中，细线对小球的拉力与重力沿径向的分力的合力提供向心力，小球速度变大，所需向心力变大，所以细线对小球拉力一直增大，A错误；B、开始摩擦力沿斜面向上，根据平衡条件可得摩擦力大小f6mgsin303mg；设滑轮到小球的距离为R，当物块在最低点时，根据动能定理可得mgRmv2，根据牛顿第二定律可得Fmgm，解得最低点绳子拉力为F3mg，此时物块的摩擦力大小为0，而绳子中的拉力一直增大，所以斜面对物块的摩擦力一直减小，故B正确；CD、对物块和斜面
6、组成的整体分析可知，拉物体的绳子拉力在竖直方向的分力一直增大，在水平方向的分力一直增大，地面对斜面的支持力一直减小，摩擦力一直增大，故CD错误5.已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的万有引力为零假设地球是质量分布均匀的球体如图若在地球内挖一球形内切空腔有一小球自切点A自由释放，则小球在球形空腔内将做 （ ）A. 匀速直线运动B. 加速度越来越大的直线运动C. 匀加速直线运动D. 加速度越来越小的直线运动【答案】C【解析】【详解】已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的万有引力为零，那么在地球内挖一球形内切空腔后小球A受力等于地球对A的万有引力减去空腔球体的万有引力；所以设地球密度为，小球A所在处到空腔
7、球心距离为r，小球A到地球中心距离为R，则R-r为两球心的距离，那么小球A受到的合外力那么小球受到的加速度所以小球向球心运动，加速度不变，即小球在球形空腔内将做匀加速直线运动，C正确，ACD错误。故选C6.A、B两球沿一直线运动并发生正碰，如图所示为两球碰撞前后的位移时间(xt)图像，图中a、b分别为A、B两球碰撞前的位移时间图像，c为碰撞后两球共同运动的位移一时间图像，若A球的质量mA3kg，则由图可知下列结论正确的是A. A球碰撞前的速度大小vA3 m/sB. B球的质量为mB2 kgC. A、B两球碰撞前的总动量为13 kgm/sD. 碰撞中A、B两球组成的系统损失的机械能为15 J【答
8、案】ABD【解析】由图示图象可知，碰撞前，A球的速度：，B球的速度为：vB=2m/s碰撞后，A、B两球的速度相等，为：vA=vB=v=-1m/s，A、B组成的系统动量守恒，以碰撞前B的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mAvA+mBvB=（mA+mB）v，解得：mB=2kg，故AB正确A、B两球碰撞前的总动量为mAvA+mBvB=（mA+mB）v =5 kgm/s，选项C错误；碰撞中，A、B两球组成的系统损失的动能：EK=mAvA2+mBvB2-（mA+mB）v2=3（-3）2+222-（3+2）（-1）2=15J，故D正确故选ABD点睛：本题主要考查了动量的表达式及动量定理的直接应用，要求
9、同学们能根据图象的斜率读出碰撞前后两球的速度，明确碰撞的基本规律是动量守恒定律7.如图甲所示，一理想变压器原线圈匝数n1=1 000匝，副线圈匝数n2=200匝，电流表和电压表都是理想电表，副线圈接有“220 V，220 W”的抽油烟机如果副线圈电压按图乙所示规律变化，则下列说法正确的是（ ）图甲 图乙A. 交变电流的频率为100 HzB. 电压表的示数是1 100 VC. 电流表A2的示数为1 A，抽油烟机的内阻220 D. 电流表A1的示数为为0.2 A【答案】BD【解析】【详解】A.交流电的周期为0.02s，频率为50Hz，选项A错误；B.交流电的有效值为,则初级电压即电压表示数，选项B
10、正确；C.油烟机能正常工作，则电流表A2的示数为，由于油烟机不是纯电阻，则其电阻不能通过来计算求解，选项C错误；D.电流表A1示数为为，选项D正确；故选BD.8.如图所示，磁场垂直于纸面向外，磁场的磁感应强度随水平向右的x轴按B=B0+kx（B0、k为常量且为正值）的规律均匀增大位于纸面内的边长为L、电阻为R的粗细均匀的正方形导线框abcd处于磁场中，在外力作用下始终保持dc边与x轴平行向右匀速运动，速度的大小为v则下列说法正确的是（ ）A. 导线框产生顺时针方向的感应电流，线圈的bc边经过x处时导线框中的感应电流B. 因为导线框匀速运动，所以外力C. 导线框cd边的发热功率D. 外力F做功大
11、小等于电路产生的焦耳热【答案】BCD【解析】【详解】A.由题意可知，ad、bc两边均在切割磁感线，产生感应电动势的方向相反，大小相减，根据题意，bc、ad两边磁场之差为根据法拉第电磁感应定律E=BLv，则有而感应电流 ，是定值，根据楞次定律可知电流方向是顺时针方向，故A错误；B.因为导线框匀速运动，所以外力故B正确C.导线框cd边发热功率选项C正确；D.因线圈的动能不变，则外力F做功等于电路产生的焦耳热，选项D正确；故选BCD。第卷（非选择题，共174分）三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3338题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题（
12、共129分）9.用落体法验证机械能守恒定律的实验中，打点计时器的打点频率为50 Hz，重力加速度为9.8 m/s2。(1)运用公式mv2=mgh时，对实验条件的要求是重锤由静止出发，为达到此目的，所选择的纸带第1，2两点间的距离应接近_。(2)若实验中所用重锤的质量m=1 kg，打点纸带如图所示，则打下B点时，重锤的动能Ek=_J；从开始下落至打下B点，重锤的重力势能的减少量Ep=_J（结果保留三位有效数字）。(3)由上述实验可得出的结论是_。【答案】 (1). (2). (3). (4). 在实验误差范围内，机械能守恒【解析】【详解】（1）1因为物体做自由落体，根据所以点1、2两点间距约为。
13、（2）2重锤在B点的速度为在B点重锤的动能（2）3 B点时重力势能的减少量（3）4实验结论是，在实验误差范围内，机械能守恒。10.某同学用伏安法测定待测电阻Rx的阻值（约为10 k），除了Rx，开关S、导线外，还有下列器材供选用：A电压表（量程01 V，内阻约10 k）B电压表（量程010 V，内阻约100 k）C电流表（量程01 mA，内阻约30 ）D电流表（量程00.6 A，内阻约0.05 ）E电源（电动势1.5 V，额定电流0.5 A，内阻不计）F电源（电动势12 V，额定电流2 A，内阻不计）G滑动变阻器R0（阻值范围010 ，额定电流2 A）为使测量尽量准确，电压表选用_，电流表选用
14、_，电源选用_（均填器材的字母代号）；画出测量Rx阻值的实验电路图_该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值会_其真实值（填“大于”“小于”或“等于”），原因是_【答案】 (1). B； (2). C； (3). F； (4). (5). 大于； (6). 电压表读数大于呆测电阻两端实际电压；【解析】试题分析：由于本题的被测电阻达到10k，所以电源要选择电动势大的，然后根据电路电流选择电流表，电压表；若采用限流接法，则电路中电流和电压变化不明显，故采用滑动变阻器的分压接法，根据和的关系分析电流表的接法；根据电流表的接法判断实验误差所在；若选用电源1.5V，由于被测电
15、阻很大，电路中电流非常小，不利于实验，即电源选用12V的，即F；则电压表就应该选取B；电路中的最大电流为，故选用电流表C；因为给的滑动变阻器的最大阻值只有10，若采用限流接法，则电路中电流和电压变化不明显，故采用滑动变阻器的分压接法，由于，所以采用电流表内接法，电路图如图所示，由于电流表的分压，导致电压测量值偏大，而电流准确，根据可知测量值偏大；【点睛】滑动变阻器的分压和限流接法的区别和选用原则：区别：（1）限流接法线路结构简单，耗能少；（2）分压接法电压调整范围大，可以从0到路端电压之间连续调节；选用原则：（1）优先限流接法，因为它电路结构简单，耗能较少；（2）下列情况之一者，须采用分压接法
16、：当测量电路的电阻远大于滑动变阻器阻值，采用限流法不能满足要求时（本题就是该例子）；当实验要求多测几组数据（电压变化范围大），或要求电压从零开始调节；电源电动势比电压表量程大得多，限流法滑动变阻器调到最大仍超过电压表量程时电流表内接和外接的选用：当时，宜采用内接法，即大电阻用内接法；当时，宜采用外接法，即小电阻用外接法；可记忆为“大内，小外”11.如图，从离子源产生的甲、乙两种离子，由静止经加速电压U加速后在纸面内水平向右运动，自M点垂直于磁场边界射入匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里，磁场左边界竖直已知甲种离子射入磁场的速度大小为v1，并在磁场边界的N点射出；乙种离子在MN的中点射出；MN长为
17、l不计重力影响和离子间的相互作用求：（1）磁场的磁感应强度大小；（2）甲、乙两种离子的比荷之比【答案】（1） （2）【解析】【详解】（1）设甲种离子所带电荷量为q1、质量为m1，在磁场中做匀速圆周运动的半径为R1，磁场的磁感应强度大小为B，由动能定理有： 由洛伦兹力公式和牛顿第二定律有： 由几何关系知： 由式得： （2）设乙种离子所带电荷量为q2、质量为m2，射入磁场的速度为v2，在磁场中做匀速圆周运动的半径为R2同理有： 由题给条件有 由式得，甲、乙两种离子的比荷之比为12.如图所示，足够长的木板静止在光滑水平地面上，木板上的A点放有一小物块木板和物块的质量均为m，物块与木板之间的动摩擦因素
18、为=0.2，认为最大静摩擦力与滑动摩擦力相等现给物块一个水平向右的速度v0，v0=5m/s，并同时给物块一个水平向左的恒力F、F=0.6mg，而后在物块速度减小到0时撤去外力F，取g=10m/s2，求：(1)它们第一次速度相同时速度的大小；(2)撤去外力时木板运动速度的大小；(3)最终物块停在木板上的位置离A点的距离【答案】(1) (2) (3) 【解析】【详解】物块在木板上滑动时摩擦力的大小为：（1）物块获得初速度后做减速运动、木板做加速运动，直至速度相同设这一过程中木板与物块的加速度分别为a、a1，则对物块有：对木板：经过时间t1物块和木板第一次具有相同的速度v，有：联解求得：，共同速度为
19、：（2）两者达到共同速度后，物块继续减速运动，设加速度为a2，木板也做减速运动，加速度方向改变、大小仍为a设物块减速经时间t2速度为0时木板速度为V，则对物块有：，对木板：联解求得：，撤去外力时木板速度为：（3）在t1时间内，物块相对木板向右滑动，设滑动的距离为x1，则：在t2时间内，物块相对木板向左滑动，设滑动的距离为x2，则：撤去外力后，物块和木板组成的系统动量守恒，设最终速度达到u时物块相对木板向左滑动的距离为x3，则由动量守恒得：由能量关系得：解得：设物块最终停在木板上的位置离A点的距离x，则：，停在A点的右侧【物理选修34】13.一列简谐横波沿x轴正方向传播，图甲是波传播到x=5m的
20、M点的波形图，图乙是质点N（x=3m）从此时刻开始计时的振动图像，Q是位于x=10m处的质点下列说法正确的是（ ）A. 这列波的波长是4mB. 这列波的传播速度是1.25m/sC. M点以后的各质点开始振动时的方向都沿y方向D. 质点Q经过8s时，第一次到达波峰E. 在016s内，质点Q经过的路程为1.1m【答案】ADE【解析】【详解】AB根据图象可知，波长=4m，周期T=4s，则波速为故A正确B错误；C波传播到M点时，由于该质点向y轴负方向振动，可知波源的起振方向沿y轴方向，故后面的所有质点的振动方向都沿y轴方向，故C错误；D波峰与Q点之间的距离为8m，波峰传到Q点所用的时间为故D正确；E同
21、理，波传播到Q点所用的时间5s，在016s内，质点Q振动11s，经过的路程为故E正确。故选ADE。14.如图所示，一束单色光以一定的入射角从A点射入玻璃球体，已知光线在玻璃球内经两次反射后，刚好能从A点折射回到空气中已知入射角为45，玻璃球的半径为 ，光在真空中传播的速度为3108m/s，求：（I）玻璃球的折射率及光线第一次从玻璃球内出射时相对于射入玻璃球的光线的偏向角；（II）光线从A点进入及第一次从A点射出时在玻璃球体运动的时间【答案】（1） （2） 【解析】（1）作出光路图，由对称性及光路可逆可知，第一次折射的折射角为300，则折射率公式可知 由几何关系可知，光线第一次从玻璃球内出射时相对于射入玻璃球的光线的偏向角 （2）光线从A点进入及第一次从A点射出时玻璃球中运动的距离为 在玻璃中运动的速度为 运动时间