1、十二 恒定电流与交变电流 1(人教版选修 31 P66 第 2 题改编)一个量程为 015 V 的电压表，内阻为 20 k，把它与一个大电阻串联后接在电动势为 110 V 的电源的两端，电压表的读数是 5 V。这个外接电阻是()A240 B420 kC240 k D420 答案 B解析 设外接电阻为 R，根据闭合电路欧姆定律，ERVR URV，得 R420 k，B 正确。2(人教版选修 31 P62 例题改编)(多选)如图所示电路，电源内阻不可忽略，R110，R28，当开关扳到位置 1 时，电压表的读数为 2.0 V，当开关扳到位置 2 时，电压表的读数可能是()A2.1 V B1.9 V C
2、1.7 V D1.5 V答案 BC解析 本题没有给出电源的电动势，也没有给出电源的内阻，因此无法得出开关扳到位置 2 时电压表的读数究竟是多大，但我们可以用极端分析的方法来确定电压表的读数范围，根据题意可得到：U1 ER1R1r，U2 ER2R2r，两式相比可得 U1U2R1R2rR2R1r，即 U2R2R1rR1R2rU1，考虑极端情形：当 r0时，U2U12.0 V，当 r时，U2R2R1U1 8102.0 V1.6 V，由此可见，U2 的取值范围为 1.6 VU22.0 V，对照选项可得答案为 B、C。3.如图所示电路，电源内阻不可忽略，开关 S 闭合后，在变阻器 R0 的滑动端向下滑动
3、的过程中()A电压表与电流表的示数都减小B电压表与电流表的示数都增大C电压表的示数增大，电流表的示数减小D电压表的示数减小，电流表的示数增大答案 A解析 由变阻器 R0 的滑动端向下滑动可知，R0 连入电路的有效电阻减小，R 总减小，由 IER总r可知 I 增大，由 U 内Ir 可知 U 内增大，由 EU 内U 外可知 U 外减小，故电压表示数减小。由 U1IR1 可知 U1 增大，由 U 外U1U2 可知 U2 减小，由 I2U2R2可知电流表示数减小，故 A 正确。4.(多选)如图所示，某电路上接有保险丝、交流电压表、“220 V 900 W”的电饭锅及“220 V 200 W”的抽油烟机
4、。现接入 u311sin100t(V)的交流电，下列说法正确的是()A交流电压表的示数为 311 VB1 s 内流过保险丝的电流方向改变 100 次C电饭锅的热功率是抽油烟机热功率的 4.5 倍D为保证电路正常工作，保险丝的额定电流不能小于 5 A答案 BD解析 由 u311sin100t(V)知，电压最大值 Um311 V，f1002 Hz50 Hz,1 s 内电流方向改变 100 次，电压有效值为 UUm2220 V，而交流电压表示数为有效电压，故 A 错误，B 正确；电饭锅的功率为抽油烟机功率的4.5 倍，但抽油烟机不是纯电阻元件，其热功率小于 200 W，故 C 错误；电路正常工作时的
5、总功率 P900 W200 W1100 W，有 IPU1100220 A5 A，故 D 正确。5.如图所示为理想变压器，三个灯泡 L1、L2、L3 都标有“4 V,4 W”，灯泡 L4 标有“4 V,8 W”，若它们都能正常发光，则变压器原、副线圈匝数比 n1n2 和 ab 间输入电压为()A21,16 V B21,20 VC12,16 V D12,20 V答案 B解析 负载由 L2、L3 并联后与 L4 串联，灯泡正常发光，可得 U28 V，P24 W4 W8 W16 W，根据输入功率等于输出功率有 P2U2I2U1I1，而 I11 A，I22 A，所以 U116 V，由U1U2n1n2得原
6、、副线圈匝数比 n1n221，UabU1UL120 V，B 正确。6如图所示，理想变压器原线圈接在交流电源上，图中各电表均为理想电表。下列说法正确的是()A当滑动变阻器的滑动触头 P 向上滑动时，R1 消耗的功率变大B当滑动变阻器的滑动触头 P 向上滑动时，电压表 V 示数变大C当滑动变阻器的滑动触头 P 向上滑动时，电流表 A1 示数变大D若闭合开关 S，则电流表 A1 示数变大，A2 示数变大答案 B解析 当滑动变阻器的滑动触头 P 向上滑动时，接入电路的阻值变大，变压器副线圈两端电压不变，副线圈中的电流减小，则 R1 消耗的功率及其两端电压均变小，故电压表的示数变大，A 错误，B 正确；
7、当滑动变阻器的滑动触头 P 向上滑动时，副线圈中的电流减小，则原线圈中的电流也减小，电流表 A1 示数变小，C 错误；若闭合开关 S，副线圈电路中总电阻减小，副线圈中的电流变大，R1 两端电压变大，R2 两端电压减小，电流表 A2 示数减小，原线圈中的电流变大，电流表 A1 示数变大，D 错误。7下图为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器 T的原、副线圈匝数分别为 n1、n2，在 T 的原线圈两端接入一电压 uUmsint的交流电源，若输送电功率为 P，输电线的总电阻为 2r，不考虑其他因素的影响，则输电线上损失的电功率为()A.n1n2U2m4rB.n2n1U2m4rC4n1
8、n22PUm2r D4n2n12PUm2r答案 C解析 原线圈电压的有效值：U1Um2，根据U1U2n1n2可得 U2n2n1Um2，又因为是理想变压器，所以 T 的副线圈的输出功率等于原线圈的输入功率 P，所以输电线上的电流 I PU2，输电线上损失的电功率为 PI22r4n1n22PUm2r，C 正确。8小华和小明在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，将实验数据记录在下表中：电压 U/V0.000.200.400.701.001.401.702.102.50电流 I/A0.000.140.240.260.370.400.430.450.46(1)实验室有两种滑动变阻器供选择：A滑动变阻器
9、(阻值范围 010、额定电流 3 A)B滑动变阻器(阻值范围 02000、额定电流 1 A)实验中选择的滑动变阻器是_。(填写字母序号)(2)在图甲中用笔画线代替导线，将实验电路连接完整。(3)开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑至_(选填“左”或“右”)端。(4)利用表中数据，在图乙中画出小灯泡的 U-I 图线。(5)他们在 U-I 图象上找到小灯泡工作电压为 2.0 V 时坐标点，计算此状态的电阻值时，小明提出用图象上该点曲线斜率表示小灯泡的阻值；小华提出该点与坐标原点连线的斜率表示小灯泡的阻值。你认为_(选填“小华”或“小明”)的方法正确。答案(1)A(2)见解析图 1(3)左(4)见解析图
10、 2(5)小华解析(1)由于灯泡的电阻大约在几欧左右，为了便于调节测量，滑动变阻器选择 010 的。(2)由于灯泡的电压和电流应从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法；由于灯泡电阻较小，为了减小误差电流表采用外接法；由表中数据，电压表选择小量程。实物连线图如图 1 所示。(3)为了保护测量电路，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑至最左端。(4)小灯泡的 U-I 图线如图 2 所示。(5)根据欧姆定律知，RUI，电阻的大小为该点与坐标原点连线的斜率，故小华的方法正确。9(人教版选修 31 P68 第 1 题改编)(1)使用多用电表测直流电流时，应把选择开关旋至标有_处，并把多用电表_联到被测电路
11、中；测直流电压时，应把选择开关旋至标有_处，并把多用电表与被测电路_联；测直流电压和电流时，都必须把红表笔接在_处，即电流从_表笔流进。(2)如图所示的、三条线分别表示多用电表指针的指示位置。将多用电表选择开关置于“1”挡，的示数为_，的示数为_。将选择开关置于直流“50 V”挡，的示数为_ V，的示数为_ V，的示数为_ V。选择开关置于直流“250 V”挡时，的示数为_ V，的示数为_ V。答案(1)mA 串 V 并 高电势 红(2)17 24 23.0 19.0 10.0 115 95解析(1)测直流电流应将选择开关拨至标有 mA 的电流挡，并把它串联到被测电路中；若测直流电压，则需将选择开关拨至标有 V 的直流电压挡，并与被测电路并联；不论是测直流电压还是电流，都必须把红表笔接在高电势处，使电流从红表笔流进电表。(2)用多用电表测电流或电压时，只要根据选择开关所指示的量程看表盘相对应的刻度弧线，并根据读数规则，直接读出指针指示的读数即可；而用多用电表测电阻时，读数时应将指针指示数乘以倍率，才是电阻的测量值。本课结束