1、2014-2015学年福建省莆田二十四中高一（上）期末物理试卷一、单项选择（共10题，每小题4分，共计40分）1（4分）（2014秋莆田校级期末）下列情况中运动的人或物体，可以看成质点的是（）A天文学家研究地球的自转B研究城际轨道列车从广州到肇庆的时间C研究火车通过西江大桥的时间D研究跳水运动员郭晶晶的跳水姿态考点：质点的认识专题：直线运动规律专题分析：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可解答：解：A、研究地球的自转时，地球有大小和形状不能忽略，不能看作质点，否则就无法分辨地球的转动故A错误；B、研究城际轨道列车从广州到肇庆的时
2、间，由于位移远远大于列出的长度，此时列车可以看作质点故B正确C、研究火车通过西江大桥的时间，火车的形状和大小不可以忽略，火车可以看成质点故C错误；D、研究跳水运动员郭晶晶的跳水姿态，运动员的大小和形状影响了运动员的优美舞姿，故不能看作质点，故D错误；故选：B点评：本题就是考查学生对质点概念的理解，是很基本的内容，必须要掌握住的，题目比较简单2（4分）（2013秋菏泽期末）以30m/s的初速度竖直向上抛出一个小球，不计空气阻力，g=10m/s2，以下判断正确的是（）A小球到最高点时的加速度为0B小球上升阶段所用的时间为6sC小球从抛出到落回经过的路程为90mD小球从抛出到落回过程的平均速度为15
3、m/s考点：竖直上抛运动；平均速度分析：物体做竖直上抛运动，其加速度大小始终为g，方向竖直向下，上升阶段：匀减速直线运动，达到最高点时速度为零，加速度还是g，应用匀变速直线运动的规律求解解答：解：A、小球做匀减速运动，到最大高度时的速度为0，加速度不为0，故A错误；B、由匀变速运动规律得，小球上升阶段所用的时间为t=s=3s，故B错误；C、由匀变速运动规律得小球上升的最大高度为h=45m，故路程为90m，故C正确；D、位移为零，故平均速度为零，故D错误；故选：C点评：竖直上抛运动是加速度大小始终为g，方向竖直向下的匀变速运动，可分段求解，也可整体法求解，选用适当的方法求解即可3（4分）（201
4、4秋莆田校级期末）关于速度和加速度的关系，下列说法正确的有（）A只要有加速度，速度就会不断增加B速度变化量越大，加速度也越大C物体的速度变化越快，则加速度越大D加速度变大，速度也一定增大考点：加速度；速度专题：直线运动规律专题分析：加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动解答：解：A、物体有加速度，速度不一定增加，有可能减小，故A错误B、速度的变化量大，速度变化不一定快，则加速度不一定大，故B错误C、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故C正确D、当加速度方向与速度
5、方向相反，加速度增大，速度减小，故D错误故选：C点评：解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系4（4分）（2014秋莆田校级期末）关于弹力和摩擦力的关系，下列说法正确的是（）A两物体间若有弹力，就一定有摩擦力B两物体间若有摩擦力，就一定有弹力C同一点产生的弹力和摩擦力的方向不一定互相垂直D当两物体间的弹力消失时，摩擦力仍可存在一段时间考点：摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力专题：摩擦力专题分析：弹力产生的条件：相互接触挤压；摩擦力产生的条件：接触面粗糙；相互接触挤压；有相对运动或相对运动趋势弹力的方向垂直于接触面，摩擦力的
6、方向与接触面相切，与相对运动或相对运动趋势的方向相反解答：解：A、弹力产生的条件：相互接触挤压；摩擦力产生的条件：接触面粗糙；相互接触挤压；有相对运动或相对运动趋势可见，有摩擦力，必有弹力；有弹力，不一定有摩擦力故A错误，B正确 C、弹力的方向垂直于接触面，摩擦力的方向与接触面相切，与相对运动或相对运动趋势的方向相反可见两个力方向互相垂直，故C错误 D、没有弹力，也就没有摩擦力故D错误故选：B点评：解决本题的关键掌握弹力和摩擦力的产生条件，以及它们的方向知道有摩擦力，必有弹力；有弹力，不一定有摩擦力5（4分）（2008秋石景山区期末）一个以初速度v0沿直线运动的物体，t秒末速度为vt，如图，关
7、于t秒内物体运动的平均速度和加速度a的说法中，正确的是（）A=BCa恒定Da随时间逐渐减小考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：速度时间图线的切线斜率表示瞬时加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移解答：解：AB、连接起始点和终点，连线表示做匀加速直线运动，平均速度为，围成的面积小于变速直线运动图线围成的面积，而时间相等，知变速直线运动的平均速度故A、B错误CD、图线的切线斜率逐渐减小，则加速度逐渐减小故C错误，D正确故选：D点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，斜率表示加速度6（4分）（2015普陀区一模）如图，是质点做直线运动的
8、速度时间图象，该质点（）A在第1秒末速度方向发生了改变B在第1秒末加速度方向发生了改变C在前2秒内发生的位移为零D第3秒末和第6秒末的位置相同考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：运动学中的图像专题分析：速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移，速度的正负表示速度的方向，只要图象在时间轴同一侧物体运动的方向就没有改变；只要总面积仍大于0，位移方向就仍沿正方向；解答：解：A、02s内速度图象在时间轴的上方，都为正，速度方向没有改变故A错误；B、速度时间图象的斜率表示加速度，由图可知1s末加速度方向发生了改变，故B正确；C、根据“面积”表示位移可知，02
9、s内的位移为：x1=，故C错误；D、根据“面积”表示位移可知，03s内的位移为：x1=1m05s内的位移为：x2=1m，所以第3秒末和第5秒末的位置相同故D错误故选：B点评：深刻理解某一段时间内的位移就等于在该段时间内速度图象与时间轴围成的面积是解决此类题目的突破口7（4分）（2014秋莆田校级期末）有两个力，它们的合力为0，现把其中一个向东的6N的力改为向南（大小不变），则它们的合力为（）A0B6N 向南C6N，方向南偏西45D6N，方向南偏东45考点：合力的大小与分力间夹角的关系专题：平行四边形法则图解法专题分析：因物体两力而平衡，将一个正东6N的力改为正南方向，即可看成两个大小相等，相互
10、垂直的两力的合成解答：解：由题意知，两力的大小为6N，方向相互垂直，根据力的平行四边形定则，由勾股定理可得，合力大小为：F=6N；方向为两力夹角的角平分线上，即西偏南45；故选：C点评：力的合成与分解的依据为等效性，故在解题中应明确等效替代的作用，再由力的平行四边形定则求解即可8（4分）（2014秋莆田校级期末）如图所示，人用手握住一个油瓶，并确保能使瓶子静止在竖直方向上，以下说法中正确的是（）A手握得越紧，油瓶受的摩擦力就会越大B手握得越紧，油瓶与手之间的动摩擦因数就会越大C手握得越紧，油瓶与手之间的最大静摩擦力就会越大D往油瓶里添油，油瓶受的摩擦力不变考点：摩擦力的判断与计算专题：摩擦力专
11、题分析：瓶子保持静止，受力平衡，对瓶子受力分析，竖直方向上受重力和静摩擦力，二力平衡，根据静摩擦力的特点可以判断解答：解：A、瓶子保持静止，受力平衡，对瓶子受力分析，竖直方向上受重力和静摩擦力，二力平衡，因而静摩擦力等于重力，手手握得越紧，油瓶与手之间的最大静摩擦力就会越大，但是静摩擦力不变，故AB错误，C正确；D、往油瓶里添油，重力变大，所以油瓶受的摩擦力会变大，故D错误；故选：C点评：静摩擦力与压力无关，随外力的变化而变化，这里握力变大，只是滑动摩擦力变大了，而物体受静摩擦力，故静摩擦力不变9（4分）（2014秋莆田校级期末）小木块m从光滑曲面上P点滑下，通过粗糙静止的水平传送带落于地面上
12、的Q点，如图所示现让传送带在皮带轮带动下逆时针转动，让m从P处重新滑下，则此次木块的落地点将（）A仍在Q点B在Q点右边C在Q点左边D木块可能落不到地面考点：牛顿第二定律专题：传送带专题分析：通过分析木块在传送带上的受力情况，分析其运动情况，通过比较传送带转动与静止时木块离开传送带的速度大小，即可进行分析解答：解：木块m从斜面滑下时获得了速度，当传送带静止时，木块在水平方向受到与运动方向相反的滑动摩擦力，木块将做匀减速运动，离开传送带时做平抛运动；当传送带逆时针转动时木块相对传送带都是向前运动，受到滑动摩擦力方向与相对运动方向相反，物体做匀减速运动，由于木块所受的滑动摩擦力与传送带静止时相同，所
13、以木块的运动情况与传送带静止时相同，所以离开传送带时的速度与传送带静止时的速度相同，因此木块仍落在Q点故A正确，BCD错误故选：A点评：若此题中传送带顺时针转动，物块相对传送带的运动情况就应讨论，当物块滑到底的速度和传送带速度关系10（4分）（2015遂宁模拟）在一大雾天，一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30m处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，刹车过程中刹车失灵如图a、b分别为小汽车和大卡车的vt图象，以下说法正确的是（）A因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾B在t=5s时追尾C在t=3s时追尾D由于初始距离太近，即使刹车不失灵也会追尾考
14、点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：当两车通过的位移之差等于30m时，两车会发生追尾根据速度时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，进行分析解答：解：根据速度时间图象所时间轴所围“面积”大小等于位移，由图知，t=3s时，b车的位移为：sb=vbt=103m=30ma车的位移为sa=（30+20）1+（20+15）2=60m则sasb=30m，所以在在t=3s时追尾故C正确故选C点评：解答本题关键要抓住速度图象的面积表示进行求解，属于基本题二、填空题（每空2分，共计20分）11（8分）（2014秋莆田校级期末）（1）在练习使用打点计时器的实验中，打点计时器是一种计时仪器，其电
15、源频率为50HZ，其中“电磁打点计时器”使用的电压是46伏的交流电（填直流电或交流电），它们是每隔0.02秒打一个点（2）接通打点计时器电源和让纸带开始运动，这两个操作之间的时间顺序关系是：AA先接通电源，再让纸带运动 B先让纸带运动，再接通电源C让纸带运动的同时接通电源 D先让纸带运动或先接通电源都可以考点：探究小车速度随时间变化的规律专题：实验题；直线运动规律专题分析：打点计时器是一种计时仪器，其电源频率为50Hz，常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的是交流电，它们是每隔0.02s打一个点；使用时应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时器的电
16、源，纸带上可能有很长一段打不上点解答：解：（1）在练习使用打点计时器的实验中，打点计时器是一种计时仪器，其电源频率为50HZ，其中“电磁打点计时器”使用的电压是 46伏的交流电，它们是每隔0.02秒打一个点（2）开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带（随物体）开始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；同时先打点再释放纸带，可以使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打满点，故BCD错误，A正确故答案为：（1）46，交流电，0.02；（2）A点评：对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学
17、习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解和使用12（2分）（2014秋莆田校级期末）在探究“弹力与弹簧伸长的关系实验”中，弹簧不受力时的长度如图a所示，当在弹簧下挂重2N的钩码时如图b所示对此下列说法中正确的是DA、该弹簧原长为41cm B、挂2N的钩码时，弹簧伸长了49cmC、该弹簧的劲度系数为20N/m C、该弹簧的劲度系数为25N/m考点：探究弹力和弹簧伸长的关系专题：实验题；弹力的存在及方向的判定专题分析：读出弹簧的原长和伸长量，根据胡克定律的公式F=kx列式求解即可解答：解：A、该弹簧原长为：L0=41.0cm25.0cm=16.0cm，故A错误；B、挂2 N
18、的钩码时，弹簧的伸长量为：L=49.0cm41.0cm=8.0cm，故B错误；C、D、劲度系数：k=，故C错误，D正确；故选：D点评：本题关键是根据胡克定律的公式F=kx列式求解，注意弹簧的起点不在零刻度位置，基础题目13（4分）（2014秋莆田校级期末）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验，如图是在白纸上根据实验结果画出的图（1）如果没有操作失误，图乙中的F与F两力中，方向一定沿图甲中AO方向的是F（2）本实验采用的科学方法是BA理想实验法 B等效替代法 C控制变量法 D建立物理模型法考点：验证力的平行四边形定则专题：实验题；恒定电流专题分析：明确实验原理，了解实验误差的存在，知道该实验
19、中“理论值”和“实验值”的区别解答：解：（1）F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力故方向一定沿AO方向的是F，由于误差的存在F和F方向并不在重合；（2）合力与分力是等效替代的关系，所以本实验采用的等效替代法故选：B故答案为：（1）F（2）B点评：本实验采用的是“等效替代”的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确“理论值”和“实验值”的区别14（6分）（2014秋莆田校级期末）如图所示是一个小球从某一高处由静止开始下落（可视为初速为零的匀加速直线运动）
20、，当它经过A、B两处的光电门传感器时，两光电门传感器测出它们的速度分别为6.278m/s、7.016m/s，用刻度尺测出A、B两位置的高度差为0.50m则物体下落的加速度a为9.81m/s2，物体经过AB的时间t为0.075s，小球开始下落时距离A处的高度h为2.009m考点：自由落体运动专题：自由落体运动专题分析：根据匀加速直线运动位移速度公式求解加速度，再根据速度时间公式求出时间，根据自由落体运动的位移速度公式求出小球开始下落时距离A处的高度解答：解：根据匀加速直线运动位移速度公式得：a=9.81m/s2根据速度时间公式v=v0+at得：t=0.075s根据自由落体运动的位移速度公式2gh
21、=得：h=2.009m 故答案为：9.81，0.075，2.009点评：本题主要考查了匀变速直线运动和自由落体运动基本公式的直接应用，难度不大，属于基础题三、计算题（共4小题，15题8分、16题10分、17题10分、18题12分，共40分）15（8分）（2014秋莆田校级期末）从离地面80m的空中自由落下的一个小球，取g=10m/s2，求：（1）经过多长时间小球落到地面上？（2）下落一半高度时的速度考点：自由落体运动专题：自由落体运动专题分析：（1）根据h=求出小球落地的时间（2）求出一半高度，根据v2=2gx求出速度的大小解答：解：（1）由h=可得：（2）下落一半高度x=40m，由公式v2=
22、2gx得：v=答：（1）经过4s小球落地（2）下落一半高度时的速度为点评：解决本题的关键知道自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，掌握匀变速直线运动的规律，灵活运用运动学公式求解16（10分）（2014秋莆田校级期末）假设航母静止在海面上，舰载机在航母跑道上从静止开始做匀加速直线运动，以5m/s2的加速度运动，需要达到50m/s的速度才可升空，求：（1）滑行5s后，舰载机的速度大小？（2）从启动到起飞，至少滑行多长时间？（3）航母跑道至少多长？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：（1）根据飞机的初速度，加速度和末速度，根据速度
23、时间关系，即可求得滑行5s后，舰载机的速度；（2）根据速度时间公式即可求得速度到达50m/s时所用的时间；（3）根据匀变速直线运动的位移时间关系公式，或位移速度公式都可以计算出跑道的长度解答：解：（1）由匀变速直线运动规律得：v=at=55m/s=25m/s（2）由匀变速直线运动规律得：vm=at1得：t1=10s（3）由匀变速直线运动规律得：x=答：（1）滑行5s后，舰载机的速度是25m/s；（2）从启动到起飞，至少滑行10s；（3）航母跑道至少250m点评：解决此类题目找准题目给出的已知量，选择合适的匀变速直线运动公式其中跑道长度的计算可以根据匀变速直线运动的位移时间关系公式，或根据位移速
24、度公式计算即可17（10分）（2014秋邢台期末）如图所示，质量为m1的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O轻绳OB水平且B端与放置在水平面上的质量为m2的物体乙相连，轻绳OA与竖直方向的夹角=37，物体甲、乙均处于静止状态已知重力加速度为g，sin37=0.6，cos37=0.8，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：（1）轻绳OA、OB受到的拉力；（2）若物体乙的质量m2=4kg，物体乙与水平面之间的动摩擦因数为=0.3，则欲使物体乙在水平面上不滑动，物体甲的质量m1最大不能超过多少？考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题：共点力作用下物体平衡专题分析：（1）以结点O为研究
25、对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件求出轻绳OA、OB受到的拉力（2）当乙物体刚要滑动时，物体甲的质量m1达到最大，此时乙受到的静摩擦力达到最大值Fmax=m2g，再平衡条件求出物体甲的质量解答：解：（1）对结点O，作出力图如图，由平衡条件有：cos= tan= 解得：TA=m1gTB=m1g（2）当乙物体刚要滑动时，静摩擦力达到最大值Fmax=m2gTBmax=Fmax由得：m1max=1.6kg答：（1）轻绳OA、OB受到的拉力分别为m1g和m1g；（2）若物体乙的质量m2=4kg，物体乙与水平面之间的动摩擦因数为=0.3，则欲使物体乙在水平面上不滑动，物体甲的质量m1最大不能超过1.6
26、kg点评：本题涉及共点力平衡中极值问题，当物体刚要滑动时，物体间的静摩擦力达到最大18（12分）（2014秋莆田校级期末）如图所示，物体在15N的推力F的作用下沿水平地面向右匀速直线运动，已知物体的重力为31N，拉力为F与水平方向的夹角为=37，（sin37=0.6，cos37=0.8）问：（1）物体受到地面的支持力为多大（2）物体受到的摩擦力为多大（3）物体与地面的动摩擦因数考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以物体为研究对象受力分析，正交分解，根据平衡条件求支持力和摩擦力的大小，由滑动摩擦力的计算公式求摩擦因数大小解答：解：受力分析如图所示：根据平衡条件，竖直方向：N=mg+Fsin=31N+9N=40N；水平方向：f=Fcos=12N由f=N的：=0.3答：（1）物体受到地面的支持力为40N；（2）物体受到的摩擦力为12N；（3）物体与地面的动摩擦因数为0.3点评：本题考查受力分析以及正交分解的应用，当物体受三个以上的作用力时通常用正交分解法