1、实验四验证牛顿运动定律1实验目的(1)会用控制变量法研究物理规律。(2)探究加速度与力、质量的关系。(3)会运用图象处理实验数据。2实验原理用控制变量法探究加速度a与力F、质量M的关系，可以先保持F不变，研究a和M的关系，再保持M不变，研究a和F的关系。3实验器材带定滑轮的长木板、低压交流电源、复写纸片和纸带、小车、小盘、电磁打点计时器、天平、砝码、刻度尺、导线。4实验步骤(1)测质量：用天平测出小车的质量M，小盘和砝码的总质量m。(2)放长木板：按图把实验器材安装好，先不要把悬挂小盘的细绳系在车上。(3)平衡摩擦力：在木板的一端下面垫一簿木块，移动簿木块的位置，直至小车拖着纸带在斜面上做匀速
2、运动。(4)打点：小盘绕过滑轮系于小车上，先接通电源后放开小车，打完点后切断电源，取下纸带。(5)重复：保持小车的质量M不变，改变砝码和小盘的质量m，重复步骤(4)五次。(6)求a：在每条纸带上选取一段比较理想的部分，测加速度a。(7)作aF的图象：若图象为一过原点的直线，证明加速度与力成正比。(8)验证a：保持砝码和小盘的质量m不变，改变小车质量M，重复步骤(4)和(6)，作a图象，若图象为一过原点的直线，证明加速度与质量成反比。5注意事项(1)安装器材时，要调整滑轮的高度，使拴小车的细绳与木板平行。(2)平衡摩擦力时，小车连着穿过打点计时器的纸带，但不要把悬挂小盘的细线系在小车上。改变砝码
3、的质量后，不需要重新平衡摩擦力。(3)只有小车的质量远大于小盘和砝码的总质量，小盘和砝码的总重力才可视为小车受到的拉力。(4)开始时小车应尽量靠近打点计时器，并应先接通电源，再放开小车，在小车到达滑轮前按住小车。6误差分析(1)实验原理不完善：本实验用小盘和砝码的总重力mg代替小车的拉力，而实际上小车所受的拉力要小于小盘和砝码的总重力。(2)摩擦力平衡不准确、质量测量不准确、计数点间距测量不准确、纸带和细绳不严格与木板平行都会引起误差。 教材原型实验1在“验证牛顿运动定律”实验中，采用如图所示的装置图进行实验。(1)对小车进行“平衡摩擦力”操作时，下列必须进行的是_(填字母序号)。A取下砂和砂
4、桶B在空砂桶的牵引下，轻推一下小车，小车能做匀速直线运动C小车拖着穿过打点计时器的纸带做匀速运动时，打点计时器的电源应断开D把长木板没有定滑轮的一端垫起适当高度(2)实验中，已经测出小车的质量为M，砂和砂桶的总质量为m，若要将砂和砂桶的总重力大小作为小车所受拉力F的大小，这样做的前提条件是_。(3)在实验操作中，下列说法正确的是_。A求小车运动的加速度时，可用天平测出砂和砂桶的质量M和m，以及小车质量M，直接用公式ag求出B实验时，应先接通打点计时器的电源，再放开小车C每改变一次小车的质量，都需要改变垫入的小木块的厚度D先保持小车质量不变，研究加速度与力的关系；再保持小车受力不变，研究加速度与
5、质量的关系，最后归纳出加速度与力、质量的关系解析(1)平衡摩擦力时使小车所受重力沿木板方向分力与小车所受摩擦力平衡，故A、D项正确，B项错误；为确定小车是否为匀速运动，需要通过纸带上点迹是否均匀来判断，故C项错误。(2)根据牛顿第二定律得，mg(Mm)a，解得a，则绳子的拉力FMa，可知当砂和砂桶的总质量远小于小车质量时，小车所受的拉力大小等于砂和砂桶的总重力，所以应满足的条件是砂和砂桶的总质量远小于小车的质量。(3)本实验是“验证牛顿运动定律”，所以不能把牛顿第二定律当成已知的公式来使用，故A错误；使用打点计时器时，应该先接通电源，后释放纸带，故B正确；平衡摩擦力后有tan ，小车质量改变时
6、，总满足mgsin mgcos ，与小车质量无关，所以不用再次平衡摩擦力，故C错误；本实验采用控制变量法，故D正确。答案(1)AD(2)砂和砂桶的总质量远小于小车的质量(3)BD2.某组同学设计了“探究加速度a与物体所受合力F及质量m的关系”实验。图甲为实验装置简图，A为小车，B为电火花计时器，C为装有细砂的小桶，D为一端带有定滑轮的长方形木板，实验中认为细绳对小车的拉力F等于细砂和小桶的总重力，小车运动的加速度a可用纸带上打出的点求得。甲乙(1)图乙为某次实验得到的纸带，已知实验所用电源的频率为50 Hz。根据纸带可求出电火花计时器打B点时的速度为_ m/s，小车的加速度大小为_ m/s2。
7、(结果均保留两位有效数字)(2)在“探究加速度a与质量m的关系”时，某同学按照自己的方案将实验数据在坐标系中进行了标注，但尚未完成图象(如图丙所示)。请继续帮助该同学作出坐标系中的图象。丙丁(3)在“探究加速度a与合力F的关系”时，该同学根据实验数据作出了加速度a与合力F的图线如图丁，该图线不通过坐标原点，试分析图线不通过坐标原点的原因。_。解析(1)AC这段位移的平均速度等于AC这段时间中间时刻的瞬时速度，即B点的瞬时速度，故vB m/s1.6 m/s。由逐差法求解小车的加速度，a m/s23.2 m/s2。(2)将坐标系中各点连成一条直线，连线时应使直线过尽可能多的点，不在直线上的点应大致
8、对称地分布在直线的两侧，离直线较远的点应视为错误数据，不予考虑，连线如图所示：(3)图线与横轴有截距，说明实验前没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够。答案(1)1.63.2(2)见解析(3)实验前没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够1平衡摩擦力用小车所受的拉力替代合力小车受力为重力、拉力、阻力、支持力，平衡摩擦力后，使重力、阻力和支持力的合力为零，则小车所受的拉力等于小车的合力。2小车质量(M)远大于悬挂物质量(m)用悬挂物重力替代小车所受的拉力。3平衡摩擦力不准造成的误差图线aF不通过原点，分两种情况：(1)当平衡摩擦力不够时，F0，a0。(2)当平衡摩擦力过度时，F0，a0。4由于不满足Mm引起的误差
9、图线aF和a都向下弯曲。 拓展创新实验实验器材创新(2020西安四校联考)某课外小组利用图甲装置探究物体的加速度与所受合力之间的关系，请完善如下主要实验步骤。甲乙(1)如图乙，用游标卡尺测量遮光条的宽度d_cm；(2)安装好光电门，从图甲中读出两光电门之间的距离s_cm；(3)接通气源，调节气垫导轨，根据滑块通过两光电门的时间_(选填“相等”或“不相等”)可判断出导轨已调成水平；(4)安装好其他器材，并调整定滑轮，使细线水平；(5)让滑块从光电门1的左侧由静止释放，用数字毫秒计测出遮光条经过光电门1和2的时间分别为t1和t2，计算出滑块的加速度a1_(用d、s、t1和t2表示)，并记录对应的拉
10、力传感器的读数F1；(6)改变重物质量，多次重复步骤(5)，分别计算出加速度a2、a3、a4并记录对应的F2、F3、F4；(7)在aF坐标系中描点，得到一条通过坐标原点的倾斜直线，由此得出_。解析(1)由题图乙可知，该游标卡尺为20分度，精度为0.05 mm，读数为5 mm100.05 mm5.50 mm0.550 cm。(2)s70.5 cm20.5 cm50.00 cm。(3)在调整气垫导轨水平时，滑块不挂重物和细线，判断气垫导轨水平的依据是：接通气源后，给滑块一个初速度，反复调节旋钮，使滑块通过两光电门的时间相等。(5)根据滑块和遮光条经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平
11、均速度，则有：v，则通过光电门1和2的速度分别为v1和v2，由速度位移公式可得：2asvv，故可得a。(7)一条通过坐标原点的倾斜直线是正比例函数，故说明物体质量一定时，其加速度与所受合力成正比。答案(1)0.550(2)50.00(3)相等(5)(7)物体质量一定时，其加速度与所受合力成正比创新点解读：本题的创新点主要体现在三处：(1)气垫导轨代替长木板，无需平衡摩擦力。(2)力传感器测量滑块所受的拉力，钩码的质量不需要远小于滑块质量，更无需测钩码的质量。(3)用光电门代替打点计时器，用遮光条和光电门测得滑块的末速度，由刻度尺读出遮光条中心初始位置与光电门之间的距离，由运动学公式求出加速度。
12、实验原理创新实验小组用图甲所示的装置既可以探究加速度与合力的关系，又可以测量当地的重力加速度。装置中的物块下端连接纸带，砂桶中可放置砂子以便改变物块所受到力的大小，物块向上运动的加速度a可由打点计时器和纸带测出，现保持物块质量不变，逐渐增大砂桶和砂的总质量进行多次实验，得到多组a、F值(F为力传感器的示数，大小等于悬挂滑轮绳子的拉力)，不计滑轮的重力。甲乙(1)某同学根据实验数据画出了aF关系图线如图乙所示，则由该图象可求得物块的质量m_ kg，当地重力加速度g_m/s2(结果均保留两位有效数字)。(2)改变砂桶和砂的总质量M使物块获得不同大小的加速度a，则实验得到的加速度a的值可能是_(选填
13、选项前的字母)。A12.0 m/s2B10.0 m/s2C6.5 m/s2D8.2 m/s2解析(1)对物体分析可得：FTmgma，对滑轮应有：F2FT，联立以上方程可得aFg，可得图线的斜率k，解得m0.20 kg，纵轴的截距g10，解得g10 m/s2。(2)由图象可知实验得到的加速度a的值应该大于0小于9 m/s2，符合条件只有C、D。答案(1)0.2010(2)CD创新点解读：本题创新点在于利用传感器记录数据，将探究加速度与合外力的关系转化为加速度与传感器示数的关系。实验目的创新(2020山东高考)2020年5月，我国进行了珠穆朗玛峰的高度测量，其中一种方法是通过使用重力仪测量重力加速
14、度，进而间接测量海拔高度。某同学受此启发就地取材设计了如下实验，测量当地重力加速度的大小。实验步骤如下：(i)如图甲所示，选择合适高度的垫块，使木板的倾角为53，在其上表面固定一与小物块下滑路径平行的刻度尺(图中未画出)。图甲(ii)调整手机使其摄像头正对木板表面，开启视频录像功能。将小物块从木板顶端释放，用手机记录下小物块沿木板向下做加速直线运动的情况。然后通过录像的回放，选择小物块运动路径上合适的一点作为测量参考点，得到小物块相对于该点的运动距离L与运动时间t的数据。(iii)该同学选取部分实验数据，画出了 t图象，利用图象数据得到小物块下滑的加速度大小为5.6 m/s2。(iv)再次调节
15、垫块，改变木板的倾角，重复实验。回答以下问题：(1)当木板的倾角为37时，所绘图象如图乙所示。由图象可得，物块过测量参考点时速度的大小为_ m/s；选取图线上位于坐标纸网格交叉点上的A、B两点，利用A、B两点数据得到小物块下滑加速度的大小为_ m/s2。(结果均保留2位有效数字)图乙(2)根据上述数据，进一步分析得到当地的重力加速度大小为_ m/s2。(结果保留2位有效数字，sin 370.60，cos 370.80)解析(1)物块匀加速下滑，经过参考点开始计时，由运动学公式有Lv0tat2，变形得2v0at，所以题图乙中图线的纵截距表示通过参考点时速度的2倍，则v0 m/s0.32 m/s；
16、图线的斜率表示物块的加速度，则加速度a m/s23.1 m/s2。(2)物块沿斜面下滑过程中，由牛顿第二定律有mgsin mgcos ma，将153，a15.6 m/s2；237，a23.1 m/s2分别代入，解得g9.4 m/s2。答案(1)0.323.1(2)9.4创新点解读：本题的创新点在于由验证牛顿第二定律，拓展为应用牛顿第二定律结合受力特点和规律测量重力加速度进而测高度。1.学习了传感器之后，在研究小车加速度与所受合外力的关系”实验时，甲、乙两实验小组引进“位移传感器”“力传感器”，分别用如图(a)、(b)所示的实验装置实验，重物通过细线跨过滑轮拉相同质量的小车，位移传感器B随小车一
17、起沿水平轨道运动，位移传感器A固定在轨道一端。甲组实验中把重物的重力作为拉力F，乙组直接用力传感器测得拉力F，改变重物的重力重复实验多次，记录多组数据，并画出aF图象。(a)(b)(c)(1)甲组实验把重物的重力作为拉力F的条件为_。(重物质量为m，小车与传感器总质量为M)(2)图(c)中符合甲组同学作出的实验图象是_；符合乙组同学作出的实验图象是_。(选填“”“”或“”)解析(1)在该实验中实际是：mg(Mm)a，要满足mgMa，应该使重物的质量远小于小车和传感器的总质量。(2)在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；由实验原理：mgMa，得a，而实际上a，即随着重物的质量增大，不再满足重物
18、的质量远远小于小车与传感器的总质量，所以题图(c)中符合甲组同学作出的实验图象是。乙组直接用力传感器测得拉力F，随着重物的质量增大，拉力F的测量是准确的，aF关系为一倾斜的直线，符合乙组同学作出的实验图象是。答案(1)mM(2)2(2020福建六校联考)为了探究物体质量一定时加速度与力的关系，甲、乙同学设计了如图1所示的实验装置，其中M为小车的质量，m为砂和砂桶的总质量，m0为滑轮的质量。力传感器可测出轻绳中的拉力大小。图1(1)实验时，一定要进行的操作是_。A用天平测出砂和砂桶的总质量B将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录
19、力传感器的示数D为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的总质量m远小于小车的质量M(2)甲同学在实验中得到如图2所示的一条纸带(两计数点间还有四个点没有画出)，已知打点计时器采用的是频率为50 Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为_m/s2(结果保留3位有效数字)。图2(3)甲同学以力传感器的示数F为横轴，加速度a为纵轴，画出的aF图线是一条直线，如图3所示，图线与横轴的夹角为，求得图线的斜率为k，则小车的质量M_。A Bm0Cm0 D图3图4(4)乙同学根据测量数据作出如图4所示的aF图线，该同学做实验时存在的问题是_。解析(1)验证牛顿第二定律的实验原理是FMa，本题绳中拉力可以由力传
20、感器测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使砂和砂桶的总质量m远小于小车的质量M，A、D错误；用力传感器测量绳子的拉力，则力传感器示数的2倍等于小车受到的合外力大小，需要平衡摩擦力，B正确；释放小车之前应先接通电源，待打点稳定后再释放小车，该实验还需要记录力传感器的示数，C正确。(2)由逐差法计算加速度a2.00 m/s2。(3)对小车与滑轮组成的系统，由牛顿第二定律得aF，图线的斜率为k，则k，故小车的质量Mm0，故选项C正确。(4)图线在F轴上的截距不为零，说明力传感器显示有拉力时，小车仍然静止，这是没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够造成的。答案(1)BC(2)2.00(3)C(4)
21、没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够3某同学设计了一个如图1所示的装置测定滑块与木板间的动摩擦因数，其中A为滑块，B和C是质量可调的砝码，不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦，装置水平放置。实验中该同学在砝码总质量(mmm0)保持不变的条件下，改变m和m的大小，测出不同m下系统的加速度a，然后通过实验数据的分析就可求出滑块与木板间的动摩擦因数。图1图2图3(1)该同学手中有打点计时器、纸带、质量已知且可随意组合的砝码若干、滑块、一端带有定滑轮的长木板、细线，为了完成本实验，得到所要测量的物理量，还应有_。A停表B毫米刻度尺C天平D低压交流电源(2)实验中，该同学得到一条较为理想的纸带，如图2所示，从清
22、晰的O点开始，每隔4个点取一计数点(中间4个点没画出)，分别记为A、B、C、D、E、F，各计数点到O点的距离为OA1.61 cm，OB4.02 cm，OC7.26 cm，OD11.30 cm，OE16.14 cm，OF21.80 cm，打点计时器打点频率为50 Hz，则由此纸带可得到打E点时滑块的速度vE_m/s，此次实验滑块的加速度a_m/s2。(结果均保留两位有效数字)(3)在实验数据处理中，该同学以m为横轴，以系统的加速度a为纵轴，绘制了如图3所示的实验图线，结合本实验可知滑块与木板间的动摩擦因数_。(g取10 m/s2)解析(1)打点计时器通过打点即可知道时间，故不需要停表，故A错误；
23、实验需要测量两点之间的距离，需要毫米刻度尺，故B正确；本实验中可以不测滑块的质量，而且砝码的质量已知，天平可以不选，故C错误；打点计时器要用到低压交流电源，故D正确。(2)每隔4个点取一计数点，相邻计数点之间的时间间隔为0.1 s，故用平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得：vE102 m/s0.53 m/s由图乙知x11.61 cm，x2(4.021.61)cm2.41 cm，x3(7.264.02)cm3.24 cm，x4(11.307.26)cm4.04 cm，x5(16.1411.30)cm4.84 cm，x6(21.8016.14)cm5.66 cm，所以滑块的加速度a0.81 m/s2(3)对ABC系统应用牛顿第二定律可得ag所以am图象中，纵轴的截距为g，故g3 ms2，0.3。答案见解析