1、广西河池市高级中学2017-2018学年高二上学期第二次月考物理试题一、选择题：本题共12小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求，第912题有多项符合题目要求。全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分1. 关于磁感应强度，下列说法正确的是A. 一小段通电导线放在磁场A处，受到的磁场力比B处的大，说明A处的磁感应强度比B处的磁感应强度大小B. 由可知，某处的磁感应强度大小与放入该处的通电导线所受的磁场力F成正比，与导线的IL成反比C. 一小段通电导体在磁场中某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度一定为零D. 小磁针N极所受磁场力的方向就是该处磁感应强度的
2、方向【答案】D【解析】试题分析：磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，是磁场本身性质的反映，其大小由磁场以及磁场中的位置决定，与F、I、L都没有关系，只是磁感应强度的定义式同一通电导体受到的磁场力的大小由所在处B和放置的方式共同决定，所以ABC都是错误的；磁感应强度的方向就是该处小磁针N极所受磁场力的方向，所以D正确故选D考点：磁感应强度【名师点睛】本题关键要掌握磁感应强度的物理意义、定义方法，以及磁感应强度与安培力之间的关系，即可进行分析判断基础题目。2. 关于感应电动势大小的下列说法中，正确的是A. 线圈中磁通量变化大，线圈中产生的感应电动势一定越大B. 线圈中磁通量越大，产生的感应电动
3、势一定越大C. 线圈放在磁感应强度越强的地方，产生的感应电动势一定越大D. 线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大【答案】D【解析】A项：根据可知，线圈中磁通量变化大，但磁通量变化率不一定越大，所以产生的感应电动势也不一定越大，故A错误；B项：根据线圈中磁通量大，但磁通量变化率不一定越大，所以产生的感应电动势也不一定越大，故B错误；C项：线圈放在磁感应强度越强的地方，磁通量虽然较大，但变化率不一定大，所以产生的感应电动势也不一定越大，故C错误；D项：线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大，故D正确。3. 如图所示是空间某一电场中的一条电场线，M、N是该电场线上的两点，下列说法正确的是A
4、. 该电场一定是匀强电场B. 比较M、N两点的场强大小，一定有EMENC. 比较同一个试探电荷在M、N两点受到的电场力，一定有FMFND. 比较电子在M、N两点的电势能，一定有EMEN【答案】D【解析】A项：一条电场线无法确定场强大小和方向是否处处相同，所以该电场不一定是匀强电场,故A错误；B项：电场线的疏密才反映电场强度的大小，而一条电场线无法确定疏密，所以不能比较M、N两点的场强大小，故B错误；C项：由B项分析可知，M、N两点的场强大小无法确定，根据F=qE可知无法确同一个试探电荷在M、N两点受到的电场力大小，故C错误；D项：若电子从M运动到N，电场力对电子做正功，电势能减小，则有EPME
5、PN，若电子从N运动到M，电场力对电子做负功，电势能增加，则有EPMEPN，故D正确。点晴：本题考查对电场线物理意义的理解，电场线的疏密表示场强的大小，电场线的方向反映电势的高低，该电场不一定是匀强电场无法比较M、N两点的场强大小，根据电场力做功正负判断电势能的大小。4. 如图所示，没有磁场时电子束打在荧光屏正中的O点，为使电子偏转，由安装在管径的偏转线圈产生偏转磁场，以下说法正确的是A. 当磁场方向垂直纸面向里时，电子束打在a点B. 当磁场方向垂直纸面向外时，电子束打在b点C. 要使电子束从b点移动到O点，磁场方向垂直纸面向里且磁感应强度变小D. 要使电子束从b点移动到O点，磁场方向垂直纸面
6、向外且磁感应强度变小【答案】C【解析】A项：当磁场方向垂直纸面向里时，根据左手定则可知，电子受到向下的洛伦兹力，所以电子束将打在b点，故A错误；B项：当磁场方向垂直纸面向外时，根据左手定则可知，电子受到向上的洛伦兹力，所以电子束将打在a点，故B错误；C、D项：要使电子束从b点移动到O点，电子要受到向下的洛伦兹力，根据左手定则可知，磁场方向垂直纸面向里，要使电子束打在荧光屏上位置向上移动，电子做圆周运动的半径减小，根据可知，磁感应强度变小，故C正确，D错误。点晴：本题只要掌握左手定则和半径公式，就能轻松解答，要注意运用左手定则时，四指指向电子运动的相反方向。5. 如图所示是欧姆表的结构图，表笔、
7、电源和G表连接正确的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】由于要保证电流在表头中由红进黑出，故红表笔应接电源的负极，黑表笔接电源的正极；并且在测量电阻时要进行欧姆调零；故应串接变阻器，故D正确，A、B、C错误。6. 如图所示，在x0的区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于xy平面（纸面）向里。具有一定电阻的矩形线框abcd位于xy平面内，线框的ab边与y轴重合。令线框从t=0的时刻起由静止开始沿x轴正方向做匀加速运动，则线框中的感应电流i（取逆时针方向的电流为正）随时间t的变化图线i-t可能是下图中的哪一个A. B. C. D. 【答案】D 解析略7. 在如图所示的电路中，电源电动势为E，
8、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，开关闭合后，灯泡L能正常发光；当滑动变阻器的滑片向右移动后，下列说法正确的是A. 灯泡L变亮B. 电容器C的带电量增大C. R0两端的电压减小D. 电源的总功率变小，但电源的输出功率一定变大【答案】B【解析】试题分析：当滑动变阻器的滑片向右移动后，连入电路的电阻增大，所以总电阻增大，总电流减小，因为电容不通电，所以通过L的电流即为总电流，所以灯泡L变暗，A错误；电容两端的电压为路端电压，所以电容两端的电压增大，根据公式，可得电荷量增大，B正确；因为通过的电流始终为零，所以两端的电压始终为零，C正确；电源的总功率，因为电流减小，所以电源的总
9、功率减小，电源的输出功率为可能增大可能减小，D错误；考点：考查了含电容电路8. 如图所示为速度选择器，一带正电粒子以速度水平向左射入正交的电场磁场中沿直线运动，以下说法中正确的是（不计重力）A. 带负电的粒子以相同的速度从左侧射入，粒子向下偏移B. 带负电的粒子以相同的速度从左侧射入，粒子能沿直线运动C. 带正电的粒子以相同的速度从右侧射入，粒子能沿直线运动D. 带负电的粒子以相同的速度从右侧射入，粒子向下偏移【答案】B【解析】A、B项：若带电粒子带负电，以相同的速度从左侧射入，受到的洛伦兹力竖直向下，电场力竖直向上，根据可知，qvB=qE，该电荷做匀速直线运动，故A错误，B正确；C项：若带电
10、粒子带正电，以相同的速度从右侧射入，受到的洛伦兹力竖直向下，电场力竖直向下，所以粒子的合外力向下即粒子向下偏移，故C错误；D项：若带电粒子带负电，以相同的速度从右侧射入，受到的洛伦兹力竖直向上，电场力竖直向下，根据可知，qvB=qE，该电荷做匀速直线运动，故D错误。点晴：在速度选择器中，存在相互正交的匀强电场、磁场，带电粒子进入其中后受到电场力和洛伦兹力，只有两力平衡，粒子才能从左孔射入，从右孔射出，由左手定则判断洛伦兹力方向，要注意运用左手定则时，四指指向负电荷运动的相反方向。9. 如图所示是有两个量程的电流表，当使用a和b或a和c两个端点时，有两个量程，其中一个量程为1A，另一个量程为0.
11、1A。A. 当使用a、b时量程为1AB. 当使用a、c时量程为1AC. 电阻D. 电阻【答案】AC【解析】A、B项：当使用a、b时，R1起分流作用为一支路，G与R2串联为一支路，此时量程当使用a、c时，R1+R2为一支路起分流作用，G为一支路，此时量程，比较两式可知：，所以当使用a、b时量程为1A，故A正确，B错误；C、D项：由题意可知：，联立解以上两式可得：，故C正确，D错误。10. 如图所示，质子（m、e）氘核（2m、e）和粒子（4m、2e）都沿平行板电容器两板中线方向垂直于电场线射入板间的匀强电场，射出后都打在同一个与垂直的荧光屏上，使荧光屏上出现亮点，下列说法正确的是A. 若它们射入电
12、场时的速度相等，在荧光屏上将出现3个亮点B. 若它们射入电场时的速度相等，在荧光屏上将只出现2个亮点C. 若它们射入电场时的动能相等，在荧光屏上将只出现1个亮点D. 若它们是由同一个电场从静止加速后射入此偏转电场的，在荧光屏上将只出现1个亮点【答案】BD 点睛：此类题目属于类平抛运动，质子、氘核和粒子带电量和质量不全相同，进入同一电场时加速度不同，做类平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，推导出偏转位移的表达式，再进行分析。11. 如图所示，水平放置的光滑金属长导轨和之间接有电阻R，导轨左右两区域分别处在方向相反与轨道垂直的匀强磁场中，方向见图，设左、右区
13、域磁场的磁感应强度分别为，虚线为两区域的分界线，一根金属棒ab放在导轨上并与其正交，棒和导轨的电阻均不计。金属棒在水平向右的恒定拉力作用下，在左面区域中恰好以速度为v做匀速直线运动，则A. 若时，棒进入右面区域中后先做加速运动，最后以速度2v作匀速直线运动B. 若时，棒进入右面区域中时仍以速度v作匀速直线运动C. 若时，棒进入右面区域后先做减速运动，最后以速度v/4作匀速运动D. 若时，棒进入右面区域后先做减速运动，最后以速度v/2作匀速运动【答案】BC【解析】A、B项：由题意可知：，若B1=B2，棒进入右面区域时，故棒仍以速度v做匀速运动，故A错B正确。C、D项：若B2=2B1，则FB2F，
14、由牛顿第二定律得FB2-F=ma，故棒做变减速运动，a越来越小，当a=0时，棒做匀速直线运动，即解得，故C正确，D错误。12. 如图所示，二个速度大小不同的同种带电粒子沿同一方向从图示长方形区域的匀强磁场上边缘射入，当它们从下边缘飞出时对入射方向的偏角分别为90、60，则它们在磁场中运动轨道和时间之比为A. 轨道半径之比为1：2B. 速度之比为2：1C. 时间之比为2：2D. 周期之比为2：1【答案】AC【解析】A项：设入射方向与匀强磁场下边界距离为h，由几何关系可知：从下边缘飞出时对入射方向的偏角分别为90的粒子运动半径为R1=h，从下边缘飞出时对入射方向的偏角分别为60的粒子运动半径为R2
15、=2h，故轨道半径之比为1：2，故A正确；B项：根据公式可知，速度之比即为运动半径之比1：2，故B错误； C、D项：由粒子在匀强磁场中运动周期可知，周期之比为1：1，在磁场中运的时间，时间之比为3:2，故C正确，D错误。二、实验题13. （1）如图所示为三个测量仪器的测量结果图，甲读数为_mm，乙读数为_mm，丙读数为_。（2）在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内阻”实验中，某同学测得了七组数据（如表），根据表中实验数据在图中作出I-U图线；从图线中得出，电源电动势E=_V，内电阻r=_。【答案】 (1). 0.6410.643mm (2). 61.65mm (3). 1700 (4).
16、1.431.48V (5). 0.700.80【解析】(1) 螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为14.10.01mm=0.141mm，所以最终读数为0.5mm+0.141mm=0.641mm，由于螺旋测微器可动刻度读数时需估读，所以螺旋测微器的读数为0.6410.643mm；游标卡尺的主尺读数为61mm，游标尺上第13个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为130.05mm=0.65mm，所以最终读数为：61mm+0.65mm=61.65mm；多用电表的读数；(2) 作出I-U图线，如图所示与X轴的截距为电动势的数值E=1.46V，求得内阻。由于误差，电动势和内阻在一定范围。三、计
17、算题14. 如图所示，为带有等量异种电荷、相距10cm的平行板A和B之间有一匀强电场，电场强度，方向向下，电场中C点距B板3cm，D带你距A板2cm，B板接地，（电子电荷量为），求：（1）D点电势和C、D两点间的电势差UCD；（2）一个电子从C点移动到D点，静电力做功为多少eV？【答案】（1）1600V -1000V （2）1000eV【解析】(1)根据，由公式，B板接地即，所以；同理C点电势，所以C、D两点间的电势差；(2)根据公式。点晴：根据匀强电场的场强与电势差的关系U=Ed，计算CD间的电势差，但是要注意CD间电势差的正负，根据电势差的定义，求出电势，电场力做功W=qU，只与初末位置有关，与路径无关。