1、2015-2016学年广西桂林市陆川中学高三（下）综合物理练习卷（2）一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1E1为氢原子基态能量的绝对值，h为普朗克恒量，c是真空中的光速，当氢原子在最低的三个能级之间跃迁时，氢原子发射光子的波长可能值是（）ABCD2据报道，“嫦娥二号”探月卫星将于2010年底前发射，其环月飞行的高度距离月球表面100km，所探测到的有关月球的数据将比环月飞行高度为200km的“嫦娥一号”更加翔实若两颗卫星环月的运行均可视为匀速圆周运动，运行轨道如图所示则（）A“嫦娥二号”环月运行的周期比“嫦娥一号”更小B“嫦娥二号”环月运行时的线速度比“嫦娥一号”更小C“嫦娥二号”
2、环月运行时的向心加速度比“嫦娥一号”更大D“嫦娥二号”环月运行时的向心加速度与“嫦娥一号”相等3一个电子只在电场力作用下从a点运动到b点，轨迹如图中虚线所示，图中的一组平行实线表示的可能是电场线也可能是等势面，则下列说法中正确的是（）A无论图中的实线是电场线还是等势面，a点的场强都比b点的场强小B无论图中的实线是电场线还是等势面，a点的电势都比b点的电势高C无论图中的实线是电场线还是等势面，电子在a点的电势能都比在b点的电势能小D如果图中的实线是等势面，电子在a点的速率一定大于在b点的速率4关于气体的压强，下列说法正确的是（）A气体的压强是由气体分子间的吸引和排斥产生的B气体分子的平均速率增大
3、，气体的压强一定增大C气体的压强等于器壁单位面积、单位时间所受气体分子冲量的大小D当某一容器自由下落时，容器中气体的压强将变为零5波源S在t=0时刻从平衡位置开始向上运动，形成向左右两侧传播的简谐横波S、a、b、c、d、e和a、b、c是沿波传播方向上的间距为lm的9个质点，t=0时刻均静止于平衡位置，如图所示当t=0.1s时质点S第一次到达最高点，当t=0.4s时质点d开始起振则以下说法正确的是（）A该波的波速为10m/sBt=0.4s这一时刻质点a的速度最大Ct=0.4s这一时刻质点c的加速度最大Dt=0.5s这一时刻质点c已经振动了0.2s6用如图所示的实验装置观察光的薄膜干涉现象图1是撒
4、有食盐的酒精灯火焰，图2是竖立的附着一层肥皂薄膜的金属丝圈，关于该实验，下列说法正确的是（）A观察时应当在火焰的同侧面向薄膜观察火焰的像B观察时应当在火焰的异侧透过薄膜观察火焰的像C将金属丝圈在其所在的竖直平面内缓慢旋转90，干涉条纹保持原形状不变D将金属丝圈在其所在的竖直平面内缓慢旋转90，干涉条纹也将同方向旋转907如图所示，B为理想变压器，接在原线圈上的交流电压U保持不变，R为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表当开关S闭合后，下列说法正确的是（）A电流表A1的示数变大B电流表A2的示数变小C电压表V的示数变小D灯泡L1的亮度变亮8如图所示，有一光滑钢球质量为m，被一U形框扣在里面，框的
5、质量为M，且M=2m，它们搁置于光滑水平面上，今让小球以速度v0向右去撞击静止的框，设碰撞无机械能损失，经多次相互撞击，下面结论正确的是（）A最终都将停下来B最终将以相同的速度向右运动C永远相互碰撞下去，且整体向右运动D在它们反复碰撞的过程中，球的速度将会再次等于v0，框也会再次重现静止状态二、非选择题：9某校科技小组在伽利略斜面实验思想的启发下，设计了如图所示的装置，探究物体沿斜面下滑时是否做匀变速直线运动（1）实验时，让滑块从不同高度沿斜面由静止下滑，并同时打开水龙头的阀门，使水流到量筒中；当滑块碰到挡板的同时关闭阀门（整个过程中水流可视为均匀稳定的）该实验探究方案是利用量筒中收集的水量来
6、测量的（2）表是该小组测得的有关数据，其中s为滑块从斜面的不同高度由静止释放后沿斜面下滑的距离，V为相应过程中量筒中收集的水量分析表中数据，根据，可以得出滑块沿斜面下滑是做匀变速直线运动的结论次数1234567S（m）4.53.93.02.11.50.90.3V（mL）90847262524023.51045.65.55.85.55.65.65.4（3）本实验误差的主要来源有：距离测量的不准确，水从水箱中流出不够稳定，还可能来源于等（写出一项即可）10有一根细而均匀的导电材料样品（如图1a所示），截面为同心圆环（如图1b所示），此样品长L约为3cm，电阻约为100，已知这种材料的电阻率为，因该
7、样品的内径太小，无法直接量现提供以下实验器材：A20等分刻度的游标卡尺B螺旋测微器C电流表A1（量程50mA，内阻r1=100）D电流表A2（量程100mA，内阻r2大约为40）E电流表A3（量程3A，内阻r3大约为0.1）F滑动变阻器R（010，额定电流2A）G直流电源E（12V，内阻不计）H导电材料样品Rx（长L约为3cm，电阻Rx约为100）I开关一只，导线若干请根据上述器材设计一个尽可能精确地测量该样品内径d的实验方案，回答下列问题：（1）用游标卡尺测得该样品的长度如图2甲所示，其示数L=mm；用螺旋测微器测得该样品的外径如图2乙所示，其示数D=mm（2）请选择合适的仪器，在图3中画出
8、最佳实验电路图，并标明所选器材前的字母代号（3）用已知物理量的符号和测量量的符号来表示样品的内径dd=11一位蹦床运动员仅在竖直方向上运动，蹦床对运动员的弹力F随时间t的变化规律通过传感器用计算机绘制出来，如图所示设运动过程中不计空气阻力，g取10m/s2结合图象，试求：（1）运动员的质量；（2）运动过程中，运动员的最大加速度；（3）运动员离开蹦床上升的最大高度12如图所示，两根间距为d的平行光滑金属导轨与水平面成角，导轨间接有阻值为R的电阻，其他电阻不计电阻也为R、质量为m的金属杆ab垂直导轨放置，在NN以下的范围内有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为B，MM、NN、PP彼此平行金属杆a
9、b从导轨的顶端MM由静止开始滑下，刚进入磁场边界NN时的速度为v，下滑到PP处时速度变为稳定，PP与NN的距离为s，求：（1）金属杆ab刚进入磁场边界NN时加速度的大小；（2）金属杆ab从NN 滑到PP的过程中电阻R上产生的热量13两块平行金属板MN、PQ水平放置，两板间距为d、板长为l，在紧靠平行板右侧的正三角形区域内存在着垂直纸面的匀强磁场，三角形底边BC与PQ在同一水平线上，顶点A与MN在同一水平线上，如图所示一个质量为m、电量为+q的粒子沿两板中心线以初速度v0水平射入，若在两板间加某一恒定电压，粒子离开电场后垂直AB边从D点进入磁场，BD=AB，并垂直AC边射出（不计粒子的重力）求：
10、（1）两极板间电压；（2）三角形区域内磁感应强度；（3）若两板间不加电压，三角形区域内的磁场方向垂直纸面向外要使粒子进入磁场区域后能从AB边射出，试求所加磁场的磁感应强度最小值2015-2016学年广西桂林市陆川中学高三（下）综合物理练习卷（2）参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1E1为氢原子基态能量的绝对值，h为普朗克恒量，c是真空中的光速，当氢原子在最低的三个能级之间跃迁时，氢原子发射光子的波长可能值是（）ABCD【考点】氢原子的能级公式和跃迁【分析】分别求出基态和n=2，n=3激发态的能量，根据E=求出光子的波长【解答】解：基态的氢原子能量为E1，n=2能级
11、的原子能量为，n=3能级的原子能量为，根据E=得，从第三能级跃迁到第二能级，（）=1=从第三能级跃迁到第一能级，（E1）=2=从第二能级跃迁到第一能级，（E1）=3=故C正确，A、B、D错误故选C2据报道，“嫦娥二号”探月卫星将于2010年底前发射，其环月飞行的高度距离月球表面100km，所探测到的有关月球的数据将比环月飞行高度为200km的“嫦娥一号”更加翔实若两颗卫星环月的运行均可视为匀速圆周运动，运行轨道如图所示则（）A“嫦娥二号”环月运行的周期比“嫦娥一号”更小B“嫦娥二号”环月运行时的线速度比“嫦娥一号”更小C“嫦娥二号”环月运行时的向心加速度比“嫦娥一号”更大D“嫦娥二号”环月运行
12、时的向心加速度与“嫦娥一号”相等【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【分析】根据万有引力提供向心力得出线速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系，结合轨道半径的大小进行比较【解答】解：根据得，a=，v=，嫦娥二号的轨道半径小，则线速度大，周期小，向心加速度大，故A、C正确，B、D错误故选：AC3一个电子只在电场力作用下从a点运动到b点，轨迹如图中虚线所示，图中的一组平行实线表示的可能是电场线也可能是等势面，则下列说法中正确的是（）A无论图中的实线是电场线还是等势面，a点的场强都比b点的场强小B无论图中的实线是电场线还是等势面，a点的电势都比b点的电势高C无论图中的实线是电场线还是等势面，电
13、子在a点的电势能都比在b点的电势能小D如果图中的实线是等势面，电子在a点的速率一定大于在b点的速率【考点】电势能；动能定理的应用；电势【分析】电场线的疏密表示场强的大小，等差等势面的疏密表示场强的相对大小顺着电场线，电势降低电场力做正功，电子的电势能减小，动能增大【解答】解：A、由图看出，电场线或等势面疏密均匀，无论图中的实线是电场线还是等势面，a点的场强和b点的场强大小相等故A错误B、根据电子的运动轨迹可知，电子所受的电场力方向向右，电场线方向水平向左，则a点的电势都比b点的电势低故B错误C、D电子所受的电场力方向向右，电场力做正功，电势能减小，动能增大，则电子在a点的电势能都比在b点的电势
14、能大，在a点的速率一定大于在b点的速率故C错误，D正确故选D4关于气体的压强，下列说法正确的是（）A气体的压强是由气体分子间的吸引和排斥产生的B气体分子的平均速率增大，气体的压强一定增大C气体的压强等于器壁单位面积、单位时间所受气体分子冲量的大小D当某一容器自由下落时，容器中气体的压强将变为零【考点】封闭气体压强；气体压强的微观意义【分析】气体压强产生的原因：分子热运动不断撞击容器壁产生压力压力与分子热运动速度以及撞击频率有关【解答】解：A：气体压强产生的原因是分子热运动不断撞击容器壁产生压力并且气体分子间的距离大于10r0，分子间的作用力可忽略故A错误B：压强与分子热运动速度以及撞击频率有关
15、，如果气体分子的平均速率增大，但体积变大，撞击频率可能会很小所以气体的压强不一定增大故B错误C：，器壁单位时间所受气体分子冲量的大小就是力F的大小，又因为是单位面积，可认为是1，所以气体的压强等于器壁单位面积、单位时间所受气体分子冲量的大小故C正确D：当某一容器自由下落时，虽然处于失重状态，但分子热运动不会停止，所以分子仍然不断撞击容器壁产生压力，故压强不为零故D错误故选：C5波源S在t=0时刻从平衡位置开始向上运动，形成向左右两侧传播的简谐横波S、a、b、c、d、e和a、b、c是沿波传播方向上的间距为lm的9个质点，t=0时刻均静止于平衡位置，如图所示当t=0.1s时质点S第一次到达最高点，
16、当t=0.4s时质点d开始起振则以下说法正确的是（）A该波的波速为10m/sBt=0.4s这一时刻质点a的速度最大Ct=0.4s这一时刻质点c的加速度最大Dt=0.5s这一时刻质点c已经振动了0.2s【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系【分析】当t=0.1s时质点s第一次到达最高点，当t=0.4s时质点d开始起振，可得到该波的周期T和波长介质中各质点起振方向均向上分析在t=0.4s各质点的运动过程，再分析t=0.4s时刻各质点的速度和加速度情况波速为v=【解答】解：由题意当t=0.1s时质点s第一次到达最高点，当t=0.4s时质点d开始起振，可知，该波的周期为T=0.4s，波长为=4m，
17、而且介质中各质点起振方向均向上A、波速为v=10m/s，故A正确；BC、当 t=0.4s 时，质点c已经振动了0.1s，c点开始是向上起振的，则说明此时c正处于波峰，加速度最大；当 t=0.4s 时，质点a已经振动了0.3s，a点开始是向上起振的，则说明此时a正处于波谷，速度为零故B错误，C正确；D、根据对称性可知，c与c的振动情况完全相同当 t=0.5s 时，质点c已经振动了0.2s，故D正确故选：ACD6用如图所示的实验装置观察光的薄膜干涉现象图1是撒有食盐的酒精灯火焰，图2是竖立的附着一层肥皂薄膜的金属丝圈，关于该实验，下列说法正确的是（）A观察时应当在火焰的同侧面向薄膜观察火焰的像B观
18、察时应当在火焰的异侧透过薄膜观察火焰的像C将金属丝圈在其所在的竖直平面内缓慢旋转90，干涉条纹保持原形状不变D将金属丝圈在其所在的竖直平面内缓慢旋转90，干涉条纹也将同方向旋转90【考点】光的干涉【分析】解答本题应掌握薄膜干涉的原理，产生干涉的两列光是薄膜前后表面反射回来的光相遇产生，干涉取决于两层肥皂膜的厚度而形成反射光的光程差【解答】解：A、观察到干涉图样是因为薄膜的前后面反射的光程差造成的，因此要顺着光的方向，即在酒精灯的同侧，即人应位于金属丝圈的左侧，A正确，B错误；C、在转动金属丝圈的过程中，由于重力作用同一水平高度的薄膜厚度是相同的，故薄膜的厚度不变，故反射光形成的光程差也不会发生
19、变化，故产生的干涉条纹仍保持原来的状态不变；故C正确，D错误故选：AC7如图所示，B为理想变压器，接在原线圈上的交流电压U保持不变，R为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表当开关S闭合后，下列说法正确的是（）A电流表A1的示数变大B电流表A2的示数变小C电压表V的示数变小D灯泡L1的亮度变亮【考点】变压器的构造和原理【分析】输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可【解答】解：A、当S接通后，电路的总电阻减小，总电流变大，而变压器的匝数比不变，所以原线圈中的电流增大，故A正确；B、当S接通后，电
20、路的总电阻减小，副线圈总电流变大，故B错误C、开关闭合前灯泡L1上的电压如图2，说明电压表V的示数等于220V，当S接通后，电压不变，所以电压表V的示数还等于220V，故C错误；D、开关闭合后，总电阻减小，干路电流增大，故电阻分的电压增大，灯泡L1的电压减小，故灯泡L1的亮度变暗，故D错误；故选：A8如图所示，有一光滑钢球质量为m，被一U形框扣在里面，框的质量为M，且M=2m，它们搁置于光滑水平面上，今让小球以速度v0向右去撞击静止的框，设碰撞无机械能损失，经多次相互撞击，下面结论正确的是（）A最终都将停下来B最终将以相同的速度向右运动C永远相互碰撞下去，且整体向右运动D在它们反复碰撞的过程中
21、，球的速度将会再次等于v0，框也会再次重现静止状态【考点】动量守恒定律【分析】小球与框碰撞过程中，系统动量守恒，机械能总量也守恒，计算出一次碰撞与两次碰撞后的情况，即为一个周期内的运动情况，以后过程重复【解答】解：小球与框碰撞过程中，系统动量守恒，机械能总量也守恒；根据动量守恒定律，有：mv0=mv1+Mv2根据机械能守恒定律，有：其中M=2m联立解得：v1=v0，v2=0（两次碰撞后）或者v1=，v2=（一次碰撞后）由于二次碰撞后的速度情况与开始时相同，故整体内部一直不断碰撞，整体持续向右运动；球的速度将会再次等于v0，框也会再次重现静止状态；故A错误，B错误，C正确，D正确；故选CD二、非
22、选择题：9某校科技小组在伽利略斜面实验思想的启发下，设计了如图所示的装置，探究物体沿斜面下滑时是否做匀变速直线运动（1）实验时，让滑块从不同高度沿斜面由静止下滑，并同时打开水龙头的阀门，使水流到量筒中；当滑块碰到挡板的同时关闭阀门（整个过程中水流可视为均匀稳定的）该实验探究方案是利用量筒中收集的水量来测量时间的（2）表是该小组测得的有关数据，其中s为滑块从斜面的不同高度由静止释放后沿斜面下滑的距离，V为相应过程中量筒中收集的水量分析表中数据，根据在实验误差允许的范围内，是一常数，可以得出滑块沿斜面下滑是做匀变速直线运动的结论次数1234567S（m）4.53.93.02.11.50.90.3V
23、（mL）90847262524023.51045.65.55.85.55.65.65.4（3）本实验误差的主要来源有：距离测量的不准确，水从水箱中流出不够稳定，还可能来源于斜面摩擦不均匀、水量测量不准确、滑块开始下滑和开始流水不同步、滑块停止下滑和停止流水不同步等都可以等（写出一项即可）【考点】探究小车速度随时间变化的规律【分析】关于初速度为零的匀变速运动，位移与时间的二次方成正比，由于水是均匀稳定的流出，水的体积和时间成正比，所以该实验只要验证位移与体积的二次方是否成正比，就可验证该运动是否匀变速直线运动【解答】解：（1）关于初速度为零的匀变速运动，位移与时间的二次方成正比，由于水是均匀稳定
24、的流出，水的体积和时间成正比，所以量筒中收集的水量可以间接的测量时间 （2）验证该运动是否匀变速直线运动，关键看位移与时间的二次方是否成正比，即看位移与体积的二次方是否成正比所以根据在误差的范围内是一常数，可以得出滑块沿斜面下滑是做匀变速直线运动的结论 （3）本实验误差的主要来源有：水从水箱中流出不够稳定，还可能来源于距离测量的不准确，滑块开始下滑和开始流水不同步故答案为：（1）时间； （2）在实验误差允许的范围内，是一常数；（3）斜面摩擦不均匀、水量测量不准确、滑块开始下滑和开始流水不同步、滑块停止下滑和停止流水不同步等都可以10有一根细而均匀的导电材料样品（如图1a所示），截面为同心圆环（
25、如图1b所示），此样品长L约为3cm，电阻约为100，已知这种材料的电阻率为，因该样品的内径太小，无法直接量现提供以下实验器材：A20等分刻度的游标卡尺B螺旋测微器C电流表A1（量程50mA，内阻r1=100）D电流表A2（量程100mA，内阻r2大约为40）E电流表A3（量程3A，内阻r3大约为0.1）F滑动变阻器R（010，额定电流2A）G直流电源E（12V，内阻不计）H导电材料样品Rx（长L约为3cm，电阻Rx约为100）I开关一只，导线若干请根据上述器材设计一个尽可能精确地测量该样品内径d的实验方案，回答下列问题：（1）用游标卡尺测得该样品的长度如图2甲所示，其示数L=33.35mm；
26、用螺旋测微器测得该样品的外径如图2乙所示，其示数D=3.266mm（2）请选择合适的仪器，在图3中画出最佳实验电路图，并标明所选器材前的字母代号（3）用已知物理量的符号和测量量的符号来表示样品的内径dd=【考点】测定金属的电阻率【分析】（1）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读（2）考虑D电流表满偏电流大于C电流表的满偏电流，同时C电流表的内阻是定值，因此可以求出C电流表两端的实际电压，从而可将C电流表当做电压表而求出样品两端的电压；采用滑动变阻器的分压式接法；（3）根据欧姆定律和电阻定律列式后联立求解【
27、解答】解：（1）游标卡尺的主尺读数为33mm，游标读数为0.057mm=0.35mm，所以最终读数为33.35mm螺旋测微器的固定刻度读数为3mm，可动刻度读数为0.0126.6mm=0.266mm，所以最终读数为3.266mm（2）因两个电流表中，D电流表的满偏电流大于C电流表的满偏电流，又C电流表内阻为定值，根据欧姆定律与串并联知识，应将C电流表与待测材料并联后再与D电流表串联，又因滑动变阻器阻值太小应用分压式接法，可设计电路图如图所示（3）设C电流表示数为I1，D电流表示数为I2，由欧姆定律可得待测电阻阻值R=；又由电阻定律R=及S=，解得样品的内径d=故答案为：（1）33.35，3.2
28、66；（2）如图所示；（3）11一位蹦床运动员仅在竖直方向上运动，蹦床对运动员的弹力F随时间t的变化规律通过传感器用计算机绘制出来，如图所示设运动过程中不计空气阻力，g取10m/s2结合图象，试求：（1）运动员的质量；（2）运动过程中，运动员的最大加速度；（3）运动员离开蹦床上升的最大高度【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的图像【分析】（1）由图分析可知：运动员的重力等于500N，求出质量（2）当弹力最大时，运动员的加速度由图读出最大的弹力为2500N，根据牛顿第二定律求出最大加速度（3）由图读出运动员在空中运动的时间，由竖直上抛的规律求出最大高度【解答】解
29、：（1）由图分析可知：运动员的重力等于500N，则运动员质量为m=50kg （2）由图读出弹力的最大值为Fm=2500N 根据牛顿第二定律得：Fmmg=mam，运动员的最大加速度am=40m/s2 （3）由图读出运动员在空中运动的时间为T=8.4s6.8s=1.6s 根据对称性可知：下落时间为t=0.8s 所以运动员离开蹦床上升的最大高度h=3.2m答：（1）运动员的质量为50kg； （2）运动过程中，运动员的最大加速度为40m/s2； （3）运动员离开蹦床上升的最大高度3.2m12如图所示，两根间距为d的平行光滑金属导轨与水平面成角，导轨间接有阻值为R的电阻，其他电阻不计电阻也为R、质量为m
30、的金属杆ab垂直导轨放置，在NN以下的范围内有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为B，MM、NN、PP彼此平行金属杆ab从导轨的顶端MM由静止开始滑下，刚进入磁场边界NN时的速度为v，下滑到PP处时速度变为稳定，PP与NN的距离为s，求：（1）金属杆ab刚进入磁场边界NN时加速度的大小；（2）金属杆ab从NN 滑到PP的过程中电阻R上产生的热量【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律【分析】（1）分析导体的受力情况，根据牛顿第二定律求金属杆的加速度大小（2）对全程分析能量的转化关系，由功能关系可求得R上产生的热量【解答】解：（1）金属杆刚进入磁场时，产生的感应电动势为：E=Bdv金属杆
31、所受的安培力为：F=BId=由牛顿第二定律得：mgsin=ma解得：a=gsin（2）设金属杆稳定速度为v，由平衡条件得 mgsin=BId金属杆中感应电流为 I=v=由能量守恒得mgssin=m v2m v2+2Q解得 Q=mgssin+m v2答：（1）进入磁场时的加速度为gsin；（2）产生的热量Q为mgssin+mv213两块平行金属板MN、PQ水平放置，两板间距为d、板长为l，在紧靠平行板右侧的正三角形区域内存在着垂直纸面的匀强磁场，三角形底边BC与PQ在同一水平线上，顶点A与MN在同一水平线上，如图所示一个质量为m、电量为+q的粒子沿两板中心线以初速度v0水平射入，若在两板间加某一
32、恒定电压，粒子离开电场后垂直AB边从D点进入磁场，BD=AB，并垂直AC边射出（不计粒子的重力）求：（1）两极板间电压；（2）三角形区域内磁感应强度；（3）若两板间不加电压，三角形区域内的磁场方向垂直纸面向外要使粒子进入磁场区域后能从AB边射出，试求所加磁场的磁感应强度最小值【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在匀强电场中的运动【分析】（1）根据几何关系，可求速度间的关系，从而即可求解；（2）由几何关系，结合运动的半径公式，从而可确定磁场的大小，由运动轨迹，结合左手定则可确定磁场的方向；（3）由粒子刚好与BC边相切时，磁感应强度最小，并根据牛顿第二定律与几何关系，从而即可求解【解答】解：（1）垂直AB边进入磁场，由几何知识得：粒子离开电场时偏转角为30（2）由几何关系得：在磁场中运动半径 方向垂直纸面向里（3）当粒子刚好与BC边相切时，磁感应强度最小，由几何知识知粒子的运动半径r2为：即：磁感应强度的最小值为答：（1）两极板间电压；（2）三角形区域内磁感应强度；（3）若两板间不加电压，三角形区域内的磁场方向垂直纸面向外要使粒子进入磁场区域后能从AB边射出，则所加磁场的磁感应强度最小值为2016年8月24日