1、四川省蓉城名校联盟2020届高三物理下学期第二次联考试题（含解析）注意事项：1.答题前，考生务必在答题卡上将自己的学校、姓名、班级、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写清楚，考生考试条形码由监考老师粘贴在答题卡上的“条形码粘贴处”。2.选择题使用2B铅笔填涂在答题卡上对应题目标号的位置上，如需改动，用橡皮擦擦干净后再填涂其它答案；非选择题用0.5毫米黑色签字笔在答题卡的对应区域内作答，超出答题区域答题的答案无效；在草稿纸上、试卷上答题无效。3.考试结束后由监考老师将答题卡收回。二、选择题1.下列说法正确的是（）A. 物体的惯性越大，说明该物体的运动状态改变得越快B. 材料电阻率越小，说明该材料的
2、导电性能越好C. 电容器的电容越大，说明该电容器储存的电荷量越多D. 电源电动势越大，说明该电源将电能转化为其它形式的能就越多【答案】B【解析】【详解】A物体惯性的大小是描述物体运动状态改变的难易程度，而不是运动状态改变的快慢，运动状态改变的快慢是加速度，故A错误；B材料电阻率越小，说明该材料的导电性能越好，选项B正确；C电容器的电容是反映电容器储存电荷的本领，而不是电荷量的多少，故C错误；D电动势的大小反映电源将其它形式的能转化为电能的本领，不是将电能转化为其它形式的能，选项D错误。故选B2.如图所示，光滑半球体固定在水平面内，现用力F将质量为m的小球从A点沿半球体表面缓慢拉到最高点B处，F
3、的方向始终与半球体在该点的切线方向一致。关于小球对半球体的压力N和拉力F的变化情况是（）A. N不变，F先增大后减小B. N、F均减小C. N、F均增大D. N增大，F减小【答案】D【解析】【详解】小球在F方向上有在垂直F方向上有而指F与水平方向的夹角。小球在上移过程中，减小，故F减小，N增大。故选D。3.如图是某船采用甲、乙、丙三种过河方式的示意图（河宽相同）。船在静水中的速度不变，河中各处的水流速度不变，图中小船尖端指向为船头方向。下列判断正确的是（）A. 由甲图可判断出B. 乙过河时间最短C. 丙过河速度最小D. 甲、丙过河时间不可能相同【答案】B【解析】【详解】A设甲图中的小船方向与上
4、游成角，由于合速度垂直河岸，故有，解得，选项A错误；B当船头垂直河岸过河时，其过河时间最短，B正确；C由于丙图中的小船船头指向与水速成锐角，其合速度是这三种情况中最大的，故C错误；D若甲丙的船头方向与垂直河岸方向的夹角相同（船的分位移相同），则它们过河时间就相同，故D错误。故选B。4.如图所示，甲图是真空中等量异种点电荷的电场线分布图。乙图中a、b、c、d四点是以等量异种点电荷为圆心、相同半径的圆与两点电荷连线的交点。关于该四点的电场强度和电势的大小关系正确的是（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】AB根据场强叠加原理以及甲图中电场线的疏密可得出则A正确，B错误。CD将正电荷从
5、a移到b处，正点电荷对其做功为零，而负点电荷对其做正功，则，。将正电荷从c移到d处，正点电荷对其做正功，而负点电荷对其做功为零，则，。沿电场线方向，其电势降低，得，可得选项CD错误故选A。5.如图所示，R为滑动变阻器，、为定值电阻，其中的阻值大于电源内阻。M、N是平行板电容器的上下两极板，在其间P处固定一负点电荷。现闭合电键，将滑动变阻器的滑片向右移动到某处，待电流稳定后，与移动前相比较，则（）A. 电阻两端的电压减小B. 电源的输出功率增大C. 电源的效率增大D. 负点电荷在P处的电势能减小【答案】C【解析】【详解】A滑片向右移动，总电阻增大，干路电流减小，路端电压增大，稳定时中始终无电流，
6、其两端电压始终为0，故A错误；B由于大于r，当外电阻增大时，其输出功率减小，故B错误；C电源的效率为，而U增大，故C正确；D电容器的电压减小，电场强度减小，P处的电势降低，负电荷在该处的电势能增大，故D错误。故选C。6.如图所示，有甲乙两卫星绕地球运转（不计空气阻力），卫星甲的轨道为圆轨道，卫星乙的轨道为椭圆轨道，椭圆轨道的长轴bd刚好等于圆轨道的直径ac，且abcd在同一直线上，两轨道与地球在同一平面内，p是两轨道的交点。某时刻，甲在a处时，乙正好在b处，且它们均逆时针运动。下列判断正确的是（）A. 甲在p处的加速度大于乙在p处的加速度B. 当甲在c处时，乙正好在d处C. 乙卫星在运行过程中
7、机械能不守恒D. 甲在a处的速度大于乙在d处的速度【答案】BD【解析】【详解】A甲乙两卫星在同一位置，其万有引力与质量的比值为该处的加速度，故它们在p处的加速度相同，则A错误。B由开普勒第三定律可得，甲乙两卫星的周期相同，甲卫星从a到c需半个周期，乙卫星从b到d也需半个周期，故B正确。C乙卫星在运行过程中，只受万有引力，故机械能守恒，则C错误。D甲在a处的速度等于c处的速度；若过d点做以地球为圆心的圆轨道，则乙在d点时在圆轨道上的速度大于在椭圆轨道上的速度，而乙在圆轨道上的速度小于甲在c点时的速度，则甲在c点时的速度大于乙在d处椭圆轨道上的速度，故D正确。故选BD.7.如图所示，质量为的物块b
8、与轻质弹簧相连并静止在光滑水平面上，质量为的物块a以的初速度向右运动。则在a、b两物块与弹簧作用的过程中，下列判断正确的是（）A. 弹簧对a、b两物块的冲量相同B. 弹簧的最大弹性势能为6JC. b物块的最大速度为2m/sD. a物块的最小速度为-2m/s【答案】BC【解析】【详解】A弹簧对a、b两物块的力等大反向，其冲量方向相反，故A错误。B当两物块的速度相等时，其弹簧最短，弹性势能最大，由动量和能量关系解得故B正确。CD当a与弹簧分离时，b物块的速度最大，由动量和能量关系解得由于a物块已反向，说明a物块的最小速度为0，故C正确、D错误。故选BC。8.如图所示，矩形区域abcd内（包括边界）
9、存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场，其中，。a处有一正粒子源，均沿ad方向释放出相同比荷、速率不同的粒子，其速率范围为。不考虑粒子间的相互作用，不计空气阻力和粒子的重力。下列判断正确的是（）A. 粒子在磁场中运动的最长时间为B. 粒子在磁场中运动的最长时间为C. 粒子在磁场中运动的最大位移为D. 粒子以的速度进入磁场时，粒子穿过磁场的位移最大【答案】AD【解析】【详解】根据以及 可知，粒子的轨道半径为A当粒子从ab边射出时，其时间最长故A正确。B当粒子的半径为时，粒子从dc边射出，其圆心角为53，时间最短故B选项错误。CD粒子从c处离开磁场时，其在磁场中的位移最大为5L，由几何
10、关系可得 解得其半径解得故C错误，D正确。故选AD。三、非选择题（一）必考题9.某同学用如图所示装置验证动量守恒定律。斜槽被竖直固定在水平桌面上，其末端Q伸出桌面外且切线水平；挡板b竖直固定，点O是Q点的水平投影点；小钢球1和玻璃球2的大小相等且均可视为质点；图中的P、M、N是小球与挡板的撞击点。请回答下列问题：(1)第一次在不放玻璃球2时，将小钢球1从斜槽上E点静止释放，它撞击在挡板b上；第二次将玻璃球2放在斜槽末端Q处，小钢球仍从E点静止释放，它们均撞击在挡板b上。则第一次小钢球1撞击在挡板b上的_点（填“P”“M”或“N”）。(2)要完成该实验，必须测量的物理量有_和_（填正确答案标号）
11、。A.小钢球1和玻璃球2的质量、B.E、Q之间的竖直高度hC.Q、O之间的水平距离xD.OP、OM、ON的高度、(3)在误差允许范围内，关系式_成立，说明两球在碰撞过程中动量守恒。（用所测的物理量表示且为最简形式）【答案】 (1). M (2). A（或D） (3). D（或A） (4). 【解析】【详解】(1)1第一次小钢球1撞击在挡板b上的M点。(2)23要验证的关系式是其中 则带入可得即则要完成该实验，必须测量的物理量有A和D。(3)4在误差允许范围内，关系式成立，说明两球在碰撞过程中动量守恒。10.某实验小组欲描绘额定电压为2.5V的小灯泡L的U-I曲线。现准备如下实验器材：电压表（3
12、V，内阻很大）电流表（0.6A，内阻较小）滑动变阻器（05，额定电流1A）电键导线若干请回答下列问题：(1)请用笔划线代替导线，将实验电路图甲补充完整_；(2)闭合电键，移动滑动变阻器的滑片，其电压表、电流表的示数如图乙所示，则电压表读数为_V，电流表读数为_A；(3)将实验数据绘制成U-I图像如图丙中。则该小灯泡的额定功率_W；(4)现有一电子元件，其U-I图像如图丙中所示。现将该电子元件与该灯泡L并联后同电动势、内阻的电源连接，则该灯泡的实际功率_W（保留两位有效数字）。【答案】 (1). (2). 1.30 (3). 0.44 (4). 1.45（1.431.46之间均可） (5). 0
13、.20（0.190.21之间均可）【解析】【详解】(1)1由于电压表内阻远大于小灯泡的电阻，故采用电流表外接；滑动变阻器用分压电路，则电路如图；(2)23电压表量程为3V，最小刻度为0.1V，则读数为1.30V；电流表量程为0.6V，最小刻度为0.02A，则读数为0.44A；(3)4由图可知，当电压为2.5V时，电流为0.58A，则该小灯泡的额定功率P=IU=1.45W；(4) 5电子元件与该灯泡L并联，则电压相等；若画出电源的U-I图像如图；画出平行于I轴的直线即为电压相等的线，与图像、分别交于两点B和A，与U轴交于C点，电源的U-I线交于D，若CD的中点恰在AB的中点，则此时图像对应的B点
14、电压和电流值即为小灯泡的工作状态点，由图可知：U=0.70V，I=0.28A，则灯泡的实际功率P=IU0.20W。11.如图所示，固定的平行金属导轨与水平面夹角为，其间距为，导轨顶端用导线连接理想电流表和阻值为的小灯泡。矩形区域abcd内有垂直导轨平面向上的匀强磁场，其磁感应强度为，bc距离为。现将电阻为、质量为、长也为的导体棒MN垂直导轨放置并从ab处静止释放，在导体棒离开磁场前，电流表的示数已稳定不变。已知导体棒与导轨间的动摩擦因数，小灯泡的电阻恒定不变，导轨和导线的电阻不计，各处接触良好。已知重力加速度，。求：(1)导体棒离开磁场时速度v；(2)小灯泡产生的焦耳热。【答案】(1)2m/s
15、；(2)6J【解析】【详解】(1)导体棒在dc处的感应电动势此时电流导体棒在此处于平衡状态，则解得(2)导体棒从开始运动到dc处，系统的焦耳热为Q解得又有解得12.如图所示，半径为的四分之一光滑圆弧轨道BC被竖直固定，O为圆心，C为圆轨道的最低点，OC竖直。长为、质量为的木板静止在水平面上，其左侧紧邻圆轨道的C点，上表面与C点等高。距木板右侧处有固定的竖直挡板，挡板上有橡皮泥（木板撞击挡板时会被橡皮泥牢牢粘住）。现有质量为、可视为质点的物块从B处静止释放。已知物块与木板间的动摩擦因数，木板与地面间的动摩擦因数，重力加速度。求：(1)物块在C处时对圆轨道的压力；(2)木板被粘住瞬间，物块距木板左
16、端的距离；(3)木板与物块、地面间因摩擦而产生的总热量。【答案】(1)120N，方向竖直向下；(2)2.5m；(3)49.5J【解析】【详解】(1)物块从B到C有解得物块在C处有解得由牛顿第三定律可得：物块对轨道的压力大小为120N，方向竖直向下.(2)物块滑上木板时加速度由牛顿第二定律可得：解得木板加速度 设物块经时间与木板共速，则解得在内，木板位移物块位移由于，说明共速时物块未掉下木板；又因，说明木板在末未到达挡板处。假设之后，M、m一起匀减速运动，其加速度而物块的摩擦力故假设成立故木板被粘住瞬间，物块距木板左端的距离为(3)一起减速有解得木板被粘住后，物块减速到0，有解得由于说明物块停下
17、时还未到达挡板。物块在时间内与木板间因摩擦生热木板被粘住后，物块与木板间因摩擦生热木板与地面间因摩擦生热故（二）选考题物理选修3-313.下列说法正确的是_A. 布朗运动就是液体分子的无规则运动B. 0和100氧气分子速率都呈现“中间多、两头少”的分布特点C. 0的水和0的冰具有相同的内能D. 空调既能制热又能制冷，说明在不自发地条件下热传递方向性可以逆向E. 制作晶体管、集成电路只能用单晶体【答案】BDE【解析】【详解】A布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动，是液体分子的无规则运动的反映，选项A错误；B0和100氧气分子速率都呈现“中间多、两头少”的分布特点，选项B正确；C由0的冰
18、变为0的水要吸收热量，则相同质量的0的水的内能大于0的冰具有的内能，选项C错误；D空调既能制热又能制冷，说明在不自发地条件下热传递方向性可以逆向，选项D正确；E制作晶体管、集成电路只能用单晶体，因为单晶体具有各向异性，故E正确；故选BDE。物理选修3-314.如图甲所示，粗细均匀、横截面积为S的透热光滑细玻璃管竖直放置，管内用质量为m的水银柱密封着长为l的理想气柱已知环境温度为T1，大气压强为P0，重力加速度为g (i)若仅将环境温度降为，求稳定后的气柱长度；(ii)若环境温度T1不变，将玻璃管放于水平桌面上并让其以加速度a(ag)向右做匀加速直线运动（见图乙），求稳定后的气柱长度【答案】（1
19、） （2）【解析】【详解】（i）当气体温度变化时，其压强不变，根据盖-吕萨克定律，有 解得 （ii）当玻璃管竖直时，气体压强为当玻璃管水平运动时，对水银柱有对气体有p1LS=p2xS联立解得点睛：此题考查了求气体的温度、空气柱的长度，分析清楚气体的状态变化过程、求出气体的状态参量是解题的前提与关键，应用盖吕萨克定律与玻意耳定律可以解题物理选修3-315.图甲是沿x轴传播的简谐横波在时刻的波形图，乙图是处质点的振动图像。P是处的质点，Q是处的质点。下列说法正确的是_A. 该波沿x轴正方向传播B. 在时刻，质点P的振动速度一定是10m/sC. Q质点在0.2s0.4s内的路程为10cmD. 以为计
20、时起点，P质点的振动方程为（cm）E. 该波源的振动频率为5Hz【答案】ACD【解析】【详解】A由处质点的振动图像可知，t=0.2s时刻质点向下振动，由波的图像可知，波沿x轴正方向传播，选项A正确；B根据题中条件不能确定质点P在t=0.2s时刻的振动速度，选项B错误；C因为0.2s=，则Q质点在0.2s0.4s内的路程为2A=10cm，选项C正确；D因为以为计时起点，P质点的振动方程为（cm）选项D正确；E质点振动的频率为 ，则该波源的振动频率为2.5Hz，选项E错误。故选ACD。物理选修3-316.如图所示，半径为的圆柱形水池，O为池中水面中心，水深为，池边有高为的立柱AB。在池底中心M处（O的正下方）有单色点光源，从F处射出的光线恰好照射到立柱的顶端B处。已知O、F、A在同一半径上，AF距离为。求：(i)水对该光的折射率n；(ii)光能从水面射出的水域面积（可用圆周率和分数表示）。【答案】(i)；(ii)【解析】【详解】(i)光线在空气中的折射角为，则 光线在水中的入射角为，则由折射定律解得(ii)设光在水中临界角为C，则恰好有光线射出的水域半径为r，由几何关系可得水域面积解得