1、2014-2015学年广东省广州市荔湾区高二（上）期末物理试卷一单项选择题（8小题，共24分；在每小题给出的四个选项中，只有一个正确选项，选对的得3分，选错或不答的得0分）1（3分）（2014秋荔湾区期末）以下说法正确的是（）A物体所带的电荷量可以是任意实数B元电荷就是电子或质子C物体所带电荷量的最小值是1.61019CD凡试探电荷都是点电荷，凡点电荷都能做试探电荷2（3分）（2014秋荔湾区期末）冬天当我们脱毛绒衫时，静电经常会跟你开个小玩笑，下列说法正确的是（）A当将外衣脱下的过程中，内外衣间摩擦起电，内衣和外衣所带的电荷是同种电荷B内外两件衣看作电容器的两极，且电荷量不变，脱下外衣过程，
2、两衣间电势差将变小C在将外衣脱下的过程中，内外两衣间隔增大，衣物上电荷的电势能将减小D脱衣时如果人体带上了电，当手接近金属门把时，会造成对人体轻微的电击3（3分）（2014秋荔湾区期末）两个分别带有电荷量Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A12FBCD4（3分）（2014秋荔湾区期末）如图所示为电场中的一根电场线，在该电场线上有a、b两点，用Ea、Eb分别表示两处场强的大小，则（）Aa、b两点的场强方向相同B因为电场线由a指向b，所以EaEbC因为电场线是直线，所以Ea=EbDEa
3、、Eb场强方向不相同5（3分）（2010上海）如图，长为2l的直导线折成边长相等，夹角为60的V形，并置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中，磁感应强度为B当在该导线中通以电流强度为I的电流时，该V形通电导线受到的安培力大小为（）A0B0.5BIlCBIlD2BIl6（3分）（2014秋荔湾区期末）如图所示，在圆形区域内有方向垂直向里的匀强磁场有一束速率各不相同的质子自A点沿半径方向射入磁场，这些质子在磁场中（）A运动时间相同B速度越大的，运动时间越长C运动时间越长的，其轨迹越长D速度越大的，速度的偏转角越小7（3分）（2014秋荔湾区期末）如图电路，电源内阻不可忽略，A、B两灯电阻相同，当滑动变
4、阻器的滑动端P向下滑动时（）A电灯A将变暗一些B电灯B将变亮一些C通过电源的电流减小D电阻R中的电流减小8（3分）（2014秋荔湾区期末）如图所示，在两根平行长直导线M、N中，通入同方向同大小的电流，导线框abcd和两导线在同一平面内，线框沿着与两导线垂直的方向，自左向右在两导线间匀速移动，在移动过程中，线框中感应电流的方向为（）A沿adcba不变B沿abcda不变C由abcda变成adcbaD由adcba变成abcda二双项选择题（共6小题，共24分在每小题给出的四个选项中有两个选项符合题目要求全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答的得0分）9（4分）（2014秋荔湾区期末）在如图所示的
5、甲（点电荷电场）、乙（等量异种电荷）二个电场中，分别标记有a、b、c、d四点下列说法正确的是（）A与点电荷等距的a、b两点电场强度相同B同一电荷在a、b两点的电势能相等Cc点电势低于d点电势D同一电荷在c点电势能一定小于在d点电势能10（4分）（2014秋荔湾区期末）下列图中线圈中能产生感应电流的是（）ABCD11（4分）（2014秋荔湾区期末）如图是质谱仪的工作原理示意图带电粒子以一定的速度进入速度选择器速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B和E平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2平板S下方有强度为B0的匀强磁场下列表述正确的是（）A速度选择器中的磁场方
6、向垂直纸面向里B能通过狭缝P的带电粒子的速率等于C粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的荷质比越大D粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的荷质比越小12（4分）（2014秋荔湾区期末）下面各图中给出的是一个电子以速度v沿垂直于磁场方向射入磁场后，电子所受洛仑兹力、电子速度方向和磁场方向三个物理量的方向，其中正确的是（）ABCD13（4分）（2014秋荔湾区期末）一带电粒子射入固定在O点的点电荷的电场中，粒子轨迹如图虚线abc所示，图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计重力，可以判断（）A粒子先受到静电排斥力，后受到静电引力的作用B粒子速度vbvaC粒子动能Eka=EkcD粒子电势能Ep
7、bEpc14（4分）（2014秋荔湾区期末）如图所示，一带正电的物体以一定的初速度从粗糙斜面顶端滑下，对斜面的压力为N，到底端时速度为v，若再加上一个垂直纸面向外的磁场，物体仍能滑到底端，则（）A物体对斜面的压力小于NB物体对斜面的压力等于NC物体滑到底端时速度大于vD物体滑到底端时速度等于v三实验题（2小题，共12分，将正确答案填在答题卷的相应位置）15（2分）（2014秋荔湾区期末）某圆筒形工件的直径都要求有较高的精度，为此加工时常需用螺旋测微器测量其直径如图所示是某次测量时的情况，则该圆筒的外径的测量值为mm16（4分）（2014秋荔湾区期末）如图所示为某同学用多用电表欧姆档测量一个电阻
8、阻值的示数和档位情况，则这个电阻的阻值约为如果想测量的更精确些，应怎样调节多用电表后再进行测量？答：17（6分）（2014秋荔湾区期末）用图1的电路测定一节蓄电池的电动势和内阻为防止调节滑动变阻器时造成短路，电路中连接了一个保护电阻R0（1）根据电路图1用笔画线代替导线，将实物电路图2补充完整（2）图3是某同学利用图2进行实验测得的数据，而绘出的蓄电池路端电压U随电流I变化的UI图线，则由图线可得蓄电池的电动势E=V，内阻r=（保留到小数点后两位）四计算题（要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能给分有数值计算的题，答案中应明确写出数值和单位本题共3小题，共40分）1
9、8（13分）（2014秋新余期末）电场中某区域的电场线如图所示，A、B是电场中的两点一个电荷量q=+4.0108 C的点电荷在A点所受电场力FA=2.0104 N，将该点电荷从A点移到B点，电场力做功W=8.0107J求：（1）A点电场强度的大小EA（2）A、B两点间的电势差U19（13分）（2014秋荔湾区期末）如图所示，PQ和MN为水平、平行放置的金属导轨，相距1m，导体棒ab跨放在导轨上，棒的质量为m=0.2kg，棒的中点用细绳经滑轮与物体相连，物体的质量M=0.3kg，棒与导轨间的动摩擦因数为=0.5，匀强磁场的磁感应强度B=2T，方向竖直向下，为了使物体匀速上升，应在棒中通入多大的电
10、流？方向如何？（g取10m/s2）20（14分）（2014秋荔湾区期末）如图所示，坐标空间中有场强为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场，y轴为两种场的分界线，图中虚线为磁场区域的右边界，现有一质量为m、电荷量为q的带电粒子从电场中坐标位置（1，0）处，以初速度v0沿x轴正方向开始运动，当粒子进入磁场时与y轴的夹角为45（重力不计）试求：（1）带电粒子进入电场时的加速度和初速度v的大小（2）带电粒子进入磁场时速度的大小？（3）若要使带电粒子能穿越磁场区域而不再返回电场中，磁场的宽度d应满足的条件？2014-2015学年广东省广州市荔湾区高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一单项选择题（8
11、小题，共24分；在每小题给出的四个选项中，只有一个正确选项，选对的得3分，选错或不答的得0分）1（3分）（2014秋荔湾区期末）以下说法正确的是（）A物体所带的电荷量可以是任意实数B元电荷就是电子或质子C物体所带电荷量的最小值是1.61019CD凡试探电荷都是点电荷，凡点电荷都能做试探电荷考点：元电荷、点电荷 专题：常规题型分析：元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍试探电荷又叫检验电荷，在研究电场的性质时引入的理想电荷，它具备体积小，电荷量小（不至于对原电场的场强分布造成
12、影响）的特点解答：解：A、任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍故A错误；B、元电荷是指最小的电荷量，不是指质子或者是电子，故B错误；C、物体所带电荷量的最小值是1.61019C故C正确；D、点电荷就相当于质点，是一种理想模型，没有大小的带电体当电荷间距离大到可认为电荷大小、形状不起什么作用时，可把电荷看成点电荷，也就是说点电荷可以很大，这样的电荷就做不了试探电荷，试探电荷需要的是体积小，电荷量小所以点电荷不一定能做试探电荷，故D错误；故选：C点评：元电荷是带电量的最小值，它本身不是电荷，所带电量均是元电荷的整数倍且知道电子的电量与元电荷的电量相等，同时让学生明白电荷量最早是由美国
13、科学家密立根用实验测得2（3分）（2014秋荔湾区期末）冬天当我们脱毛绒衫时，静电经常会跟你开个小玩笑，下列说法正确的是（）A当将外衣脱下的过程中，内外衣间摩擦起电，内衣和外衣所带的电荷是同种电荷B内外两件衣看作电容器的两极，且电荷量不变，脱下外衣过程，两衣间电势差将变小C在将外衣脱下的过程中，内外两衣间隔增大，衣物上电荷的电势能将减小D脱衣时如果人体带上了电，当手接近金属门把时，会造成对人体轻微的电击考点：静电现象的解释 分析：由摩擦起电和电荷的守恒定律可知，相互接触的物体带异种电荷，不同在电荷相互靠近的过程中会产生放电现象衣服之间形成的电容器虽然不是平行板电容器，但是其原理与平行板电容器类
14、似，我们可以结合平行板电容器的特点，对衣服之间的电容的变化做近似的定性的分析电容的定义式与决定式得出电势差与距离的关系，然后即可判断出电势差与电势能随距离的变化情况解答：解：A、由摩擦起电和电荷的守恒定律可知，内衣和外衣所带的电荷是异种电荷故A错误；B、根据电容的定义式可知，又C=，当d增大的过程中，可知，随距离d的增大，衣服之间的电势差增大故B错误；C、在将外衣脱下的过程中，内外两衣间隔增大，它们之间的电势差增大，根据电势能：E=qU可知，衣物上电荷的电势能将随电势差的增大而增大故C错误D、脱衣时如果人体也带上了正电，当手接近金属门把时，由于手与门把间的空气电离会造成对人体轻微的电击故D正确
15、故选：D点评：该题考查摩擦起电与电荷守恒定律，该考点常常与日常的生活像联系，要牢记它们的应用以及特点3（3分）（2014秋荔湾区期末）两个分别带有电荷量Q和+3Q的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F两小球相互接触后将其固定距离变为，则两球间库仑力的大小为（）A12FBCD考点：库仑定律 分析：清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题解答：解：相距为r时，根据库仑定律得：F=k；接触后，各自带电量变为Q，则此时有：F=k=，故B正确、ACD错误故选：B点评：本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题注意两电荷
16、接触后各自电荷量的变化，这是解决本题的关键4（3分）（2014秋荔湾区期末）如图所示为电场中的一根电场线，在该电场线上有a、b两点，用Ea、Eb分别表示两处场强的大小，则（）Aa、b两点的场强方向相同B因为电场线由a指向b，所以EaEbC因为电场线是直线，所以Ea=EbDEa、Eb场强方向不相同考点：电场线 分析：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的切线方向表示场强的方向解答：解：电场线的疏密程度反映了电场强度的大小，由于只有一根电场线，题目中也没有明确指出这根电场线是什么电场中的电场线，故无法判断a、b两点的场强大小；电场线的切线方向表示场强的方向，故a、b两点的场强方向相同故选：A点评：掌
17、握电场线的特点：电场线的疏密表示电场的强弱，沿电场线方向电势降低，还要会判断电场线做功与电势能、动能的变化关系5（3分）（2010上海）如图，长为2l的直导线折成边长相等，夹角为60的V形，并置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中，磁感应强度为B当在该导线中通以电流强度为I的电流时，该V形通电导线受到的安培力大小为（）A0B0.5BIlCBIlD2BIl考点：安培力的计算 专题：计算题分析：由安培力公式F=BIL进行计算，注意式中的L应为等效长度解答：解：导线在磁场内有效长度为2lsin30=l，故该V形通电导线受到安培力大小为F=BI2lsin30=BIL，选项C正确故选C点评：本题考查安培力的
18、计算，熟记公式，但要理解等效长度的意义6（3分）（2014秋荔湾区期末）如图所示，在圆形区域内有方向垂直向里的匀强磁场有一束速率各不相同的质子自A点沿半径方向射入磁场，这些质子在磁场中（）A运动时间相同B速度越大的，运动时间越长C运动时间越长的，其轨迹越长D速度越大的，速度的偏转角越小考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：设磁场区域半径为R，轨迹的圆心角为，则粒子在磁场中运动时间为t=，圆心角越大，时间越长根据几何知识得到轨迹半径r与R的关系，就能得到轨迹长度与时间的关系带电粒子在磁场中偏转角等于轨迹的圆心角解答：解：设磁场区域半径为R，
19、轨迹圆心角为A、粒子在磁场中运动的时间为，而轨迹半径r=，而r=，粒子速度v越大的，则r越大，故越小，t越小，故AB错误；B、粒子运动的轨迹为S=r=，粒子运动时间越长，越大，根据数学知识可知弧长S越短，故C错误；D、由以上分析可知，速度越大，轨迹半径越大，而越小，故D正确故选：D点评：本题要根据几何知识研究粒子运动的轨迹半径与磁场区域半径的关系，也可以通过作轨迹对比，得到轨迹的圆心角与运动时间、轨迹长度的关系7（3分）（2014秋荔湾区期末）如图电路，电源内阻不可忽略，A、B两灯电阻相同，当滑动变阻器的滑动端P向下滑动时（）A电灯A将变暗一些B电灯B将变亮一些C通过电源的电流减小D电阻R中的
20、电流减小考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：当滑动变阻器的滑动端P向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析干路电路和路端电压的变化情况，即可知道通过电源电流和电阻R的变化情况A灯的电压等于路端电压，可判断其亮度的变化根据变阻器与B灯并联电压的变化，分析B灯亮度的变化解答：解：A、B、D、当滑动变阻器的滑动端P向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流I增大；路端电压U=EIr，E、r不变，则U减小，而A灯的电压等于路端电压，则知灯A变暗通过R的电流IR=IIA，U减小，通过A灯的电流IA减小，而I增大，则知IR增大，变阻
21、器与B灯并联电压U并=UIRR，U减小，IR增大，则U并减小，故电灯B将变暗故A正确，BD错误C、当滑动变阻器的滑动端P向下滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，变阻器与B灯并联电阻减小，则外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，故通过电源的电流增大故C错误故选：A点评：本题是电路动态变化分析问题，按“局部整体局部”的思路进行分析8（3分）（2014秋荔湾区期末）如图所示，在两根平行长直导线M、N中，通入同方向同大小的电流，导线框abcd和两导线在同一平面内，线框沿着与两导线垂直的方向，自左向右在两导线间匀速移动，在移动过程中，线框中感应电流的方向为（）A沿adcba不变B沿ab
22、cda不变C由abcda变成adcbaD由adcba变成abcda考点：楞次定律 分析：两根平行长直导线M、N中，通以同方向同强度的电流，产生磁场，根据安培定则和磁场的叠加原理可知，在中线右侧磁场向外，左侧磁场向里当导线框向右运动时，磁通量变化，产生感应电流，根据楞次定律判断感应电流方向解答：解：根据安培定则和磁场的叠加原理判断得知，在中线右侧磁场向外，左侧磁场向里当导线框位于中线左侧运动时，磁场向里，磁通量减小，根据楞次定律可知，感应电流方向为abcda；当导线框经过中线，磁场方向先向里，后向外，磁通量先减小，后增加，根据楞次定律，可知感应电流方向为abcda；当导线框位于中线右侧运动时，磁
23、场向外，磁通量增加，根据楞次定律可知，感应电流方向为abcda；故选：B点评：本题考查运用楞次定律判断感应电流方向的能力，难点在于分析导线框经过中线时磁场方向和磁通量的变化情况二双项选择题（共6小题，共24分在每小题给出的四个选项中有两个选项符合题目要求全部选对得4分，选不全得2分，有选错或不答的得0分）9（4分）（2014秋荔湾区期末）在如图所示的甲（点电荷电场）、乙（等量异种电荷）二个电场中，分别标记有a、b、c、d四点下列说法正确的是（）A与点电荷等距的a、b两点电场强度相同B同一电荷在a、b两点的电势能相等Cc点电势低于d点电势D同一电荷在c点电势能一定小于在d点电势能考点：电场线；电
24、势能 分析：场强是矢量a、b两点电场强度方向不同，沿电场线方向电势逐渐降低解答：解：A、场强是矢量，与点电荷等距的a、b两点电场强度大小相同，方向不同，A错误；B、同一电荷在a、b两点的电势能相等，B正确；C、，所以c点电势低于d点电势，C正确；D、正电荷在c点电势能一定小于在d点电势能，但负电荷则就是大于，D错误；故选：BC沿电场线方向电势逐渐降低点评：本题考查了电场线的特点，知道场强是矢量，沿电场线方向电势逐渐降低10（4分）（2014秋荔湾区期末）下列图中线圈中能产生感应电流的是（）ABCD考点：感应电流的产生条件 分析：本题考查了感应电流产生的条件：闭合回路中的磁通量发生变化据此可正确
25、解答本题解答：解：A、由于磁场是匀强磁场且范围足够大，因此线圈无论向那个方向平移，磁通量都不会发生变化，故A错误；B、由于磁场是匀强磁场且范围小，因此线圈出磁场，磁通量发生变化，故B正确；C、线圈与磁场平行，磁通量为零没变，故C错误；D、当磁铁插入线圈，其磁通量增加，有感应电流产生，故D正确；故选：BD点评：本题比较简单，考查了基本规律的应用，是一道考查基础知识的好题11（4分）（2014秋荔湾区期末）如图是质谱仪的工作原理示意图带电粒子以一定的速度进入速度选择器速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B和E平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2平板S下方有强度
26、为B0的匀强磁场下列表述正确的是（）A速度选择器中的磁场方向垂直纸面向里B能通过狭缝P的带电粒子的速率等于C粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的荷质比越大D粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的荷质比越小考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：带电粒子在速度选择器中受电场力和洛伦兹力平衡，做匀速直线运动，进入偏转电场后做匀速圆周运动，根据半径公式得出半径与粒子比荷的关系解答：解：A、根据带电粒子在磁场中的偏转方向，根据左手定则知，该粒子带正电，则在速度选择器中电场力水平向右，则洛伦兹力水平向左，根据左手定则知，磁场方向垂直纸面向外故A错误B、在速度选择器
27、中，电场力和洛伦兹力平衡，有：qE=qvB，解得v=故B错误C、进入偏转电场后，有：qvB0=m，解得r=，知r越小，比荷越大故C正确，D错误故选：C点评：解决本题的关键知道粒子在速度选择器和偏转电场中的运动规律，掌握带电粒子在匀强磁场中运动的半径公式12（4分）（2014秋荔湾区期末）下面各图中给出的是一个电子以速度v沿垂直于磁场方向射入磁场后，电子所受洛仑兹力、电子速度方向和磁场方向三个物理量的方向，其中正确的是（）ABCD考点：左手定则 分析：左手定则的使用是伸开左手，让磁感线从掌心穿过并使四指指向电子运动的反方向，这时拇指所指的方向就是洛伦兹力的方向解答：解：A、根据左手定则可知A图中
28、电子受到的洛伦兹力方向向下故A正确；B、根据左手定则可知图B洛伦兹力斜向下故B错误；C、根据左手定则可知洛伦兹力的方向向左故C错误；D、根据左手定则可知洛伦兹力的方向向如图所示，故D正确故选：AD点评：本题考查了左手定则的直接应用，根据左手定则即可正确判断磁场、运动方向、洛伦兹力三者之间的关系对于左手定则要熟练掌握，加强应用，为学习带电粒子在磁场中的运动打好基础13（4分）（2014秋荔湾区期末）一带电粒子射入固定在O点的点电荷的电场中，粒子轨迹如图虚线abc所示，图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计重力，可以判断（）A粒子先受到静电排斥力，后受到静电引力的作用B粒子速度vbvaC粒子动
29、能Eka=EkcD粒子电势能EpbEpc考点：等势面；电势能 分析：从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了向左的力（排斥力）作用，从a到b过程中，电场力做负功，可判断电势能的大小和速度大小a、c两点处于同一等势面上，由动能定理分析粒子在a、c两点的速度大小关系解答：解：A：如图所示，轨迹向左弯曲，带电粒子所受的电场力方向向左，则带电粒子受到了排斥力作用故A错误B：从a到b过程中，电场力做负功，可知电势能增大，动能减小，粒子在b点的速度一定小于在a点的速度故B错误C：a、c两点处于同一等势面上，从a到c，电场力为零，则a、c两点动能相等，故C正确D：从b到c过程中，电场力做正功，可
30、知电势能减小，粒子在b点的电势能一定大于在c点的电势能，故D正确故选：CD点评：本题是轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还是吸引力由动能定理分析动能和电势能的变化是常用的思路14（4分）（2014秋荔湾区期末）如图所示，一带正电的物体以一定的初速度从粗糙斜面顶端滑下，对斜面的压力为N，到底端时速度为v，若再加上一个垂直纸面向外的磁场，物体仍能滑到底端，则（）A物体对斜面的压力小于NB物体对斜面的压力等于NC物体滑到底端时速度大于vD物体滑到底端时速度等于v考点：带电粒子在混合场中的运动；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律 专题：牛顿运动定律综合
31、专题分析：根据物体受力情况，明确洛仑兹力对物体的作用力的方向，从而判断物体受力的变化情况，则由功能关系分析物体的速度变化解答：解：不加磁场时，物体受重力、支持力及摩擦力的作用做加速运动；由动能定理可知，mghWf=mv2；加上磁场后，由左手定则可知，磁场力垂直于斜面向上；故物体对斜面的压力减小；摩擦力减小；则滑到底部过程中，摩擦力做功减小；物体的速度增大；故AC正确，BD错误；故选：AC点评：解决本题的关键两次运用动能定理，两种情况重力功相同，多了磁场后多了洛伦兹力，洛伦兹力不做功，但导致摩擦力变大，即两种情况摩擦力做功不同，从而比较出到达底端的速率三实验题（2小题，共12分，将正确答案填在答
32、题卷的相应位置）15（2分）（2014秋荔湾区期末）某圆筒形工件的直径都要求有较高的精度，为此加工时常需用螺旋测微器测量其直径如图所示是某次测量时的情况，则该圆筒的外径的测量值为20.000mm考点：螺旋测微器的使用 专题：实验题分析：解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：螺旋测微器的固定刻度为20mm，可动刻度为0.00.01mm=0.000mm，所以最终读数为20mm+0.000mm=20.000mm故答案为：20.000点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，正确使用这些基本仪器进行有关测量应用螺旋测微
33、器时一定注意半刻度是否露出16（4分）（2014秋荔湾区期末）如图所示为某同学用多用电表欧姆档测量一个电阻阻值的示数和档位情况，则这个电阻的阻值约为2.0102如果想测量的更精确些，应怎样调节多用电表后再进行测量？答：换用10档并调零，然后再测考点：用多用电表测电阻 专题：恒定电流专题分析：欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表测量结果；如果欧姆表指针偏转角度太大，则欧姆表挡位太大，为准确测量电阻，应换用小挡，然后进行欧姆调零，最后测电阻解答：解：由图所示可知，欧姆表示数为R=2.0100=2.0102；欧姆表指针偏转角度很大，所选档位太大，为准确测量，应换10挡，然后进行欧姆调零，最后再测电阻故
34、答案为：2.0102，换用10档并调零，然后再测点评：应用欧姆表测电阻时，要选择合适的挡位，使指针指在刻度盘的中央附近欧姆表换挡后要进行欧姆调零17（6分）（2014秋荔湾区期末）用图1的电路测定一节蓄电池的电动势和内阻为防止调节滑动变阻器时造成短路，电路中连接了一个保护电阻R0（1）根据电路图1用笔画线代替导线，将实物电路图2补充完整（2）图3是某同学利用图2进行实验测得的数据，而绘出的蓄电池路端电压U随电流I变化的UI图线，则由图线可得蓄电池的电动势E=1.99V，内阻r=0.65（保留到小数点后两位）考点：测定电源的电动势和内阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）根据电路图连接实物电
35、路图（2）根据图示图象求出电源电动势与内阻解答：解：根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：（2）由图所示电源UI图象可知，图象与纵轴交点坐标值是1.99，电源电动势E=1.99V，电源内阻：r=0.65故答案为：（1）电路图如图所示；（2）1.99；0.65点评：本题考查了连接实物电路图，求电源电动势与内阻，电源的UI图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻四计算题（要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能给分有数值计算的题，答案中应明确写出数值和单位本题共3小题，共40分）18（13分）（2014秋新余期末）电场中某区域的电场线如图所示，
36、A、B是电场中的两点一个电荷量q=+4.0108 C的点电荷在A点所受电场力FA=2.0104 N，将该点电荷从A点移到B点，电场力做功W=8.0107J求：（1）A点电场强度的大小EA（2）A、B两点间的电势差U考点：电势能；电场强度；电势差 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场强度的定义式E=，求解A点电场强度的大小根据公式UAB=求解A、B两点间的电势差U解答：解：（1）EA=5103N/C （2）U=20V答：（1）A点电场强度的大小EA为5103N/C （2）A、B两点间的电势差U为20V点评：本题考查物理基本公式的应用能力对于公式U=应用时，一般各量要代入符合计算，而E=，一
37、般不代入符合计算19（13分）（2014秋荔湾区期末）如图所示，PQ和MN为水平、平行放置的金属导轨，相距1m，导体棒ab跨放在导轨上，棒的质量为m=0.2kg，棒的中点用细绳经滑轮与物体相连，物体的质量M=0.3kg，棒与导轨间的动摩擦因数为=0.5，匀强磁场的磁感应强度B=2T，方向竖直向下，为了使物体匀速上升，应在棒中通入多大的电流？方向如何？（g取10m/s2）考点：安培力 分析：若要保持物体匀速上升，受力必须平衡由于M所受的最大静摩擦力为0.5mg=1N，而M的重力为Mg=3N，要保持重物匀速上升，则安培力方向必须水平向左，则根据左手定则判断电流的方向根据共点力平衡和安培力公式求出导
38、体棒中电流的大小解答：解：导体棒的最大静摩擦力大小为fm=0.5mg=1N，M的重力为G=Mg=3N，则fmG，要保持导体棒匀速上升，则安培力方向必须水平向左，则根据左手定则判断得知棒中电流的方向为由a到b根据受力分析，由共点力平衡，则有F安Tf=0F安=BIL，联立得：I=2A答：为了使物体匀速上升，应在棒中通入2A的电流，方向由a向b点评：此题是通电导体在磁场中加速问题，要抓住静摩擦力会外力的变化而变化，根据共点力平衡进行求解20（14分）（2014秋荔湾区期末）如图所示，坐标空间中有场强为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场，y轴为两种场的分界线，图中虚线为磁场区域的右边界，现有一质量
39、为m、电荷量为q的带电粒子从电场中坐标位置（1，0）处，以初速度v0沿x轴正方向开始运动，当粒子进入磁场时与y轴的夹角为45（重力不计）试求：（1）带电粒子进入电场时的加速度和初速度v的大小（2）带电粒子进入磁场时速度的大小？（3）若要使带电粒子能穿越磁场区域而不再返回电场中，磁场的宽度d应满足的条件？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动 专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：（1）（2）粒子在电场中受到的电场力的方向向上，粒子做的事类平抛运动，水平方向做的是匀速运动，竖直方向做的是匀加速直线运动，从而可以求得带电粒子运动到Y轴上时的速度；（3）当磁场的运动的轨迹恰好
40、与磁场的有边沿相切时，此时的磁场的宽度最大，根据粒子的运动的轨迹可以求得磁场的宽度最大值解答：解：（1）粒子在电场中做类平抛运动，加速度：，粒子进入磁场时与y轴的夹角为45，竖直速度Vy=at=v0，解得：水平位移L=V0t，带入时间得：解得：=，（2）由以上各式得进入电场时的合速度为=，（3）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，解得：R=，与右边界相切时，由几何关系得Rsin45+R=d，解得：，故磁场的宽度最大为答：（1）带电粒子进入电场时的加速度为，初速度v的大小为，（2）带电粒子进入磁场时速度的大小为，（3）若要使带电粒子能穿越磁场区域而不再返回电场中，磁场的宽度d应满足的条件为点评：本题考查带电粒子在匀强磁场中的运动，要掌握住半径公式、周期公式，画出粒子的运动轨迹后，几何关系就比较明显了