1、2019届黑龙江省鹤岗市第一中学高三上学期第二次月考物理试题此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 物理注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第I卷（选择题)一、单选题1下列运动状态中，物体处于平衡状态的是（ ）A蹦床运动员上升到最高
2、点B荡秋千的小孩摆到最低点C与倾斜的、匀速传动的传送带保持相对静止的货物D宇航员乘坐神舟六号进入轨道做圆周运动时2对于质量为m1和质量为m2的两个物体间的万有引力的表达式F=Gm1m2/r2，下列说法正确的是（）Am1和m2所受引力总是大小相等的B当两物体间的距离r趋近于零时，万有引力无穷大C当有第三个物体m3放入m1、m2之间时，m1与m2间的万有引力将增大D所受的引力性质可能相同，也可能不同3有一星球的密度与地球的密度相同，但它表面处的重力加速度是地面上重力加速度的4倍，则该星球的质量将是地球质量的()A B4倍 C16倍 D64倍4一质量为m的物体在水平恒力F的作用下沿水平面运动，在t时
3、刻撤去力F，其v-t图象如像所示。己知物体与水平面准的动摩擦因数为，则下列关于力F的大小和力F做的功W的大小关系式，正确的是（ ） AF=3mg BF=mg CW=mgv0t0 DW= mgv0t05有一则“守株待兔”的古代寓言，设兔子的头部受到大小等于自身重量的打击时，即可致死。假若兔子与树桩作用时间大约为0.2s，则若要被撞死，兔子奔跑的速度至少为（g=10m/s2）（ ）A1m/s B1.5m/s C2m/s D2.5m/s6一炮弹质量为m，以一定的倾角斜向上发射，达到最高点时速度大小为v，方向水平。炮弹在最高点爆炸成两块，其中质量为m/4的一块恰好做自由落体运动，则爆炸后另一块瞬时速度
4、大小为（ ）Av B4v/3 C3v/4 D07如图所示，P是水平面上的圆弧凹槽。从高台边B点以某速度v0水平飞出的小球，恰能从固定在某位置的凹槽的圆弧轨道的左端A点沿圆弧切线方向进入轨道。O是圆弧的圆心，1是OA与竖直方向的夹角，2是BA与竖直方向的夹角。则()A2 Btan1tan22 C2 D2二、多选题8如图所示，发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火将卫星送入椭圆轨道2，然后再次点火，将卫星送入同步轨道3.轨道1、2相切于Q点，2、3相切于P点，则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，下列说法中正确的是( )A卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B卫星在轨道
5、3上的角速度大于在轨道1上的角速度C卫星在轨道1上经过Q点时的加速度大于它在轨道2上经过Q点时的加速度D卫星在轨道2上经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度9在1802年，科学家威廉歇尔首次提出了“双星”这个名词。现有由两颖中子星A、B组成的双星系统，可抽象为如图所示绕O点做匀速圆周运动的模型，已知A的轨道半径小于B的轨道半径，若A、B的总质量为M，A、B间的距离为L，其运动周期为T，则（ ）A中子星B的线速度一定小于中子星A的线速度B中子星B的质量一定小于中子星A的质量CL一定，M越大，T越小DM一定，L越大，T越小10如图所示,小球质量为m,被三根质量不计的弹簧A、B、C拉住
6、,弹簧间的夹角均为120o,小球平衡时, A、B、C的弹力大小之比为3：3：1,当剪断C瞬间,小球的加速度大小及方向可能为（ ）Ag/2,竖直向下 Bg/2,竖直向上Cg/4,竖直向上 Dg/4,竖直向下11如图所示，固定的倾斜粗糙杆，杆与水平面夹角为(045)，杆上套有一个质量为m的圆环，圆环与竖直放置的轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，弹簧处于原长h时，让圆环由静止开始沿杆滑下，滑到杆的底端时速度恰好为零。若以地面为参考面，则在圆环下滑过程中（ ）A圆环的机械能保持为mghB弹簧的弹性势能先增大后减小再增大C弹簧弹力一直对圆环做正功D全过程弹簧弹性势能的增加量小于圆环重力势
7、能的减少量12质量为m=20kg的物体，在大小恒定的水平外力F的作用下，沿水平面做直线运动02s内F与运动方向相反，2s4s内F与运动方向相同，物体的速度-时间图象如图所示，已知g取10m/s2则（ ）A物体在04s内通过的位移为8mB拉力F的大小为100NC物体与地面间的动摩擦因数为0.2D物体克服摩擦力做的功为480J第II卷（非选择题)三、实验题13在“探究功与速度变化的关系”实验中，某同学设计了如图甲所示的实验方案：使小物块在橡皮筋的作用下沿水平桌面被弹出，第二次、第三次操作时分别改用2根、3根、同样的橡皮筋将小物块弹出，测出小物块被弹出时速度，然后找到牵引力对小物块做的功与小物块速度
8、的关系 （1）要测得小物块被弹出后的水平速度，需要测量哪些物理量_。（填正确答案标号，g已知）A小物块的质量mB橡皮筋的原长xC橡皮筋的伸长量D桌面到地面的高度hE小物块抛出点到落地点的水平距离L（2）用测量的物理量表示获得速度大小的表达式_。（3）能够实现橡皮筋对小物块做功整数倍变化的是_。A增加相同橡皮盘的条数，使小物块每次从同位置释放B橡皮筋两端固定，使橡皮筋的伸长量依次加倍C橡皮筋两端固定，使橡皮筋的长度依次加倍D释放小物块的位置等间距的变化（4）根据实验数据做出的图象如图乙所示，图线不通过原点的原因是_14在验证机械能守恒定律的实验中，某同学利用图甲中器材进行实验，正确地完成实验操作
9、后，得到一条点迹清晰的纸带，如图乙所示在实验数据处理中，某同学取A、B两点来验证实验已知打点计时器每隔0.02 s打一个点，g取9.8 m/s2，图中测量结果记录在下面的表格中(1)观察纸带，可知连接重物的夹子应夹在纸带的_端(选填“左”或“右”)；(2)将表格中未填项目填写完整：B点瞬时速度_m/s。(3)若重物和夹子的总质量为0.6 kg，那么在从A到B运动过程中，动能的增加量为_J，重力势能的减少量为_J.（结果保留三位有效数字）四、解答题15一物体放在水平地面上，如图1所示，已知物体所受水平拉力F随时间t的变化情况如图2所示，物体相应的速度v随时间t的变化关系如图3所示。求：(1)4s
10、末合力的功率；(2)010s时间内，物体克服摩擦力所做的功.16如图所示，一质量为M的平板车B放在光滑水平面上，在其右端放一质量为m的小木块A， M=5m，A、B间粗糙，现给A和B以大小相等、方向相反的初速度v0,使A开始向左运动，B开始向右运动，最后A不会滑离B，求：A、B最后的速度大小和方向？17如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行，一质量m=1kg，初速度大小为v2的煤块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带若以地面为参考系，从煤块滑上传送带开始计时，煤块在传送带上运动的速度-时间图象如图乙所示，取g=10m/s2，求：(1)煤块与传送带间的动摩擦因数；(2)煤块在
11、传送带上运动的时间；18一轻质弹簧，两端连接两滑块A和B，已知mA=0.99kg，mB=3kg，放在光滑水平桌面上，开始时弹簧处于原长现滑块A被水平飞来的质量为mC=10g，速度为400m/s的子弹击中，且没有穿出，如图所示，试求：(1)子弹击中A的瞬间A和B的速度分别为多少？(2)以后运动过程中弹簧的最大弹性势能？(3)弹簧恢复原长时，两滑块的速度分别为多少？2019届黑龙江省鹤岗市第一中学高三上学期第二次月考物理试题物理答案1C【解析】A、蹦床运动员上升到最高点时，其合力不为零，等于其重力，所以运动员处于非平衡状态。故A错误.B、秋千摆到最低点时有向心加速度，合力不等于零，处于非平衡状态；
12、故B错误.C、随传送带一起水平匀速运动的货物，合力为零，加速度为零；故C正确.D、宇航员乘坐“神舟”六号进入轨道做圆周运动时，合力等于地球的万有引力，并不等于零，所以他们处于非平衡状态；故D错误.故选C.【点睛】物体瞬时速度为零时，物体不一定处于平衡状态匀速圆周运动物体处于的是非平衡状态考查判断物体运动性质的能力2A【解析】A、m1和m2所受的万有引力大小总是相等的，方向相反，是一对作用力与反作用力；故A正确.B、当两物体间的距离趋向于零时，万有引力定律公式，不再适用；故B错误.C、相互作用的两个物体，两者的万有引力大小与质量的乘积与正比，与距离的二次方成反比，与第三个物体无关；故C错误.D、
13、所受的引力是一对作用力与反作用力，性质一定相同；故D错误.故选A.【点睛】解决本题的关键掌握万有引力定律的公式，知道公式的适用条件3D【解析】由mg得M，R，4，结合题意，该星球半径是地球半径的4倍根据M，644A【解析】A、B、取初速度方向为正方向。根据动量定理得：对全过程：Ft0-mg3t0=0，得F=3mg；故A正确，B错误.C、D、在0-t0时间内物体的位移为,力F做功大小为；故C，D均错误.故选A.【点睛】本题涉及力在时间上的累积效应，可优先考虑运用动量定理研究F的大小，当然也可以根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解5C【解析】取兔子奔跑的速度方向为正方向.根据动量定理得,可得，由F
14、=mg，得到；故选C.【点睛】本题应用动量定理研究碰撞过程物体的速度对于打击、碰撞、爆炸等变力作用过程，往往用动量定理研究作用力6B【解析】爆炸前动量为mv，设爆炸后另一块瞬时速度大小为v，取炮弹到最高点未爆炸前的速度方向为正方向，爆炸过程动量守恒，则有：，解得：，故B正确，A、C、D错误。考点： 动量守恒定律7B【解析】从图中可以看出，速度与水平方向的夹角为1，位移与竖直方向的夹角为2然后求出两个角的正切值解：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动速度与水平方向的夹角为1，tan位移与竖直方向的夹角为2，则tan1tan2=2故B正确，A、C、D错误故选B8BD【解析
15、】A、B、根据人造卫星的万有引力等于向心力，得，轨道3半径比轨道1半径大，所以卫星在轨道3上的速率小于在轨道1上的速率；卫星在轨道3上的角速度小于在轨道1上的角速度；故A错误，B正确。C、根据牛顿第二定律和万有引力定律得加速度，所以卫星在轨道1上经过Q点时的加速度等于它在轨道2上经过Q点时的加速度；故C错误。D、根据牛顿第二定律和万有引力定律得加速度，所以卫星在轨道2上经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度；故D正确。故选BD。【点睛】本题考查卫星的变轨和离心运动等知识，关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度和角速度的表达式，再进行讨论9BC【解析】（1）因双星的角速度相
16、等，故轨道半径小的线速度小，选项A错误；（2）由于每颗星的向心力都是由双星间相互作用的万有引力提供的，因此大小必然相等，由可得各自的轨道半径与其质量成反比，即，所以轨道半径小的质量大，选项B正确；（3）对质量为的星球，有，对质量为的星球有，又因为，解得：，由此式可知，一定，越大，越小，选项C正确；一定，越大，T越大，选项D错误。故本题选BC。10BD【解析】设剪断C前弹簧C的弹力大小为F，则A、B的弹力大小均3F.剪断C前：由于A、B两弹力的夹角为120，它们的合力大小为3F，方向竖直向上，当C弹簧为拉力时，则对小球平衡有：,;当剪断C瞬间，A、B的弹力没有变化，小球所受的合力与原来弹簧C的弹
17、力大小相等、方向相反，即此瞬间小球的合力大小为，方向竖直向上，由牛顿第二定律得，小球的加速度大小为，方向竖直向上.当C弹簧为推力时，则对小球平衡有:3F+F=mg,故，当剪断C瞬间，A、B的弹力没有变化，小球所受的合力与原来弹簧C的弹力大小相等、方向相反，即此瞬间小球的合力大小为，方向竖直向下，故加速度，方向竖直向下.故选BD.【点睛】本题是牛顿运动定律应用中典型的问题瞬时问题，往往先分析状态变化前弹簧的弹力，再分析状态变化瞬间的合力，求出瞬间的加速度，关键要抓住弹簧的弹力不能突变的特点进行分析11BD【解析】初位置时弹簧的弹性势能为零，环的机械能为mgh，由于摩擦力做负功，所以环的机械能一定
18、是减小的，故A错误；弹簧的弹性势能随弹簧的形变量的变化而变化，由图知弹簧先缩短后再伸长，故弹簧的弹性势能先增大再减小后增大，故B正确；弹簧拉力与物体的速度方向的夹角先是小于90，后来大于90，故拉力先做正功，后做负功，故C错误；对于弹簧和物体系统，重力势能减小，弹性势能增加，同时摩擦生热，根据能量守恒定律，全过程弹簧弹性势能的增加量小于圆环重力势能的减少量，故D正确。所以BD正确，AC错误。12ACD【解析】速度图象的“面积”等于位移大小，根据几何知识求解04s内的位移由斜率求出加速度，分析求出前2s内和后2s内物体的加速度大小，再根据牛顿第二定律求出拉力F和摩擦力的大小，再求解动摩擦因素和物
19、体克服摩擦力做功。A项：由速度图象的“面积”等于位移大小，得到：物体在04s内通过的位移为，故A正确；B项：由斜率等于加速度的大小，得到：前2s内和后2s内物体的加速度大小分别为，根据牛顿第二定律得：F+f=ma1；F-f=ma2，代入解得：F=60N，f=40N，故B错误；C项：由f=mg得，故C正确；D项：物体通过的总路程为，滑动过程中物体受到的摩擦力大小不变，始终做负功，则物体克服摩擦力做的功为W=fS=480J，故D正确。【点睛】本题实际上通过速度反映了物体的运动情况，抓住“面积”等于位移、斜率等于加速度，根据牛顿第二定律求解拉力属于知道了物体的运动情况，确定物体受力情况的类型。13(
20、1)DE (2) (3)A (4)物体在桌面上运动时要克服摩擦力做功【解析】（1）物块离开桌面后做平抛运动，竖直方向：，水平方向：，解得：，要测物被弹出时的速度，需要测量：桌面到地面的高度h，小物块抛出点到落地点的水平距离L，故选DE；（2）由（1）可知用测量的物理量表示获得速度大小的表达式为；（3）实验时，选择相同的橡皮筋，使橡皮筋的形变量相同，通过改变橡皮筋的条数改变橡皮筋对小车所做的功，A正确，BCD错误，选A；（4）物块在桌面上运动时，弹力对物块做整个，摩擦力对物块做负功，由于物块要克服摩擦力做功，则图象不过原点14（1）左 （2）3.20 （3）2.78；2.94 【解析】根据相等时
21、间内位移逐渐增大确定纸带的哪一端与重物相连；根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而得出A到B动能的增加量，结合重物下降的高度求出重力势能的减小量(1)因为重物速度越来越快，则相等时间内的位移越来越大，可知纸带的左端与重物相连(2)由表中数据可知，x2=12.80cm=0.1280m；B点的速度为等于平均速度，故：；(3)动能的增加量为：，重力势能的减小量为：Ep=mgh=0.69.80.5J=2.94J【点睛】本题考查利用纸带验证机械能守恒的实验，纸带问题的处理时力学实验中常见的问题，对于这类问题要熟练应用运动学规律和推论进行求解，计算过程中要注意单位的换算和有效数
22、字的保留15(1)1.5W (2)30J【解析】结合图2和图3可知：在0-2s物体不动，受到的静摩擦力不做功；在2-10s受到的滑动摩擦力做负功，滑动摩擦力不变，根据W=FScos解即可(1)由速度时间图象可知，在0-2s物体不动，物体在24s的加速度为由810s做匀速直线，得，可知由功率的定义：结合图2和图3可知：在0-2s物体不动，受到的静摩擦力不做功；在2-10s受到的滑动摩擦力做负功，滑动摩擦力不变f=2N在0-10s：W克f=fs=215=30J【点睛】此题考查读图获取信息的能力，注意根据需要选取合适的阶段16v=2/3 v0，方向水平向右【解析】以A、B组成的系统为研究对象，系统动
23、量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：Mv0mv0=（M+m）v，已知：M=5m，解得：v=v0，方向向右；17(1)0.1 (2)8s 【解析】(1)由v-t图，求出煤块做匀变速运动的加速度，由牛顿第二定律求出动摩擦因数；(2)由图知，最后匀速运动时和传送带速度相等，读出煤块的初速度和传送带的速度，由位移公式分别求出三段位移，把三个时间相加得在传送带上运动的时间；【详解】(1)由速度-时间图象，煤块匀变速运动的加速度：，由牛顿第二定律得：mg=ma，煤块与传送带间的动摩擦因数：(2)由速度-时间图象，传送带速度大小：v1=1m/s，煤块初速度大小v2=3m/s，煤块在传送带上滑动：t1=
24、4s与传送带相对静止前3s内煤块的位移：,方向向左，后1s内煤块的位移：,方向向右，4s内煤块的位移：s=s1-s2=4m，方向向左，煤块接着在传送带上向右匀速运动，时间：故煤块在传送带上运动的时间t=t1+t2=8s.【点睛】本题关键从图象得出物体的运动规律和传送带的速度大小，然后分过程对木块受力分析根据牛顿第二定律和运动学公式求解18(1)vA=4m/s,vB=0 (2)6J (3)；【解析】子弹击中A的瞬间，子弹和A组成的系统水平方向动量守恒，据此可列方程求解A的速度，此过程时间极短，B没有参与，速度仍为零以子弹、滑块A、B和弹簧组成的系统为研究对象，当三者速度相等时，系统损失动能最大则
25、弹性势能最，根据动量守恒和功能关系可正确解答(1)子弹击中滑块A的过程，子弹与滑块A组成的系统动量守恒有：mCv0=（mC+mA）vA解得：vA=4m/s子弹与A作用过程时间极短，B没有参与，速度仍为零，故：vb=0故子弹击中A的瞬间A和B的速度分别为：vA=4m/s，vb=0(2)对子弹、滑块A、B和弹簧组成的系统，A、B速度相等时弹性势能最大根据动量守恒定律和功能关系可得：mCv0=（mC+mA+mB）v由此解得：v=1m/s根据功能关系可得：故弹簧的最大弹性势能为6J(3)设B动能最大时的速度为，A的速度为，由系统的动量守恒可得：当弹簧恢复原长时，B的动能最大，根据功能关系有：解得：；【点睛】本题考查了动量和能量的综合问题，解答这类问题的关键是弄清最远过程，正确选择状态，然后根据动量和能量守恒列方程求解