1、2014-2015学年河南省三门峡市灵宝五高高三（上）第二次月考物理试卷一、选择题（每题4分）1如图所示，虚线表示某电场的等势面一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的径迹如图中实线所示，则下列结论正确的（）A 粒子带正电，由A到B的过程中加速度一直增大B 粒子带负电，由A到B的过程中速度先增大再减小C 粒子带正电，由A到B的过程中电场力一直做正功D 粒子带负电，由A到B的过程中电势能先增大再减小，但B点电势能比A点大2如图所示，实线表示电场线，虚线表示带电粒子运动的轨迹带电粒子只受电场力的作用，运动过程中电势能逐渐减小，它运动到b处时的运动方向与受力方向可能的是（）A B C D 3如图所示
2、，一电子沿等量异种电荷的中垂线由AOB匀速飞过，电子重力不计，则电子除电场力外所受其他力的合力的大小和方向变化情况是（）A 先变大后变小，方向水平向左B 先变大后变小，方向水平向右C 先变小后变大，方向水平向左D 先变小后变大，方向水平向右4a、b、c三个粒子（即氦原子核）由同一点垂直电场方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b恰好飞出电场由此可以肯定（）A 在b飞离电场的同时，刚好打在负极板上B b和c同时飞离电场C 进入电场时，c的速度最大，a的速度最小D c的动能增加量最小，a和b的动能增加量一样大5示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示如果在荧光屏上P点出
3、现亮斑，那么示波管中的（）A 极板X应带正电B 极板X应带正电C 极板Y应带正电D 极板Y应带正电6下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中正确的是（）A 电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多B W=UIt适用于任何电路，而W=I2Rt=t只适用于纯电阻的电路C 在不是纯电阻的电路中，UII2RD 焦耳热Q=I2Rt适用于任何电路7两个小灯泡的标识分别是L1“6V 6W”，L2“6V 9W”，把它们分别接在同一直流电源上（电源内阻不可忽略），L1消耗的功率恰好为6W，则L2消耗的功率为（）A 一定小于9WB 一定等于9WC 一定大于9WD 条件不足，不能确定8如图所示的电路中，电
4、源电动势E=3V，内电阻r=1，定值电阻R1=3，R2=2，电容器的电容C=100F，则下列说法正确的是（）A 闭合开关S，电路稳定后电容器两端的电压为l.5VB 闭合开关S，电路稳定后电容器所带电荷量为3.0104CC 闭合开关S，电路稳定后电容器极板所带电荷量为1.5104CD 先闭合开关S，电路稳定后断开开关S，通过电阻R的电荷量为3.0104C9电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，下列说法正确的是（）A 电压表和电流表读数都减小B 电压表和电流表读数都增大C 电压表读数增大，电流表读数减小D 电压表读数减
5、小，电流表读数增大10图为测量某电源电动势和内阻时得到的UI图线用此电源与三个阻值均为3的电阻连接成电路，测得路端电压为4.8V则该电路可能为（）A B C D 二、实验题（本题共2小题，11题6分，12题15分，共21分）11如图所示，用同一电路测量一未知电阻RX，两次测量分别用相同的电流表和电压表，且保持RX不变第一次测量读数为4V、3.9mA，第二次测量读数为3V、4mA，则可推断RX的测量值比较准确的是，该值与真实值比较（填“偏大”、“偏小”或“相等”）12某同学测定一根金属丝的电阻率用螺旋测微器测量金属丝的直径如图a所示，则该金属丝的直径为mm先用多用电表粗测其电阻将选择开关调到欧姆
6、挡“10”档位并调零，测量时发现指针向右偏转角度太大，这时他应该：a将选择开关换成欧姆挡的档位（选填“100”或“1”）b将红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使欧姆表指针指在表盘右端零刻度处再次测量电阻丝的阻值，其表盘及指针所指位置如图b所示，则此段电阻丝的电阻为如图c，现要进一步精确测量其阻值，实验室提供了以下各种器材，4V的直流电源、3V量程的直流电压表、电键、导线等还有电流表与滑动变阻器各两个以供选用：A电流表A1（量程0.3A，内阻约1） B电流表A2（量程0.6A，内阻约0.3）C滑动变阻器R1（最大阻值为10） D滑动变阻器R2（最大阻值为50）为了尽可能提高测量准确度且要求电压调
7、节范围尽量大电流表应选，滑动变阻器应选（填器材前面的选项字母）三、计算题（本题共3小题，各13分，共39分，计算时必须有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）13如图所示，电路中电源内阻不计，水平放置的平行金属板A、B间的距离为d，金属板长为L在两金属板左端正中间位置M，有一个小液滴以初速度v0水平向右射入两板间，已知小液滴的质量为m，小液滴带负电，电荷量为q要使液滴从B板右侧上边缘射出电场，电动势E是多大？重力加速度用g表示14如图所示，离子发生器发射一束质量为m，电荷量为+q的离子，从静止经PQ两板间的加速电压加速后，以初速度v0再从a点沿ab方向进入一匀强电场区域，abcd所
8、围成的正方形区域是该匀强电场的边界，已知正方形的边长为L，匀强电场的方向与ad边平行且由a指向d（1）求加速电压U0；（2）若离子恰从c点飞离电场，求ac两点间的电势差Uac；（3）若离子从abcd边界上某点飞出时的动能为mv02，求此时匀强电场的场强大小E15如图所示，在E=1103V/m的竖直匀强电场中，有一光滑的半圆形绝缘轨QPN与一水平绝缘轨道MN连接，半圆形轨道平面与电场线平行，P为QN圆弧的中点，其半径R=40cm，一带正电q=104C的小滑块质量m=10g，位于N点右侧s=1.5m处，与水平轨道间的动摩擦因数=0.15，取g=10m/s2现给小滑块一向左的初速度，滑块恰能运动到圆
9、轨道的最高点Q，求：（1）滑块在圆轨道最高点Q的速度大小；（2）滑块应以多大的初速度v0向左运动？（3）这样运动的滑块通过P点时对轨道的压力是多大？2014-2015学年河南省三门峡市灵宝五高高三（上）第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题4分）1如图所示，虚线表示某电场的等势面一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的径迹如图中实线所示，则下列结论正确的（）A 粒子带正电，由A到B的过程中加速度一直增大B 粒子带负电，由A到B的过程中速度先增大再减小C 粒子带正电，由A到B的过程中电场力一直做正功D 粒子带负电，由A到B的过程中电势能先增大再减小，但B点电势能比A点大考点：电势能
10、；电场强度专题：电场力与电势的性质专题分析：图中场源位于等势面圆心位置，根据曲线的弯曲可知是静电斥力，根据等差等势面的疏密判断场强大小，结合牛顿第二定律得到加速度大小关系；根据公式=判断电势能高低解答：解：由于等势面是同心圆，且外侧电势高，故图中场源位于等势面圆心位置，是负电荷；根据曲线的弯曲可知是静电斥力，故粒子也带负电；由于B位置等差等势面较密集，场强大，加速度大，即aAaB；从A到B，电势降低，由A到B的过程中电场力的方向与运动方向之间的夹角是钝角，属于电场力一直做做负功，粒子是动能减小，速度减小；电势能增大故B点电势能大，即EPAEPB；故选：D点评：本题关键是先根据等势面判断场源，结
11、合曲线运动判断电场力，根据公式=判断电势能高低，不难也可以根据电场力做功与电势能改变的关系判断2如图所示，实线表示电场线，虚线表示带电粒子运动的轨迹带电粒子只受电场力的作用，运动过程中电势能逐渐减小，它运动到b处时的运动方向与受力方向可能的是（）A B C D 考点：电场线；电场强度分析：据粒子的运动轨迹，判断粒子所受的电场力大体指向弯曲一侧，从而判断粒子受到的电场力的方向；电场力做正功粒子的动能增大，电势能减小解答：解：粒子的运动轨迹，判断粒子所受的电场力大体指向弯曲一侧，从而判断粒子受力的方向向左，因不知电场线的方向，不能判断出粒子的电性；由于运动飞过程中粒子的电势能减小，所以电场力做正功
12、，粒子运动的方向一定是c到a；故选项D正确，选项ABC错误；故选：D点评：本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧；电场线的疏密表示电场强度的强弱；用电场力做功和能量守恒定律判断动能和电势能的变化3如图所示，一电子沿等量异种电荷的中垂线由AOB匀速飞过，电子重力不计，则电子除电场力外所受其他力的合力的大小和方向变化情况是（）A 先变大后变小，方向水平向左B 先变大后变小，方向水平向右C 先变小后变大，方向水平向左D 先变小后变大，方向水平向右考点：电场线；电场强度专题：电场力与电势的性质专题分析：电子做匀速直线运动，知受电场力和外力平衡，外力的大小与电场力的大
13、小相等，方向相反，根据电场力的变化判断外力的变化解答：解：根据等量异种电荷周围的电场线分布知，从AOB，电场强度的方向不变，水平向右，电场强度的大小先增大后减小则电子所受电场力的大小先变大，后变小，方向水平向左，则外力的大小先变大后变小，方向水平向右故B正确，A、C、D错误故选B点评：解决本题的关键知道外力的大小与电场力的大小相等，方向相反，是一对平衡力4a、b、c三个粒子（即氦原子核）由同一点垂直电场方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b恰好飞出电场由此可以肯定（）A 在b飞离电场的同时，刚好打在负极板上B b和c同时飞离电场C 进入电场时，c的速度最大，a的速度最小D c的动能增加量最小
14、，a和b的动能增加量一样大考点：带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：粒子在电场中做类平抛运动，由于粒子带电量相同故所受相同的电场力，产生的加速度相同，根据粒子在电场方向偏转位移的大小确定时间关系以及初速度关系解答：解：A、由题意知a、b、c三个粒子在电场中受到相同的电场力，在电场方向产生相同的加速度a，由题中图象得，粒子在电场方向偏转的位移满足： ya=ybyc由于在电场方向粒子做初速度为0的匀加速直线运动，有y=at2，可得粒子在电场中运动的时间t=，所以粒子在电场中运动时间有：ta=tbtC，故A正确，B错误；C、在垂直电场方向的位移满足xaxbxc，由于在垂直
15、电场方向上微粒做匀速直线运动，根据ta=tbtC可得：v0av0bv0c，故C正确；D、粒子在电场中电场力做功W=qEd，其中da=dbdc，电场力对a，b做功相同大于对c做的功，故c的动能增加量最小，a和b的动能增加量一样大，则D正确故选：ACD点评：微粒在电场中做类平抛运动，由于微粒带电量和质量均相同，运用运动的合成与分解处理类平抛运动问题是解决本题的关键5示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A 极板X应带正电B 极板X应带正电C 极板Y应带正电D 极板Y应带正电考点：示波器的使用专题：实验题分析：由亮斑位置可知
16、电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性解答：解：电子受力方向与电场方向相反，因电子向X向偏转则，电场方向为X到X，则X带正电 同理可知Y带正电，故AC正确，BD错误故选：AC点评：考查电子的偏转，明确电子的受力与电场的方向相反6下列关于电功、电功率和焦耳定律的说法中正确的是（）A 电功率越大，电流做功越快，电路中产生的焦耳热一定越多B W=UIt适用于任何电路，而W=I2Rt=t只适用于纯电阻的电路C 在不是纯电阻的电路中，UII2RD 焦耳热Q=
17、I2Rt适用于任何电路考点：电功、电功率专题：恒定电流专题分析：电功是表示电流做功的多少，电功率是表示电流做功的快慢，焦耳定律是表示电流产生的热量的多少解答：解：A、电功率越大，表示电流做功越快，但是电路中产生的焦耳热量的多少还与做功的时间的长短有关，所以A错误；B、公式W=UIt是计算电路的总功的大小，适用于任何的电路，当为纯电阻电路时，根据欧姆定律I=，可以推到出W=I2Rt，所以W=I2Rt，只能适用于纯电阻电路，所以B正确C、在不是纯电阻的电路中，UI表示的是总的功率的大小，而I2R只是电路中发热的功率，还有对外做功的功率的大小，所以UII2R，所以C正确；D、焦耳热Q=I2Rt适用于
18、任何电路中的焦耳热量的计算，所以D正确故选BCD点评：每个公式的使用的条件是不同的，掌握住公式的使用的条件，这是做题的前提条件7两个小灯泡的标识分别是L1“6V 6W”，L2“6V 9W”，把它们分别接在同一直流电源上（电源内阻不可忽略），L1消耗的功率恰好为6W，则L2消耗的功率为（）A 一定小于9WB 一定等于9WC 一定大于9WD 条件不足，不能确定考点：电功、电功率专题：恒定电流专题分析：根据L1消耗的功率恰好为6W利用I=求出串联电路的电流；再根据R=求出L2的电阻，最后利用P=I2R求出L2消耗的实际功率，进而得出答案解答：解：L1消耗的功率恰好为6W，串联电路的电流为I=A=1A
19、，L2的电阻为R2=4，L2消耗的实际功率为P=I2R2=（1A）24=4W9W故选A点评：本题考查了串联电路电流的特点和电功率的计算，关键是电功率公式的灵活选取，即P=UI、P=和P=I2R8如图所示的电路中，电源电动势E=3V，内电阻r=1，定值电阻R1=3，R2=2，电容器的电容C=100F，则下列说法正确的是（）A 闭合开关S，电路稳定后电容器两端的电压为l.5VB 闭合开关S，电路稳定后电容器所带电荷量为3.0104CC 闭合开关S，电路稳定后电容器极板所带电荷量为1.5104CD 先闭合开关S，电路稳定后断开开关S，通过电阻R的电荷量为3.0104C考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒
20、定电流专题分析：闭合开关S，电路稳定后，电容器相当于开关断开，其电压等于电阻R1的电压根据欧姆定律求出电容器两端的电压，由Q=CU求电量；稳定后断开开关S，通过电阻R1的电荷量等于电容器原来的电量解答：解：闭合开关S，电路稳定后，电路中电流为I=A=0.5A电容器两端的电压U=IR1=0.53=1.5V，带电量为Q=CU=1001061.5C=1.5104C先闭合开关S，电路稳定后断开开关S，通过电阻R1的电荷量等于Q=1.5104C故选AC点评：本题关键是要根据闭合电路欧姆定律求解出电流和电容器两端电压，然后根据电容定义式列式求解电量9电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻
21、器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，下列说法正确的是（）A 电压表和电流表读数都减小B 电压表和电流表读数都增大C 电压表读数增大，电流表读数减小D 电压表读数减小，电流表读数增大考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：首先要认识电路的结构：滑动变阻器与R2并联然后与R1串联，电压表测路端电压，电流表测通过电阻R2的电流；根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化；然后应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题解答：解：由电路图可知，滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，并联电阻增大，外电路总电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，干路电流
22、变小，电源内电压变小，路端电压变大，则电压表示数变大干电路电流变小，电阻R1两端电压变小，路端电压变大，则并联电压变大，由部分电路欧姆定律可知，通过电阻R2的电流变大，电流表示数变大，故D正确；故选B点评：本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构、熟练应用欧姆定律、电功率公式即可正确解题10图为测量某电源电动势和内阻时得到的UI图线用此电源与三个阻值均为3的电阻连接成电路，测得路端电压为4.8V则该电路可能为（）A B C D 考点：测定电源的电动势和内阻专题：实验题；恒定电流专题分析：根据UI图线得出电源的电动势为6V，图线的斜率的绝对值表示内阻，所以内阻为0.5然后结合闭合电路欧姆
23、定律求出各电路的电流，以及路段电压解答：解：A、电源的电动势为6V，内阻为0.5在A电路中，外电阻为1，则总电阻为1.5，根据闭合电路欧姆定律，总电流为4A，则外电压为4V故A错误B、在B电路中，外电阻为2，则总电阻为2.5，根据闭合电路欧姆定律，总电流为2.4A，则外电压为4.8V故B正确C、在C电路中，外电阻为9则总电阻为9.5，根据闭合电路欧姆定律，总电流为，则外电压为故C错误D、在D电路中，外电阻为4.5，则总电阻为5，根据闭合电路欧姆定律，总电流为1.2A，则外电压为5.4V故D错误故选：B点评：解决本题的关键掌握闭合电路欧姆定律，同时注意路端电压的求法U=IR二、实验题（本题共2小
24、题，11题6分，12题15分，共21分）11如图所示，用同一电路测量一未知电阻RX，两次测量分别用相同的电流表和电压表，且保持RX不变第一次测量读数为4V、3.9mA，第二次测量读数为3V、4mA，则可推断RX的测量值比较准确的是750，该值与真实值比较偏小（填“偏大”、“偏小”或“相等”）考点：伏安法测电阻专题：恒定电流专题分析：根据待测电阻与电表内阻的关系选择实验电路，然后由欧姆定律求出电阻阻值，最后根据实验电路分析实验误差解答：解：由题意可知：=，=，电流表分压对实验影响较大，电流表应采用外接法，即采用图乙所示电路，待测电阻的测量值：RX=750，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用所
25、测电流偏大，电阻测量值小于真实值；故答案为：750；偏小点评：本题考查了求电阻阻值，实验误差分析，分析清楚电路结构、由于串并联电路特点即可正确解题12某同学测定一根金属丝的电阻率用螺旋测微器测量金属丝的直径如图a所示，则该金属丝的直径为0.520mm先用多用电表粗测其电阻将选择开关调到欧姆挡“10”档位并调零，测量时发现指针向右偏转角度太大，这时他应该：a将选择开关换成欧姆挡的1档位（选填“100”或“1”）b将红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使欧姆表指针指在表盘右端零刻度处再次测量电阻丝的阻值，其表盘及指针所指位置如图b所示，则此段电阻丝的电阻为12如图c，现要进一步精确测量其阻值，实验室
26、提供了以下各种器材，4V的直流电源、3V量程的直流电压表、电键、导线等还有电流表与滑动变阻器各两个以供选用：A电流表A1（量程0.3A，内阻约1） B电流表A2（量程0.6A，内阻约0.3）C滑动变阻器R1（最大阻值为10） D滑动变阻器R2（最大阻值为50）为了尽可能提高测量准确度且要求电压调节范围尽量大电流表应选A，滑动变阻器应选C（填器材前面的选项字母）考点：测定金属的电阻率专题：实验题；恒定电流专题分析：本题读数时应分成整数部分和小数部分两部分来读，注意半毫米刻度线以露出；题的关键是明确欧姆表指针偏角过大说明待测电阻过小即倍率选择的过大；题的关键是根据通过待测电阻的最大电流来选择电流表
27、量程，根据要求电压调节范围足够大可知变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节，明确待测电阻阻值较小时应用电流表外接法解答：解：螺旋测微器的读数为：d=0.5mm+2.00.01mm=0.520mm（0.5190.521都可以）；：a：欧姆表的指针偏转较大说明所选倍率过大，应选择1倍率； b：调零时，应将红黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在表盘右端零刻度处；欧姆表的读数为：R=121=12；根据欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流为Im=A0.25A，所以电流表应选A；根据实验要求电压调节范围足够大，可知变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器C以方便调节；故答案为：（1
28、）0.520；（2）1；12；（3）A，C点评：应明确：根据通过待测电阻的最大电流来选择电流表量程；当实验要求电压调节范围足够大或变阻器全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节三、计算题（本题共3小题，各13分，共39分，计算时必须有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位）13如图所示，电路中电源内阻不计，水平放置的平行金属板A、B间的距离为d，金属板长为L在两金属板左端正中间位置M，有一个小液滴以初速度v0水平向右射入两板间，已知小液滴的质量为m，小液滴带负电，电荷量为q要使液滴从B板右侧上边缘射出电场，电动势E是多大？重力加速度用g表示考点：
29、带电粒子在混合场中的运动；牛顿第二定律；欧姆定律专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：通过闭合电路的欧姆定律求出平行板两端的电压，而离子在平行板中做类平抛运动，由此解得电源电动势解答：解：平行板间电压为：U=R=负离子做类平抛运动：=at2l=v0t负离子在平行板间的加速度为：a=g联立解得电动势为：E=2； 答：电源电动势应为2点评：本题是电路与电场两部分知识的综合，关键是确定电容器的电压与电动势的关系，掌握处理类平抛运动的分析方法与处理规律14如图所示，离子发生器发射一束质量为m，电荷量为+q的离子，从静止经PQ两板间的加速电压加速后，以初速度v0再从a点沿ab方向进入一匀强电场区域，a
30、bcd所围成的正方形区域是该匀强电场的边界，已知正方形的边长为L，匀强电场的方向与ad边平行且由a指向d（1）求加速电压U0；（2）若离子恰从c点飞离电场，求ac两点间的电势差Uac；（3）若离子从abcd边界上某点飞出时的动能为mv02，求此时匀强电场的场强大小E考点：带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：（1）对直线加速过程运用动能定理列式求解即可；（2）粒子做类似平抛运动，根据类平抛运动的分位移公式列式求解即可；（3）粒子做类似平抛运动，根据类平抛运动的分速度公式和分位移公式列式，再结合动能定理列式，最后联立求解即可解答：解：（1）对直线加速过程，根据动能定理，
31、有：解得：（2）设此时场强大小为EC，则：ab方向，有：L=v0tad方向，有：L=又Uac=EL，解得：Uac=（3）根据Ek=m可知，离子射出电场时的速度v=v0，方向与ab所在直线的夹角为45，即vx=vy，根据x=vxt，v=可得x=2y，则离子应该从bc边上的某点飞出ab方向，有：L=v0tad方向，有：y=解得：y=根据动能定理，有：Eqy=m解得：E=答：（1）加速电压U0为；（2）ac两点间的电势差Uac为；（3）此时匀强电场的场强大小E为点评：本题关键是明确粒子的运动是类似平抛运动，然后根据类似平抛运动的分运动公式列式求解，不难15如图所示，在E=1103V/m的竖直匀强电场
32、中，有一光滑的半圆形绝缘轨QPN与一水平绝缘轨道MN连接，半圆形轨道平面与电场线平行，P为QN圆弧的中点，其半径R=40cm，一带正电q=104C的小滑块质量m=10g，位于N点右侧s=1.5m处，与水平轨道间的动摩擦因数=0.15，取g=10m/s2现给小滑块一向左的初速度，滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q，求：（1）滑块在圆轨道最高点Q的速度大小；（2）滑块应以多大的初速度v0向左运动？（3）这样运动的滑块通过P点时对轨道的压力是多大？考点：带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：（1）（2）小滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q时，由重力和电场力的合力提供向心力，由牛顿第
33、二定律求出物块通过Q点的速度（2）滑块从开始运动到达Q点过程中，重力做功为mg2R，电场力做功为qE2R，摩擦力做功为fx，根据动能定理求解初速度v0（3）滑块通过P点时，以滑块为研究对象，轨道的支持力提供滑块的向心力，根据动能定理求出滑块通过P点时的速度大小，由牛顿运动定律求解滑块通过P点时对轨道的压力解答：解：（1）设小球到达Q点时速度为v，小滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q时，由牛顿第二定律得：mg+qE=m，打入数据解得：v=2m/s；（2）滑块从开始运动到达Q点过程中，由动能定理得：（mg+qE）2R（mg+qE）s=mv2mv02， 联立两式并代入数据解得：v0=7m/s（2）设滑块到达P点时速度为v，则从开始运动到P点过程：（qE+mg）s（mg+qE）R=mv2mv02在P点，由牛顿第二定律得：F=m，代入数据，解得FN=0.6N根据牛顿第三定律得知，滑块通过P点时对轨道的压力大小为FN=FN=0.6N答：（1）滑块在圆轨道最高点Q的速度大小为2m/s；（2）要使小滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q，滑块应以7m/s的初速度v0向左运动（3）滑块通过P点时对轨道的压力是0.6N点评：此题中滑块恰好通过最高点时轨道对滑块没有弹力，由牛顿定律求出临界速度，再根据动能定理和牛顿运定律结合求解小球对轨道的弹力