1、考点：电势、电场强度、电势差、电势能、电路的动态分析、电磁感应定律、电流、闭合电路的欧姆定律、电磁感应中的功能关系、热学.【KS5U】新课标2016年高二物理暑假作业7一、 选择题.1.（单选）关于电势差的说法中，正确的是（）A.两点间的电势差等于电荷从其中一点移到另一点时，电场力所做的功B.1C电荷从电场中一点移动到另一点，如果电场力做了1J的功，这两点间的电势差就是1VC.在两点间移动电荷时，电场力做功的多少跟这两点间的电势差无关D.两点间的电势差的大小跟放入这两点的电荷的电量成反比2.（单选）关于电荷所受电场力和洛仑兹力，正确的说法是（）A电荷在磁场中一定受洛仑兹力作用B电荷在电场中一定
2、受电场力作用C电荷所受电场力一定与该处电场方向相同D电荷所受的洛仑兹力一定与该处磁场方向相同3.（单选）如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是（） A.Q变小，C不变，U不变，E变小 B.Q变小，C变小，U不变，E不变 C.Q不变，C变小，U变大，E不变 D.Q不变，C变小，U变大，E变小 4.（单选）在图中，标出磁场B的方向，通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（）ABCD5.（单选）在如图所示的
3、电路中，两个相同的电流表，零刻点在刻度盘的中央当电流从“+”接线柱流入时，指针向右摆；当电流从“”接线柱流入时，指针向左摆在电路接通且稳定时再断开开关的瞬间，下列说法正确的是（） A G1指针向右摆，G2指针向左摆 B G1指针向左摆，G2指针向右摆 C 两指针都向右摆 D 两指针都向左摆6.有关电动势的说法不正确的是（）A电源的电动势等于内、外电路电势降落之和B电源提供的电能越多，电源的电动势越大C当外电路断开时，电源的路端电压与电源电动势相等D当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值7.（多选）如图为远距离输电示意图，发电机的输出电压U1和输电线的电阻、理想变
4、压器匝数均不变，且 n1：n2=n4：n3当用户用电器的总电阻减少时（）AU1：U2=U4：U3B用户的电压U4增加C输电线上损失功率增大D用户消耗的功率等于发电机的输出功率8.(多选)R1和 R2是材料相同，厚度相同，表面都为正方形的导体，但R1的尺寸比R2大得多，把它们分别连接在如图电路的A、B端，接R1时电压表的读数为U1，接R2时电压表的读数为U2，下列判断正确的是（）A. R1=R2 B. R1R2 C. U1U2 D. U1=U2二 实验题.9.（12分）在“探究气体等温变化的规律”实验中，封闭的空气如图所示，U形管粗细均匀，右端开口，已知外界大气压为76cm汞柱高，图中给出了气体
5、的两个不同的状态。（1）实验时甲图气体的压强为 cm汞柱高；乙图气体压强为 cm汞柱高。（2）实验时某同学认为管子的横截面积s可不用测量，这一观点正确吗？答： （填正确或错误）（3）数据测量完后在用图像法处理数据时，某同学以压强p为纵坐标，以体积V（或空气柱长度）为横坐标来作图，你认为他这样做能方便地看出p与V间的关系吗？答： （填能或不能）。10.在用电压表和电流表研究小灯泡在不同电压下的功率的实验中，实验室备有下列器材供选择：A待测小灯泡（3.0V、1.5W）B电流表（量程3A，内阻约为1）C电流表（量程0.6A，内阻约为5）D电压表（量程3.0V，内阻约为10k）E电压表（量程15.0V
6、，内阻约为50k）F滑动变阻器（最大阻值为100，额定电流50mA）G滑动变阻器（最大阻值为10，额定电流1.0A）H电源（电动势为4.0V，内阻不计）I电键及导线等（1）为了使实验完成的更好，电流表应选用；电压表应选用；滑动变阻器应选用（只需填器材前面的字母即可）（2）请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把由图2中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图（3）正确连线后，实验开始前，应将滑动变阻器的滑片置于端（填“右或左”）三、 解答题.11.如图，在B=9.1104T的匀强磁场中，CD是垂直于磁场方向上的同一平面上的两点，相距d=0.05m，磁场中运动的电子经过C时，速度方向与CD
7、成30角，而后又通过D点，求：（1）在图中标出电子在C点受磁场力的方向（2）电子在磁场中运动的速度大小（3）电子从C点到D点经历的时间（电子的质量m=9.11031kg电量e=1.61019c）12.交流发电机转子有n匝线圈，每匝线圈所围面积为S，匀强磁场的磁感应强度为B，匀速转动的角速度为，线圈内电阻为r，外电路电阻为R。当线圈由图中实线位置匀速转动90到达虚线位置过程中，求：通过R的电荷量q为多少？R上产生电热QR为多少？外力做的功W为多少？【KS5U】新课标2016年高二物理暑假作业7参考答案1.考点：电势差 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电势差和电场力做功的公式UAB=，求解两
8、点间的电势差是由电场本身决定的与检验电荷无关解答：解：A、根据电势差和电场力做功的公式UAB=，得：两点间的电势差等于从其中一点移到另一点时，电场力所做的功与电荷量的比值，故A错误B、1C的电荷从电场中一点移到另一点，如果电场力做了1J的功，这两点间的电势差就是1V，故B正确C、在两点间移动电荷时，电场力做功的多少与电荷量和两点间的电势差都有关，故C错误，D、两点间的电势差是由电场本身决定的与检验电荷无关故D错误故选：B点评：解决该题关键要了解公式UAB=，的意义2.考点：洛仑兹力.分析：注意电荷在磁场中受洛伦兹力是“有条件”的即运动电荷和磁场方向有夹角，若是平行或电荷与磁场相对静止则不受洛伦
9、兹力作用，而电荷在电场中受电场力是“无条件”的即电场力与电荷的运动状态无关解答：解：A、电荷在磁场中不一定受到磁场力，比如：运动方向与磁场平行，故A错误；B、电荷在电场中一定受到电场力，故B正确；C、电荷在电场中一定受电场力作用，与电荷运动状态无关，正电荷受力和电场方向一致，负电荷受力和电场方向相反，故C错误；D、电荷在磁场中的运动方向和磁场方向不在同一线上时，电荷受洛伦兹力作用，洛伦兹力方向和磁场垂直，故D错误故选：B点评：重力、电场力、洛伦兹力是高中阶段学习的三种重要的“场力”，一定正确理解它们的受力特点以及大小和方向的求法3.考点： 电容器的动态分析 专题： 电容器专题 分析： 题中平行
10、板电容器与静电计相接，电容器的电量不变，改变板间距离，由C=，分析电容的变化，根据C=分析电压U的变化，根据E=分析场强的变化 解答： 解：A、B，平行板电容器与静电计并联，电容器所带电量不变故A、B错误 C、D，增大电容器两极板间的距离d时，由C=知，电容C变小，Q不变，根据C=知，U变大，而E=，Q、k、S均不变，则E不变故C正确，D错误 故选C 点评： 对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量当电容器保持与电源相连时，电压不变当电容器充电后，与电源断开后，往往电量不变 4.考点：左手定则；安培力版权所有分析：带电粒子在匀强磁场中运动时，其受到的安培力的方向由左手定则来判定解答：解：通电导
11、线在磁场中受到安培力作用，其方向均由左手定则来确定左手定则内容是：伸开左手大拇指垂直四指且在同一平面内，让磁感线穿过掌心，四指指的是电流的方向，则大拇指就是安培力的方向所以安培力方向与磁场方向垂直、与电流方向垂直，即其与磁场和电流的方向所构成的平面垂直A、电流方向水平向右，由左手定则可知安培力竖直向下，故A错误；B、由于电流方向与磁场方向平行，则没有安培力，故B错误；C、电流方向垂直纸面向外，由左手定则可得安培力方向竖直向下，故C正确；D、电流方向水平向右，由左手定则可知，安培力方向垂直纸面向外，故D错误；故选：C点评：左手定则是判定安培力方向，而右手定则是确定感应电流方向同时强调磁感线穿过掌
12、心，且四指指向为电流的方向5.解：电路稳定后断开，通过电阻这一支路的电流立即消失，由于电感器对电流的变化有阻碍作用，会阻碍其减小，通过电感器的电流，且流过电阻所以含有电感器的支路的电流从“+”接线柱流入，G1指针向右摆含有电阻的支路电流从“”接线柱流入，G2指针向左摆故A正确，B、C、D错误故选：A6.B解：A、由闭合电路欧姆定律可知，电动势等于内、外电路电势降落之和；故A正确；B、电源提供的电能取决于做功时间，不能说明电动势大；故B错误；C、外电断开时，电源的路端电压与电源电动势相等；故C正确；D、动势的定义式E=可知，当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值；
13、故D正确；本题选错误的，故选：B7.解：A、根据，以及 n1：n2=n4：n3，知U1：U2=U4：U3故A正确B、用户用电器总电阻减小，则电流增大，所以输电线上的电流增大，根据知，输电线上损耗的功率增大，根据U=IR知，输电线上的电压损失变大，发电机的输出电压不变，则升压变压器的输出电压不变，则降压变压器的输入电压变小，用户的电压U4减小故C正确，B错误D、用户消耗的功率等于发电机的输出功率与输电线上损失的功率之差故D错误故选：AC8.AD解：A、设正方形的边长为a，则导体的电阻R=，由两导体的与d相同，则两导体电阻相等，即R1=R2，故A正确，B错误；C、导体接入电路中，电压表示数U=IR
14、=R，由于电源电动势E、内阻r、导体电阻R相同，则电压表示数U相同，即U1=U2，故C错误，D正确；故选AD9.（1）76，80；（2）正确；（3）不能 10.考点：描绘小电珠的伏安特性曲线版权所有专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）器材的选取要安全、精确，根据小灯泡的额定电压和额定电流选出电压表和电流表的量程滑动变阻器采用分压式接法，从测量的误差角度选出合适的滑动变阻器（2）研究小灯泡在不同电压下的功率，电压和电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法根据所测灯泡的内阻，与电压表内阻和电流表内阻比较，确定是大电阻还是小电阻，从而确定电流表采取内接法还是外接法（3）根据分压接法的特点确
15、定滑动变阻器滑片开始所在的位置解答：解：（1）从测量精确度考虑，小灯泡的额定电压为3V，所以电压表选取量程为3V的，小灯泡的额定电流I=0.5A，所以电流表选取量程为0.6A的，最大阻值为100的滑动变阻器接入电路测量误差较大，所以选取最大阻值为10的滑动变阻器故选C、D、G（2）由于电压和电流需从0开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻R=6，远小于电压表内阻，与电流表内阻相当，属于小电阻，“小外偏小”，采取电流表的外接法电流图如下（3）为了让开始时测量电路中电压为零，故滑片开始时应滑到最左侧；故答案为：（1）C；D；G（2）如图（3）左；点评：解决本题的关键掌握器材选取的原则，
16、掌握滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，以及电流表内外接的区别11.考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力版权所有专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）由左手定则判断电子的受力；（2）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据题设给出的条件可以根据几何关系求出半径的大小，再根据洛伦兹力提供圆周运动向心力解出电子在磁场中运动的速度大小；（3）根据几何关系求出粒子在磁场中做圆周运动转过的圆心角，再根据解答：解：（1）由左手定则判断，电子受磁场力方向垂直v斜向右下如图：（2）由几何关系，电子圆运动半径r=d 由洛伦兹力提供向心力，有evB=由两式解得 m/s（3）粒子运动的周期：
17、，粒子运动的时间：=6.5109s答：（1）在图中标出电子在C点受磁场力的方向如图（2）电子在磁场中运动的速度大小是8.0106m/s（3）电子从C点到D点经历的时间是6.5109s点评：带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的问题，根据速度方向一定垂直于轨迹半径，正确地找出圆心、画出圆运动的轨迹是解题过程中要做好的第一步再由几何知识求出半径r和轨迹对应的圆心角，再利用带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的半径公式r=和周期公式T=求有关物理量12.解：按照电流的定义I=q/t，计算电荷量q应该用电流的平均值：即。求电热应该用有效值，先求总电热Q，再按照内外电阻之比求R上产生的电热QR。根据能量守恒，外力做功的过程是机械能向电能转化的过程，电流通过电阻，又将电能转化为内能，即放出电热。因此W=Q 。