1、2014-2015学年辽宁省锦州市高二（下）期末物理试卷一、单项选择题（本题包括5个小题，每小题4分，共20分）1如图所示，属于交流电的是（）A B C D 2一个矩形线圈在匀强磁场中转动，产生的感应电动势e=220sin100tV，下列说法正确的是（）A 交流电的频率是100HzB t=0.05 s时，e有最大值C 交流电的周期是0.2 sD t=0时，线圈位于中性面3将正弦交流电经过整流器处理后，得到的电流波形刚好去掉了半周，如图，它的有效值是（）A 2AB AC AD 1A4如图所示，理想变压器的原线圈接有交变电压U，副线圈接有光敏电阻R1（光照越强电阻越小）、定值电阻R2则（）A 仅增
2、强光照时，原线圈的输入功率减小B 仅向下滑动P时，原线圈中的电流增大C 仅向下滑动P时，R2消耗的功率减小D 仅增大U时，R2消耗的功率减小5如图，三只白炽灯泡L1、L2、L3分别与线圈L、电阻R、电容器C串联后接在同一个交流电源上，供电电压瞬时值为u1=Umsint，此时三只灯泡的亮度相同现换另一个电源供电，供电电压瞬时值为u2=Umsin，则三只灯泡的亮度变化是（）A L1变亮，L2不变，L3变暗B L1变暗，L2不变，L3变亮C L1变亮，L2变亮，L3变暗D L1变暗，L2变亮，L3变亮二、多项选择题（本题包括3个小题，每小题4分，共12分）6如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为2：
3、1电池和交变电源的电动势都为6V，内阻均不计下列说法正确的是（）A S与a接通的瞬间，R中无感应电流B S与a接通稳定后，R两端的电压为0C S与b接通稳定后，R两端的电压为3VD S与b接通稳定后，原、副线圈中电流的频率之比为2：17某小型水电站的电能输送示意图如图所示，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电已知输电线的总电阻为R，降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为4：1，降压变压器副线圈两端交变电压u=220sin（100t）V，降压变压器的副线圈与阻值R0=11的电阻组成闭合电路若将变压器视为理想变压器，则下列说法中正确的是（）A 通过R0电流的有效值是20AB 降压变压器
4、T2原、副线圈的电压比为4：1C 升压变压器T1的输出电压等于降压变压器T2的输入电压D 升压变压器T1的输出功率大于降压变压器T2的输入功率8如图所示为理想变压器原线圈所接交流电压的波形原、副线圈匝数比n1：n2=10：1，串联在原线圈电路中电流表的示数为1A，下列说法正确的是（）A 变压器输出端所接电压表的示数为20VB 变压器的输出功率为200WC 变压器输出端的交流电的频率为25HzD 穿过变压器铁芯的磁通量变化率的最大值为Wb/s三、试验填空题（每问2分，共6分）9为了测量木块与木板间动摩擦因数，某小组使用位移传感器设计了如图甲所示实验装置，让木块从倾斜木板上一点A由静止释放，位移传
5、感器可以测出木块到传感器的距离位移传感器连接计算机，描绘出木块相对传感器的位移S随时间t变化规律，如图所示（1）根据上述图线，计算0.4s时木块的速度v=m/s，木块加速度a=m/s2；（2）为了测定动摩擦因数，还需要测量的量是；（已知当地的重力加速度g）；（3）为了提高木块与木板间动摩擦因数的测量精度，下列措施可行的是（单选）AA点与传感器距离适当大些B木板的倾角越大越好C选择体积较大的空心木块D传感器开始计时的时刻必须是木块从A点释放的时刻四、计算题（本题包括2个小题，共12分；每题要写出公式，代入相应的数据，最后得出答案）10一理想变压器，原线圈匝数n1=1100，接在电压220V的交流
6、电源上，当它对11只并联的灯泡（“36V，60w”）供电时，灯泡均正常发光求：（1）理想变压器副线圈的匝数n2；（2）通过原线圈的电流I111如图所示，匀强磁场B=0.50T，矩形线圈的匝数N=100匝，边长Lab=0.20m，Lbc=0.10m，以3000r/min的转速匀速转动若线圈平面通过中性面时开始计时，试求：，（1）交变电动势的瞬时值表达式；（2）若线圈总电阻为2，线圈外接电阻为8，写出交变电流的瞬时值表达式；（3）线圈的过程中，交变电动势的平均值五、物理-选修3-3（50分）（前3个小题填入正确选项前的字母，选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分，每选错1个扣3分，最低分为
7、0分）12下列说法正确的是 （）A液体表面张力产生的原因是：液体表面层分子较密集，分子间引力大于斥力B晶体有一定的熔化温度，非晶体没有一定的熔化温度C扩散现象和布朗运动的剧烈程度都与温度有关，但扩散现象和布朗运动并不是热运动D第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律E两个分子从很远处逐渐靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用的合力先变大后变小，再变大13下列说法正确的是 （）A非晶体沿各个方向的物理性质都相同B产生毛细现象时，液体在毛细管中一定上升C滴入水中的红墨水很快散开说明分子在永不停息地做无规则运动D人对空气干爽与潮湿的感受主要取决于空气的相对湿度E一定温度下饱和汽的压
8、强随体积的增大而减小14下列关于分子运动和热现象的说法正确的是A气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在势能的缘故B一定量100的水变成100的水蒸气，其分子之间的势能增加C如果气体分子总数不变，而气体温度升高，气体分子的平均动能增大，因此分子势能也增大D一定量气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和E热现象的微观理论认为，单个分子的运动是无规则的，但是大量分子的运动仍然有一定规律15已知氮气的摩尔质量为M，在某状态下氮气的密度为，阿伏加德罗常数为NA，在该状态下体积为V1的氮气分子数为，该氮气变为液体后的体积为V2，则一个氮分子的体积约为16如图是密闭的气缸，
9、外力推动活塞P压缩气体，对缸内气体做功800J，同时气体向外界放热200J，则缸内气体的温度（填“升高”或“降低”），内能（填“增加”或“减少”）J17如图所示，为0.3mol的某种气体的压强和温度关系的Pt图线P0表示1个标准大气压，则在状态B时气体的体积为L（已知1mol任何气体在标准状况下的体积为22.4L）18如图所示，一定质量的理想气体，处在A状态时，温度为tA=27，气体从状态A等容变化到状态M，再等压变化到状态B，A、M、B的状态参量如图所示求：状态B的温度；从A到B气体对外所做的功（取1atm=1.0105Pa）19一圆筒形汽缸水平放置在水平地面上，内壁光滑，下端密封，上端封闭
10、但留有一抽气孔汽缸内下部被活塞封住一定量的理想气体，气体温度为300K，开始时，活塞上方 的压强p0=1105Pa，活塞下方气体的体积为100cm3，活塞上方气体的体积为260cm3，活塞重力产生的压强是0.5105Pa，将活塞上方缓慢抽成真空并密封，整个抽气过程中缸内气体温度始终保持不变然后将密封的气体缓慢加热求：活塞刚碰到汽缸顶部时气体的温度当气体温度达到720K时，气体的压强六、物理-选修3-4（0分）2014秦州区校级模拟）振动周期为T，振幅为A，位于x=0点的波源从平衡位置沿y轴正向开始做简谐振动，该波源产生的一维简谐横波沿x轴正向传播，波速为v，传播过程中无能量损失，一段时间后，该
11、振动传播至某质点p，关于质点p振动的说法正确的是A振幅一定为AB周期一定为TC速度的最大值一定为vD开始振动的方向沿y轴向上或向下取决于它离波源的距离E若p点与波源距离s=vT，则质点p的位移与波源的相同2015春锦州期末）下列说法正确的是A光纤通信和医用纤维式内窥镜都是利用了光的全反射原理B用标准平面检查光学平面的平整程度是利用了光的干涉原理C门镜可以扩大视野是利用了光的干涉现象D水面上的油膜呈现彩色，这是光的干涉现象E照相机镜头表面涂上增透膜，以增强透射光的强度，是利用了光的衍射现象2015春锦州期末）下列说法正确的是A光的偏振现象说明光波是横波B做简谐运动的质点所受的合外力总是指向平衡位
12、置且大小恒定C人耳能听见的声波比超声波更易发生衍射D麦克斯韦预言并用实验证实了电磁波的存在E单摆在周期性外力作用下做受迫振动，其振动周期与单摆的摆长无关2015春锦州期末）甲、乙两个单摆的振动图线如图所示，根据振动图线可知甲、乙两单摆摆长之比是；频率之比是2015春锦州期末）如图为一弹簧振子的振动现象，则该振子简谐运动的表达式为；该振子在前100s的路程是2015春锦州期末）一列声波在第一种均匀介质中的波长为1，在第二种均匀介质中的波长为2，若1=22，则该声波在两种介质中的频率之比为，波速之比为2015春锦州期末）一列简谐波沿x轴正方向传播，t=0时波形如图甲所示已知在0.6s末，A点恰第四
13、次（图中为第一次）出现在波峰，问：（1）该简谐波的周期为多少？（2）x=5m处的质点P第一次出现波峰的时间为多少？2015石嘴山模拟）直角三角形的玻璃砖ABC放置于真空中，B=30，CA的延长线上S点有一点光源，发出的一条光线由D点射入玻璃砖，如图所示光线经玻璃砖折射后垂直BC边射出，且此光束经过SD用时和在玻璃砖内的传播时间相等已知光在真空中的传播速度为c，BD=d，ASD=15求：（）玻璃砖的折射率；（）SD两点间的距离七、物理-选修3-5（50分）2015春锦州期末）下列说法中正确的是A普朗克在研究黑体的热辐射问题中提出了能量子假说B卢瑟福通过粒子轰击金箔的实验认识到原子有能级C卢瑟福根
14、据粒子轰击氮的实验结果和一些原子核的比荷，预言了中子的存在D德国物理学家伦琴发现了X射线E物质波是德布罗意的猜想，至今未获实验的证实2015春锦州期末）下列说法中正确的是A光子的能量由光的频率所决定B由E=mc2可知，质量与能量是可以相互转化的C通过粒子散射实验建立了原子的核式结构模型D射线是原子核外电子挣脱原子核束缚后形成的E如果使较重的核分裂成中等大小的核，或者把较小的核合并成中等大小的核，核子的比结合能均会增加3015春锦州期末）下列说法中正确的是A方程式UTh+He是重核裂变反应方程B方程式H+HHe+是氢核聚变反应方程C氢原子光谱是分立的D氢原子从基态跃迁至某激发态要吸收特定频率的光
15、子E在光电效应实验中，某金属的截止频率相应的波长为0，若用波长为（0）的单色光做该实验，会产生光电效应3012山东）氢原子第n能级的能量为En=，其中E1为基态能量当氢原子由第4能级跃迁到第2能级时，发出光子的频率为1；若氢原子由第2能级跃迁到基态，发出光子的频率为2，则=3015春锦州期末）与轻弹簧相连的质量均为2.0kg的A、B两物块都以v=6.0m/s的速度在光滑的水平地面上运动，弹簧处于原长状态，质量为4.0kg的物块C静止在它们的前方，如图所示，B与C相碰撞后粘在一起不再分开，在以后的运动中，当弹簧的弹性势能最大时，物体A的速度是3015春锦州期末）分别用波长为和的单色光照射同一金属
16、板，发出的光电子的最大初动能之比为1：2，以h表示普朗克常量，c表示真空中的光速，则此金属板的逸出功为3014宜昌模拟）用中子轰击锂核（36Li）发生核反应，产生氚和粒子并放出4.8MeV的能量（1）写出核反应方程式；（2）求上述反应中的质量亏损为多少（保留两位有效数字）；（3）若中子与锂核是以等大反向的动量相碰，则粒子和氚的动能之比是多少？3015开封二模）如图所示，小球A质量为m，系在细线的一端，线的另一端固定在O点，O点到水平面的距离为h物块B质量是小球的5倍，置于粗糙的水平面上且位于O点正下方，物块与水平面间的动摩擦因数为现拉动小球使线水平伸直，小球由静止开始释放，运动到最低点时与物块
17、发生正碰（碰撞时间极短），反弹后上升至最高点时到水平面的距离为小球与物块均视为质点，不计空气阻力，重力加速度为g，求碰撞过程物块获得的冲量及物块在地面上滑行的距离2014-2015学年辽宁省锦州市高二（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题包括5个小题，每小题4分，共20分）1如图所示，属于交流电的是（）A B C D 考点：交变电流分析：直流电是指电流的方向不会随时间做周期性变化；而交流电的方向一定随时间估周期性变化解答：解：交流电是指电流的大小和方向均随时间做周期性变化的电流；由图可知，符合条件的只有C；故选：C点评：本题考查直流电和交流电的区别，要注意明确是否为交流，关键
18、在于方向上；ABD中大小均做周期性变化，但方向不变，故均为直流2一个矩形线圈在匀强磁场中转动，产生的感应电动势e=220sin100tV，下列说法正确的是（）A 交流电的频率是100HzB t=0.05 s时，e有最大值C 交流电的周期是0.2 sD t=0时，线圈位于中性面考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式专题：交流电专题分析：根据交流电的表达式，可以知道其最大值，以及线圈转动的角速度等物理量，然后进一步求出其它物理量，如有效值、周期、频率等解答：解：A、产生的感应电动势e=220sin100tV，交流电的频率是f=50Hz，故A错误；B、t=0.05 s时，e=0，故B错误；C、交流电
19、的周期T=0.02s，故C错误；D、当t=0时e=0，此时线圈处在中性面上，故D正确故选：D点评：对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确交流电表达式中各个物理量的含义3将正弦交流电经过整流器处理后，得到的电流波形刚好去掉了半周，如图，它的有效值是（）A 2AB AC AD 1A考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系专题：交流电专题分析：根据有效值的定义求解取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值解答：解：设交流电电流的有效值为I，周期为T，电阻为R，则，有：I2RT=（）2R解得：I=1A故选：D点评：求交流电的
20、有效值，往往根据电流的热效应，由有效值的定义求解，基础题4如图所示，理想变压器的原线圈接有交变电压U，副线圈接有光敏电阻R1（光照越强电阻越小）、定值电阻R2则（）A 仅增强光照时，原线圈的输入功率减小B 仅向下滑动P时，原线圈中的电流增大C 仅向下滑动P时，R2消耗的功率减小D 仅增大U时，R2消耗的功率减小考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：变压器的输入电压决定输出电压，输出电流决定输入电流，输出功率决定输入功率；结合功率表达式分析判断即可解答：解：A、光照增强，R1减小，副线圈电阻减小，因为原线圈交流电压不变，匝数比不变，所以副线圈电压不变，根据公式可知，副线圈的功率应增大，原
21、线圈的输入功率增大故A错误；B、向下滑动P，原线圈的匝数减小，所以副线圈电压变大，所以R2两端电压变大，电功率变大同时原线圈的输入功率增大，原线圈中的电流增大故B正确，C错误；D、原线圈的U增大，副线圈电压增大，消耗功率应该增大故D错误故选：B点评：本题关键是明确电压器的电压、电流、功率关系，知然后结合变压比公式和功率公式进行动态分析5如图，三只白炽灯泡L1、L2、L3分别与线圈L、电阻R、电容器C串联后接在同一个交流电源上，供电电压瞬时值为u1=Umsint，此时三只灯泡的亮度相同现换另一个电源供电，供电电压瞬时值为u2=Umsin，则三只灯泡的亮度变化是（）A L1变亮，L2不变，L3变暗
22、B L1变暗，L2不变，L3变亮C L1变亮，L2变亮，L3变暗D L1变暗，L2变亮，L3变亮考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用专题：交流电专题分析：本题根据电感和电容的特性进行分析：电感通低频，阻高频；电容器通高频，阻低频电阻与电源的频率无关解答：解：线圈阻交流通直流，通低频阻高频，当交变电流的频率变小时，线圈的感抗变小，通过L1的电流变大，故L1变亮电阻与电源的频率无关，当电源频率变小时，电阻所在支路电灯L2的亮度不变电容器通交流阻直流，通高频阻低频，当交变电流的频率变小时，电容器的容抗变大，故通过L3的电流变小，故L3变暗故A正确故选：A点评：重点掌握交流电的频率对电感和电
23、容的影响，知道当交变电流的频率变小时，线圈的感抗变小，电容器的容抗变大二、多项选择题（本题包括3个小题，每小题4分，共12分）6如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为2：1电池和交变电源的电动势都为6V，内阻均不计下列说法正确的是（）A S与a接通的瞬间，R中无感应电流B S与a接通稳定后，R两端的电压为0C S与b接通稳定后，R两端的电压为3VD S与b接通稳定后，原、副线圈中电流的频率之比为2：1考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：变压器对于交流电起作用，接在直流电中是不起作用的，在根据最大值和有效值之间的关系以及电压与匝数成正比即可求得结论解答：解：A、在S与a接通的瞬间，由于
24、电流由零突然变大，所以线圈中的磁通量会发生变化，副线圈中的R会有感应电流，所以A错误B、在S与a接通稳定后，电路中的电流稳定，磁通量不会发生变化，所以副线圈中不会有感应电流产生，电阻R两端的电压为0，所以B正确C、在S与b接通稳定后，由于b是交流电源，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压为3V，所以C正确D、变压器不会改变交流电源的频率，所以原、副线圈中电流的频率是相同的，所以D错误故选BC点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题7某小型水电站的电能输送示意图如图所示，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电已知输电线的总电阻为R，降压变压
25、器T2的原、副线圈匝数之比为4：1，降压变压器副线圈两端交变电压u=220sin（100t）V，降压变压器的副线圈与阻值R0=11的电阻组成闭合电路若将变压器视为理想变压器，则下列说法中正确的是（）A 通过R0电流的有效值是20AB 降压变压器T2原、副线圈的电压比为4：1C 升压变压器T1的输出电压等于降压变压器T2的输入电压D 升压变压器T1的输出功率大于降压变压器T2的输入功率考点：远距离输电专题：交流电专题分析：根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，可以求得降压变压器的电流和输电线上的电流的大小，从而可以求得各功率及电压之间的大小关系解答：解：A、降压变压器副线圈两端交变电压有效值为
26、=220V，负载电阻为11，所以通过R0电流的有效值是20A，故A正确；B、因为降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为4：1，所以原、副线圈的电压之比为4：1故B正确；C、由于输电线上电阻导致降压变压器T2的输入电压低于升压变压器T1的输出电压故C错误；D、升压变压器T1的输入与输出功率相等，降压变压器T1的输入与输出功率也相等，但升压变压器T1的输出功率大于降压变压器T2的输入功率，原因是导线上电阻消耗功率故D正确；故选：ABD点评：理想变压器的输入功率与输出功率相等，且没有漏磁现象远距离输电，由于导线通电发热导致能量损失，所以通过提高输送电压，从而实现降低电损输电线上的损失功率与其电流的平方
27、成正比，而与输电线两端的电压的平方成反比8如图所示为理想变压器原线圈所接交流电压的波形原、副线圈匝数比n1：n2=10：1，串联在原线圈电路中电流表的示数为1A，下列说法正确的是（）A 变压器输出端所接电压表的示数为20VB 变压器的输出功率为200WC 变压器输出端的交流电的频率为25HzD 穿过变压器铁芯的磁通量变化率的最大值为Wb/s考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；电功、电功率专题：交流电专题分析：根据ut图象知道电压的有效值，周期和频率，电压表测量的是有效值，根据Em=n求解磁通量变化率解答：解：由图知输入电压的最大值为200V，有效值为：U=200V；根据电压与匝数成正比知变
28、压器输出端所接电压表的示数为20V，故A错误；B、变压器的输入电压为200V，串联在原线圈电路中电流表的示数为1A，故变压器的输入功率为：P=UI=2001=200W，理想变压器的输出功率等于输入功率，也为200W；故B正确；C、变压器输入电压的周期为0.02s，故频率为50Hz；变压器不改变电流频率，故输出的交流电的频率为50Hz，故C错误；D、由Em=n得：=Wb/s，故D正确；故选：BD点评：本题考查了变压器的变压原理，要能够从图象中获取有用物理信息三、试验填空题（每问2分，共6分）9为了测量木块与木板间动摩擦因数，某小组使用位移传感器设计了如图甲所示实验装置，让木块从倾斜木板上一点A由
29、静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离位移传感器连接计算机，描绘出木块相对传感器的位移S随时间t变化规律，如图所示（1）根据上述图线，计算0.4s时木块的速度v=0.4m/s，木块加速度a=1m/s2；（2）为了测定动摩擦因数，还需要测量的量是斜面倾角（或A点的高度）；（已知当地的重力加速度g）；（3）为了提高木块与木板间动摩擦因数的测量精度，下列措施可行的是A（单选）AA点与传感器距离适当大些B木板的倾角越大越好C选择体积较大的空心木块D传感器开始计时的时刻必须是木块从A点释放的时刻考点：探究影响摩擦力的大小的因素专题：实验题；摩擦力专题分析：（1）由于滑块在斜面上做匀加速直线运动，
30、所以某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度；根据加速度的定义式即可求出加速度；（2）为了测定动摩擦力因数还需要测量的量是木板的倾角；（3）为了提高木块与木板间摩擦力因数的测量精度，可行的措施是A点与传感器位移适当大些或减小斜面的倾角解答：解：（1）根据某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度，得0.4s末的速度为：v=，0.2s末的速度为：，则木块的加速度为：a=（2）选取木块为研究的对象，木块沿斜面方向是受力为：ma=mgsinmgcos得：所以要测定摩擦因数，还需要测出斜面的倾角（3）根据（2）的分析可知，在实验中，为了减少实验误差，应使木块的运动时间长一些，可以
31、：可以减小斜面的倾角、增加木块在斜面上滑行的位移等，传感器开始的计时时刻不一定必须是木块从A点释放的时刻故A正确，BCD错误故选：A故答案为：（1）0.4，1；（2）斜面倾角（或A点的高度）；（3）A点评：解决本题的关键知道匀变速直线运动的推论，在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，以及会通过实验的原理得出动摩擦因数的表达式，从而确定所需测量的物理量四、计算题（本题包括2个小题，共12分；每题要写出公式，代入相应的数据，最后得出答案）10一理想变压器，原线圈匝数n1=1100，接在电压220V的交流电源上，当它对11只并联的灯泡（“36V，60w”）供电时，灯泡均正常发光求：（1）理想
32、变压器副线圈的匝数n2；（2）通过原线圈的电流I1考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：对11只并联的“36V，60w”的灯泡供电时，灯泡正常发光说明副线圈电压为36V，副线圈功率为1160W=660W，根据电压与匝数成正比，可以求得副线圈的匝数，根据变压器的输入的功率和输出的功率相等可以求得原线圈中的电流强度I1解答：解：（1）由11只并联的“36V，60w”的灯泡供电时，灯泡正常发光，可知：U2=36V；P2=660W根据电压与匝数成正比，得：n2=180匝（2）根据U1I1=P2得：I1=3A答：（1）副线圈的匝数n2为180匝；（2）通过原线圈的电流 I1为3A点评：理想变压器
33、是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象输入电压决定输出电压，而输出功率决定输入功率11如图所示，匀强磁场B=0.50T，矩形线圈的匝数N=100匝，边长Lab=0.20m，Lbc=0.10m，以3000r/min的转速匀速转动若线圈平面通过中性面时开始计时，试求：，（1）交变电动势的瞬时值表达式；（2）若线圈总电阻为2，线圈外接电阻为8，写出交变电流的瞬时值表达式；（3）线圈的过程中，交变电动势的平均值考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系专题：交流电专题分析：（1）根据公式Em=nBS求解电动势的最大值；则可求得瞬时值；（2）先根据欧姆定律求解电流的最大值，然后根据i=Imsi
34、nt求解电流的瞬时值；（3）根据法拉第电磁感应定律可求得平均电动势解答：解：（1）角速度为：=2n=250=314rad/s；电动势的最大值为：Em=nBS=1000.5（0.20.1）314=314V故交流电流的瞬时值表达式为：e=Emsint=314sin314t（V）（2）电流的最大值：Im=31.4A故电流的瞬时值表达式为：i=Imsint=31.4sin314t（A）（3）线圈从中性面开始转过90角的过程中，平均电动势：E=200V；答：（1）交变电动势的瞬时值表达式为e=314sin314t（V）（2）若线圈总电阻为2，线圈外接电阻为8，交变电流的瞬时值表达式i=31.4sin31
35、4t（A）（3）线圈的过程中，交变电动势的平均值为200V点评：本题关键是要能够区分交流的有效值、瞬时值、最大值和平均值，求解电表读数用有效值，要能正确写出瞬时表达式五、物理-选修3-3（50分）（前3个小题填入正确选项前的字母，选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分，每选错1个扣3分，最低分为0分）12下列说法正确的是 （）A液体表面张力产生的原因是：液体表面层分子较密集，分子间引力大于斥力B晶体有一定的熔化温度，非晶体没有一定的熔化温度C扩散现象和布朗运动的剧烈程度都与温度有关，但扩散现象和布朗运动并不是热运动D第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律E两个分子从很远处逐渐
36、靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用的合力先变大后变小，再变大考点：热力学第二定律；布朗运动；* 晶体和非晶体分析：液体表面张力产生的原因是：液体表面层分子较疏，晶体有一定的熔化温度，非晶体没有一定的熔化温度，热运动是分子的运动，第二类永动机不可能制成是因为它违反了热力学第二定律解答：解：A、液体表面张力产生的原因是：液体表面层分子较疏，分子间引力大于斥力，A错误；B、晶体有一定的熔化温度，非晶体没有一定的熔化温度，B正确；C、扩散现象和布朗运动的剧烈程度都与温度有关，但扩散现象和布朗运动并不是热运动，C正确；D、第二类永动机不可能制成是因为它违反了热力学第二定律，D错误；E、两个
37、分子从很远处逐渐靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用的合力先变大后变小，再变大，E正确；故选：BCE点评：本题重点掌握什么是热运动，特别注意布朗运动是固体颗粒的运动，它不是分子的运动13下列说法正确的是 （）A非晶体沿各个方向的物理性质都相同B产生毛细现象时，液体在毛细管中一定上升C滴入水中的红墨水很快散开说明分子在永不停息地做无规则运动D人对空气干爽与潮湿的感受主要取决于空气的相对湿度E一定温度下饱和汽的压强随体积的增大而减小考点：* 晶体和非晶体；扩散分析：非晶体沿各个方向的物理性质具有各向同性；产生毛细现象时，液体在毛细管中不一定上升；滴入水中的红墨水很快散开说明液体分子在永
38、不停息地做无规则运动；人对空气干爽与潮湿的感受主要取决于空气的相对湿度；饱和汽的压强仅仅与温度有关解答：解：A、非晶体沿各个方向的物理性质具有各向同性，所以沿各个方向的物理性质都相同故A正确；B、产生毛细现象时，液体在毛细管中可能上升，也可能下降故B错误；C、滴入水中的红墨水很快散开说明液体分子在永不停息地做无规则运动故C正确；D、空气的相对湿度是空气中水蒸气的绝对湿度与同温度水的饱和汽压的比值，人对空气干爽与潮湿的感受主要取决于空气的相对湿度；故D正确；E、饱和汽的压强仅仅与温度有关故E错误故选：ACD点评：该题考查晶体与非晶体、毛细现象、布朗运动、相对湿度以及饱和蒸汽压等知识点的内容，其中
39、某种液体浸润某种固体时，在该固体形成的细管内靠近细管壁的部分由于吸引力作用分子比较密集，分子间距较小，则分子力表现为斥力，使液面升高，故为凹陷的液面；液体不浸润某种固体时，使液面下降，故为上凸的液面14下列关于分子运动和热现象的说法正确的是BDEA气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在势能的缘故B一定量100的水变成100的水蒸气，其分子之间的势能增加C如果气体分子总数不变，而气体温度升高，气体分子的平均动能增大，因此分子势能也增大D一定量气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和E热现象的微观理论认为，单个分子的运动是无规则的，但是大量分子的运动仍然有一定规律
40、考点：分子势能；物体的内能分析：本题可根据分子间作用力分析气体会散开的原因根据热传递情况分析物态变化时，分析内能的变化，判断分子势能的变化对于一定量的气体，内能是所有分子热运动动能和分子之间势能的总和温度是分子平均动能的标志解答：解：A、气体如果失去了容器的约束就会散开，是因为分子间距较大，相互的作用力很微弱，而且分子永不停息地做无规则运动，所以气体分子可以自由扩散故A错误B、一定量100的水变成100的水蒸汽，温度不变，分子的动能之和不变，由于吸热，内能增大，则其分子之间的势能增加故B正确C、温度是分子平均动能的标志，气体温度升高，气体分子的平均动能增大分子势能与分子间距有关，可知分子势能不
41、一定增大，故C错误D、根据内能的概念可知，一定量气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和，故D正确E、热力学规律是大量气体分子的统计规律，对于单个分子的运动是无规则的，但是大量分子的运动仍然有一定规律故E正确故选：BDE点评：本题考查了热学中的基本知识，对于这些基础知识要加强积累和记忆，平时加强练习15已知氮气的摩尔质量为M，在某状态下氮气的密度为，阿伏加德罗常数为NA，在该状态下体积为V1的氮气分子数为，该氮气变为液体后的体积为V2，则一个氮分子的体积约为考点：阿伏加德罗常数专题：阿伏伽德罗常数的应用专题分析：物质的摩尔数等于物体的质量与摩尔质量的比值，物体的分子数等于摩尔数与
42、阿伏加德罗常数的乘积解答：解：气的质量为：m=V1氮气的物质的量为：n=；故质量为m的水所含的分子数为：N=nNA=NA=；该氮气变为液体后的体积为V2，则一个氮分子的体积约为：V0=；故答案为：，点评：本题关键明确阿佛加德罗常数是联系宏观量与微观量的桥梁；同时要明确物质量等于物体质量与摩尔质量的比值16如图是密闭的气缸，外力推动活塞P压缩气体，对缸内气体做功800J，同时气体向外界放热200J，则缸内气体的温度升高（填“升高”或“降低”），内能增加（填“增加”或“减少”）600J考点：热力学第一定律专题：热力学定理专题分析：已知外界做功与气体放热，应用热力学第一定律求出内能的变化量，理想气体
43、内能由温度决定，内能越多，温度越高，根据内能的变化判断温度如何变化解答：解：由题意可知：W=800J，Q=200J，由热力学第一定律得：U=W+Q=800J200J=600J0，气体内能增加，气体温度升高；故答案为：升高；增加；600点评：本题考查了热力学第一定律的应用，认真审题理解题意，应用热力学第一定律即可解题，知道力学气体内能由温度决定是正确解题的关键17如图所示，为0.3mol的某种气体的压强和温度关系的Pt图线P0表示1个标准大气压，则在状态B时气体的体积为8.4L（已知1mol任何气体在标准状况下的体积为22.4L）考点：理想气体的状态方程专题：理想气体状态方程专题分析：由图可知图
44、象为Pt图象，根据图象可知压强与摄氏温度的关系；知道1mol任何气体在标准状况下的体积为22.4L，根据气体状态方程=C和已知的变化量去判断其它的物理量解答：解：1mol任何气体在标准状况下的体积都是22.4L，0.3mol气体在标准状况下的体积是6.72L根据气体状态方程=C知：在PT图象中等容线为过原点的直线，其中T为热力学温度温度所以在图中，虚线及延长线为等容线，A点的体积为6.72LA到B，压强不变，根据气体状态方程得：VB=8.4L故答案为：8.4点评：本题考查气体的状态方程中对应的图象，在PT图象中等容线为过原点的直线Pt图象中过273点的直线表示等容变化18如图所示，一定质量的理
45、想气体，处在A状态时，温度为tA=27，气体从状态A等容变化到状态M，再等压变化到状态B，A、M、B的状态参量如图所示求：状态B的温度；从A到B气体对外所做的功（取1atm=1.0105Pa）考点：理想气体的状态方程专题：理想气体状态方程专题分析：由图象可知A和B状态的各个状态参量，根据理想气体的状态方程可以求得在B状态时气体的温度，在等压变化的过程中，封闭气体的压力不变，根据功的公式W=FL可以求得气体对外做功的大小解答：解：设A状态和状态B的温度、体积、压强分别为：T1、V1、P1，T2、V2、P2，由已知可得T1=300K V1=3m3P1=2.5atm V2=6m3P2=1atm，从A
46、到B由理想气体状态方程，有：=解得：T2=240K故t2=T2273=33从A到M是等容变化，不做功；从M到B是等压变化，做的功为：W=PV=1atm3m3=1.01053J=3.0105J所以从A到B气体对外做的功为：WAB=W=3.0105J 答：状态B的温度为33；从A到B气体对外所做的功为3.0105J点评：根据图象，找出气体在不同的状态下的状态参量，根据理想气体状态方程计算即可，在计算做功的大小的时候，要注意A到M的过程，气体的体积不变，气体对外不做功只在M到B的等压的过程中对外做功19一圆筒形汽缸水平放置在水平地面上，内壁光滑，下端密封，上端封闭但留有一抽气孔汽缸内下部被活塞封住一
47、定量的理想气体，气体温度为300K，开始时，活塞上方 的压强p0=1105Pa，活塞下方气体的体积为100cm3，活塞上方气体的体积为260cm3，活塞重力产生的压强是0.5105Pa，将活塞上方缓慢抽成真空并密封，整个抽气过程中缸内气体温度始终保持不变然后将密封的气体缓慢加热求：活塞刚碰到汽缸顶部时气体的温度当气体温度达到720K时，气体的压强考点：理想气体的状态方程专题：理想气体状态方程专题分析：气体做等温变化，抽成真空时，下方气体的压强为0.5105Pa，抽成真空后气体做等压膨胀，则根据盖吕萨克定律求解；在活塞碰到顶部后做等容升温过程，由查理定律求解压强解答：解：气体做等温变化，抽成真空
48、时，下方气体的压强为0.5105Pa，则根据玻意耳定律：抽成真空后气体做等压膨胀，则根据盖吕萨克定律：联立解得：T=360K在活塞碰到顶部后做等容升温过程，由查理定律：解得：P=1105Pa答：活塞刚碰到汽缸顶部时气体的温度360K当气体温度达到720K时，气体的压强1105Pa点评：本题是力学与热学相结合的一道综合题，应用理想气体状态方程与玻意耳定律，解题时要注意研究对象的选择六、物理-选修3-4（0分）2014秦州区校级模拟）振动周期为T，振幅为A，位于x=0点的波源从平衡位置沿y轴正向开始做简谐振动，该波源产生的一维简谐横波沿x轴正向传播，波速为v，传播过程中无能量损失，一段时间后，该振
49、动传播至某质点p，关于质点p振动的说法正确的是ABEA振幅一定为AB周期一定为TC速度的最大值一定为vD开始振动的方向沿y轴向上或向下取决于它离波源的距离E若p点与波源距离s=vT，则质点p的位移与波源的相同考点：简谐运动的振幅、周期和频率；横波的图象；波长、频率和波速的关系专题：振动图像与波动图像专题分析：波传播过程中，各振动质点的振动周期、振幅、起振方向都和波源质点相同，质点的振动速度大小跟波速无关解答：解：A、B、D波传播过程中，各振动质点的振动周期、振幅、起振方向都和波源质点相同，故A、B正确，D错误；C、质点的振动速度大小跟波速无关，C错误；E、若s=vT，则s等于一个波长，即P点与
50、波源质点相位相同，振动情况总相同，位移总相同，故E正确故选：ABE点评：本题考查了波动和振动的区别和联系，质点振动的速度是呈周期性变化的2015春锦州期末）下列说法正确的是ABDA光纤通信和医用纤维式内窥镜都是利用了光的全反射原理B用标准平面检查光学平面的平整程度是利用了光的干涉原理C门镜可以扩大视野是利用了光的干涉现象D水面上的油膜呈现彩色，这是光的干涉现象E照相机镜头表面涂上增透膜，以增强透射光的强度，是利用了光的衍射现象考点：全反射；光的干涉分析：光导纤维是利用光的全反射；检查光学平面的平整程度是利用了光的干涉；门镜是利用光的折射；增透膜是利用光的干涉现象，从而即可求解解答：解：A、光导
51、纤维传送光信号是利用了光的全反射现象，故A正确；B、标准平面检查光学平面的平整程度是利用了光的干涉，故B正确；C、门镜可以扩大视野是利用了光的折射现象，故C错误；D、水面上的油膜呈现彩色，这是光的干涉现象，故D正确；E、表面涂上增透膜，以增强透射光的强度，是利用了光的干涉现象，故E错误；故选：ABD点评：考查光的全反射、折射、干涉与衍射现象的应用，及其区别，注意干涉的原理，全反射的条件2015春锦州期末）下列说法正确的是ACEA光的偏振现象说明光波是横波B做简谐运动的质点所受的合外力总是指向平衡位置且大小恒定C人耳能听见的声波比超声波更易发生衍射D麦克斯韦预言并用实验证实了电磁波的存在E单摆在
52、周期性外力作用下做受迫振动，其振动周期与单摆的摆长无关考点：光的偏振；物理学史分析：光的偏振现象说明光是横波，人耳能够听到的声音频率范围是20Hz20000HZ，频率高于20000HZ的声波是超声波，低于20HZ的是次声波，波长越长，越容易发生明显衍射；麦克斯韦从理论上预言了电磁波的存在，赫兹用实验证明了电磁波的存在；受迫振动的频率等于驱动力的频率解答：解：A、光的偏振现象说明光是横波故A正确B、做简谐运动的质点所受的合外力总是指向平衡位置，但大小不恒定故B错误C、声波的波长大于超声波的波长，所以声波更容易发生衍射故C正确D、麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹用实验证实了电磁波的存在故D错误E、
53、单摆在周期性外力作用下做受迫振动，其振动的周期等于驱动力的周期，与单摆的固有周期无关故E正确故选：ACE点评：本题考查了物理学史，波的干涉和衍射以及全反射等知识点，比较简单，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点2015春锦州期末）甲、乙两个单摆的振动图线如图所示，根据振动图线可知甲、乙两单摆摆长之比是4：9；频率之比是3：2考点：简谐运动的振动图象专题：简谐运动专题分析：由xt图象直接得到甲、乙两个单摆的周期之比，根据单摆周期公式T=2得到摆长之比，根据公式f=得到频率之比解答：解：由振动图象得到甲、乙两个单摆的周期之比为 T甲：T乙=2：3，根据单摆周期公式T=2得 T2L；故甲、乙两个单摆的
54、摆长之比为4：9；再根据f=得，甲、乙两个单摆的频率之比为3：2故答案为：4：9，3：2点评：本题关键从xt图象得到周期，然后根据周期公式T=2求解摆长之比2015春锦州期末）如图为一弹簧振子的振动现象，则该振子简谐运动的表达式为x=5sin0.5t cm；该振子在前100s的路程是5m考点：简谐运动的振动图象专题：简谐运动专题分析：先由图读出周期，由公式=，得到角频率，读出振幅A，则该振子简谐运动的表达式为x=Asint；振子在一个周期内通过的路程是4A，求出时间100s相对于周期的倍数，即可求得总路程解答：解：弹簧振子的周期为 T=4s，则：=0.5 rad/s；振幅：A=5cm；故该振子
55、简谐运动的表达式为：x=Asint=5sin0.5t （cm）因n=25，而振子在一个周期内通过的路程是4A，所以振子在前100s的总路程是： S=254A=1005cm=500cm=5m；故答案为：x=5sin0.5t cm，5m点评：本题要掌握振子简谐运动的一般表达式 x=Asin（t+0），知道根据三个要素：振幅A、角频率和初相位0，即可求得简谐振动方程2015春锦州期末）一列声波在第一种均匀介质中的波长为1，在第二种均匀介质中的波长为2，若1=22，则该声波在两种介质中的频率之比为1：1，波速之比为2：1考点：波长、频率和波速的关系分析：一列波从一种介质进人另一种介质时，其频率保持不变
56、即可根据波速公式v=f，运用比例法求解波速之比解答：解：波的频率等于波源的振动频率，由波源决定，所以当一列波从一种介质进人另一种介质时，其频率保持不变即得：f1：f2=1：1由v=f得：波速之比为：v1：v2=1：2=2：1故答案为：1：1，2：1点评：解决本题的关键是抓住波的频率与介质无关的特点，掌握波速公式v=f，再进行解答2015春锦州期末）一列简谐波沿x轴正方向传播，t=0时波形如图甲所示已知在0.6s末，A点恰第四次（图中为第一次）出现在波峰，问：（1）该简谐波的周期为多少？（2）x=5m处的质点P第一次出现波峰的时间为多少？考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象分析：（1）由图读
57、出波长在0.6s末，A点恰第四次出现在波峰，说明经过三个周期时间，求出周期（2）当图示时刻A点的振动传到x=5m处的质点p时，质点p第一次出现波峰波在同一均匀介质中是匀速传播的，根据t=求出时间解答：解：（1）由图读出波长=2m，据题可知：3T=0.6s，则周期T=0.2s=2m v=10m/s（2）质点A到质点P的距离为x=4.5m，则x=5m处的质点p第一次出现波峰的时间为 t=0.45s答：（1）该简谐波的周期为0.2s（2）x=5m处的质点P第一次出现波峰的时间为0.45s点评：本题采用波形的平移法求质点P第一次形成波峰的时间，也可以分两步求：第一步求出波从图示位置传到P点的时间；第二
58、步求出P点从开始振动到第一次形成波峰的时间2015石嘴山模拟）直角三角形的玻璃砖ABC放置于真空中，B=30，CA的延长线上S点有一点光源，发出的一条光线由D点射入玻璃砖，如图所示光线经玻璃砖折射后垂直BC边射出，且此光束经过SD用时和在玻璃砖内的传播时间相等已知光在真空中的传播速度为c，BD=d，ASD=15求：（）玻璃砖的折射率；（）SD两点间的距离考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：（）由几何关系可求出入射角i和折射角r，再由折射定律求解折射率（）根据光束经过SD用时和在玻璃砖内的传播时间相等，列式可求得SD两点间的距离解答：解：（）由几何关系可知入射角i=45，折射角r=30，则
59、玻璃砖的折射率为 n=可得 n=在玻璃砖中光速为 v=光束经过SD和玻璃砖内的传播时间相等有：=可得 SD=d 答：（）玻璃砖的折射率是；（）SD两点间的距离为d点评：解答本题的关键是依据几何关系和折射定律、光速公式解题七、物理-选修3-5（50分）2015春锦州期末）下列说法中正确的是ACDA普朗克在研究黑体的热辐射问题中提出了能量子假说B卢瑟福通过粒子轰击金箔的实验认识到原子有能级C卢瑟福根据粒子轰击氮的实验结果和一些原子核的比荷，预言了中子的存在D德国物理学家伦琴发现了X射线E物质波是德布罗意的猜想，至今未获实验的证实考点：物理学史分析：普朗克在研究黑体的热辐射问题中提出了能量子假设卢瑟
60、福由粒子散射实验提出了原子的核式结构卢瑟福预言了中子的存在，伦琴发现了X射线物质波是德布罗意的猜想，已经被电子的衍射现象证实解答：解：A、普朗克在研究黑体的热辐射问题中提出了能量子假说故A正确B、卢瑟福由粒子散射实验提出了原子的核式结构，玻尔提出能级的观点，故B错误C、卢瑟福根据粒子轰击氮的实验结果和一些原子核的比荷，预言了中子的存在，故C正确D、德国物理学家伦琴发现了X射线，故D正确E、物质波是德布罗意的猜想，已经被电子的衍射实验证实故E错误故答案为：ACD点评：解决本题的关键是理清原子物理学史实，记住著名物理学家的科学成就2015春锦州期末）下列说法中正确的是ACEA光子的能量由光的频率所
61、决定B由E=mc2可知，质量与能量是可以相互转化的C通过粒子散射实验建立了原子的核式结构模型D射线是原子核外电子挣脱原子核束缚后形成的E如果使较重的核分裂成中等大小的核，或者把较小的核合并成中等大小的核，核子的比结合能均会增加考点：爱因斯坦质能方程专题：爱因斯坦的质能方程应用专题分析：根据E=h，可知，能量与频率的关系；由质能方程，可知，能量与质量一一相对应，不能相互转化；粒子散射实验建立了原子的核式结构模型；衰变中产生的射线是原子核内部的中子转化为质子而同时生成；不论是裂变还是聚变，导致核子相对稳定，则比结合能增大解答：解；A、光子的能量由光的频率所决定，故A正确；B、由质能方程可知，质量与
62、能量相对应，故B错误；C、粒子散射实验建立了原子的核式结构模型，故C正确；D、衰变中产生的射线是原子核内部的中子转化为质子而同时生成一个电子，D错误；E、较重的核分裂成中等大小的核，或者把较小的核合并成中等大小的核，核子的比结合能均会增加，故E正确；故选：ACE点评：考查选修35内容，都是记忆性的知识点，在平时的学习过程中多加积累即可3015春锦州期末）下列说法中正确的是BCDA方程式UTh+He是重核裂变反应方程B方程式H+HHe+是氢核聚变反应方程C氢原子光谱是分立的D氢原子从基态跃迁至某激发态要吸收特定频率的光子E在光电效应实验中，某金属的截止频率相应的波长为0，若用波长为（0）的单色光
63、做该实验，会产生光电效应考点：重核的裂变；光电效应分析：裂变是质量较重的核裂变为质量中等的核，聚变是质量较轻的核转化为质量较大的核，氢原子的轨道是不连续的，是一些特殊的分立的值，电子只能在这些轨道上绕原子核运动，从激发态跃迁至基态要放出收特定频率的光子当入射光的波长小于极限波长时，会发生光电效应解答：解：A、方程式UTh+He是衰变方程，故A错误B、方程式H+HHe+是轻核聚变反应方程，故B正确C、氢原子光谱为线状谱，是分力的，故C正确D、氢原子从基态向激发态跃迁，吸收光子，根据hv=EmEn知，吸收特定频率的光子，故D正确E、当入射光的波长小于极限波长时，会发生光电效应，故E错误故选：BCD
64、点评：正确解答本题需要掌握：裂变、聚变的反应的特点及波尔理论的内容，波尔理论在高中阶段要求层次较低，难度不大，涉及内容较固定，只要掌握好波尔理论的内容，即可解决这类问题3012山东）氢原子第n能级的能量为En=，其中E1为基态能量当氢原子由第4能级跃迁到第2能级时，发出光子的频率为1；若氢原子由第2能级跃迁到基态，发出光子的频率为2，则=考点：氢原子的能级公式和跃迁专题：压轴题；原子的能级结构专题分析：根据能级间跃迁吸收或辐射的光子能量等于两能级间的能级差列出等式求解解答：解：根据玻尔理论E=EmEn（mn）当氢原子由第4能级跃迁到第2能级时，发出光子的频率为1得E4E2=h1，E2E1=E1
65、 =h2，则=故答案为：点评：解决本题的关键知道能级间跃迁吸收或辐射的光子能量等于两能级间的能级差3015春锦州期末）与轻弹簧相连的质量均为2.0kg的A、B两物块都以v=6.0m/s的速度在光滑的水平地面上运动，弹簧处于原长状态，质量为4.0kg的物块C静止在它们的前方，如图所示，B与C相碰撞后粘在一起不再分开，在以后的运动中，当弹簧的弹性势能最大时，物体A的速度是3m/s考点：动量守恒定律；机械能守恒定律专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合分析：在整个过程系统所受合外力为零，系统动量守恒，当弹簧的压缩量最大弹簧的弹性势能最大，此时三者速度相等，由动量守恒定律可以求出A的速度解答：解
66、：A、B、C组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：（mA+mB）v0=（mA+mB+mC）v，代入数据解得：v=3m/s；故答案为：3m/s点评：本题考查了求物体的速度，当弹簧压缩量最大时弹性势能最大，此时三者速度相等，应用动量守恒定律可以解题；分析清楚物体运动过程是正确解题的关键，本题可以研究整个过程，也可以分阶段应用动量守恒定律解题3015春锦州期末）分别用波长为和的单色光照射同一金属板，发出的光电子的最大初动能之比为1：2，以h表示普朗克常量，c表示真空中的光速，则此金属板的逸出功为考点：爱因斯坦光电效应方程专题：光电效应专题分析：根据光速、频率、波长之间的关系可知光子的
67、能量为E=，然后根据爱因斯坦光电效应方程，即可求解解答：解：光子能量为：E=根据爱因斯坦光电效应方程可知光电子的最大初动能为：Ek=W根据题意：1=，2=，Ek1：EK2=1：2联立可得逸出功为：W=故答案为：点评：本题比较简单，但是涉及物理量比较多，在应用公式的同时要理清物理量之间的关系3014宜昌模拟）用中子轰击锂核（36Li）发生核反应，产生氚和粒子并放出4.8MeV的能量（1）写出核反应方程式；（2）求上述反应中的质量亏损为多少（保留两位有效数字）；（3）若中子与锂核是以等大反向的动量相碰，则粒子和氚的动能之比是多少？考点：爱因斯坦质能方程；动量守恒定律；原子核的人工转变专题：爱因斯坦
68、的质能方程应用专题分析：（1）根据质量数和电荷数守恒可正确书写出该核反应方程（2）依据E=mc2，算出亏损质量（3）根据动量守恒方程可正确求解粒子和氚的动能之比解答：解：（1）根据质量数和电荷数守恒得36Li+01n13H+24He+4.8 MeV（2）依据E=mc2，m=kg8.51030 kg（3）设m1、m2、v1、v2分别为氦核、氚核的质量和速度，由动量守恒定律得0=m1v1+m2v2氦核、氚核的动能之比Ek1：Ek2=：=m2：m1=3：4答：（1）核反应方程式为36Li+01n13H+24He+4.8 MeV（2反应中的质量亏损为）8.51030 kg（3）粒子和氚的动能之比是3：
69、4点评：本题比较简单考查了核反应方程、核能计算、动量守恒等基础知识，越是简单基础问题，越要加强理解和应用，为解决复杂问题打下基础3015开封二模）如图所示，小球A质量为m，系在细线的一端，线的另一端固定在O点，O点到水平面的距离为h物块B质量是小球的5倍，置于粗糙的水平面上且位于O点正下方，物块与水平面间的动摩擦因数为现拉动小球使线水平伸直，小球由静止开始释放，运动到最低点时与物块发生正碰（碰撞时间极短），反弹后上升至最高点时到水平面的距离为小球与物块均视为质点，不计空气阻力，重力加速度为g，求碰撞过程物块获得的冲量及物块在地面上滑行的距离考点：动量守恒定律专题：动量定理应用专题分析：对小球下
70、落过程由机械能守恒定律可求得小球与物块碰撞前的速度；对小球由机械能守恒可求得反弹的速度，再由动量守恒定律可求得物块的速度；对物块的碰撞过程根据动量定理列式求解获得的冲量；对物块滑行过程由动能定理可求得其滑行的距离解答：解：设小球的质量为m，运动到最低点与物体块相撞前的速度大小为v1，取小球运动到最低点时的重力势能为零，根据机械能守恒定律有：mgh=mv12解得：v1=设碰撞后小球反弹的速度大小为v1，同理有：mg=mv12解得：v1=设碰撞后物块的速度大小为v2，取水平向右为正方向，由动量守恒定律有：mv1=mv1+5mv2解得：v2=由动量定理可得，碰撞过程滑块获得的冲量为：I=5mv2=物块在水平面上滑行所受摩擦力的大小为F=5mg设物块在水平面上滑行的时间为t，由动能定理有：Fs=05mv22解得：s=答：碰撞过程物块获得的冲量为，物块在地面上滑行的距离为点评：本题综合考查动量守恒定律、机械能守恒定律及动能定理，要注意正确分析物理过程，选择合适的物理规律求解