1、2015-2016学年广西桂林市逸仙中学高二（下）期中物理试卷一、单选题（下列各题均有4个选项，其中只有一个是正确的，请将正确选项的字母代号填涂在答题卡的相应位置，每小题3分，共24分）1关于产生感应电流的条件，下列说法中正确的是（）A只要闭合电路在磁场中运动，闭合电路中就一定有感应电流B只要闭合电路中有磁通量，闭合电路中就有感应电流C只要导体做切割磁感线运动，就有感应电流产生D只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有感应电流2一质点做简谐运动，当位移为正的最大值时，质点的（）A速度为正的最大值，加速度为零B速度为负的最大值，加速度为零C速度为零，加速度为正的最大值D速度为零，加速度为
2、负的最大值3一个电阻接在10V的直流电源上，它的发热功率是P，当接到电压为u=10sint V的交流电源上，它的发热功率是（）A0.25PB0.5PCpD2p4两个闭合铝环，挂在一根水平光滑的绝缘杆上，当条形磁铁N极向左插向圆环时（如图），两圆环的运动是（）A边向左移边分开B边向左移边靠拢C边向右移边分开D边向右移边靠拢5如图所示电路中，L为一自感系数较大的线圈，电键S闭合电路稳定后，在电阻R2和线圈L均有电流现将电键S断开瞬间（）A流经R2和L的电流方向都向左B流经R2和L的电流方向都向右C流经R2的电流方向向右，流经L的电流方向向左D流经R2的电流方向向左，流经L的电流方向向右6如图所示的
3、电路中，如果交变电流的频率减小，1、2和3灯的亮度变化情况是（）A1、2两灯均变亮，3灯变暗B1灯变亮，2、3灯均匀变暗C1灯变亮，2灯变暗，3灯亮度不变D1灯变暗，2灯变亮，3灯亮度不变7如图所示，M是一小型理想变压器，接线柱a、b接在电压u=311sin314t（V）的正弦交流电源上，变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器，电流表A2为值班室的显示器，显示通过R1的电流，电压表V2显示加在报警器上的电压（报警器未画出），R3为一定值电阻当传感器R2所在处出现火情时，以下说法中正确的是（）AA1的示数不变，A2的示数增大BV1的示数不变，V2的示数减小C
4、V1的示数增大，V2的示数增大DA1的示数增大，A2的示数增大8如图所示，先后以速度v1和v2匀速把一矩形线圈拉出有界的匀强磁场区域，v2=2v1，在先后两种情况下（）A线圈中的感应电流之比I1：I2=2：1B作用在线圈上的外力大小之比F1：F2=1：2C线圈中产生的焦耳热之比Q1：Q2=1：4D通过线圈某截面的电荷量之比q1：q2=1：2二、不定项选择题（在下列各题的4个选项中，至少有一个是正确的，请将正确选项的字母代号填涂在答题卡的相应位置，每小题4分，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选或不选不得分，共16分）9如图是电熨斗的结构图，下列说法正确的是（）A双金属片上层金属的膨胀系数小
5、于下层金属B常温下，上下触点接触；温度过高时，双金属片发生弯曲使上下触点分离C需要较高温度熨烫时，要调节调温旋钮，使升降螺丝下移并推动弹性铜片下移D双金属片温度传感器的作用是控制电路的通断10一矩形线圈在匀强磁场中转动，产生的感应电动势e=220sin100t（V），则（）A交流电的频率是100HzBt=0时线圈垂直于中性面C交流电的周期是0.02sDt=0.05s时，e有最大值11如图所示的是某一质点做简谐运动的图象，下列说法中正确的是（）A质点开始是从平衡位置沿x轴正方向运动的B2s末速度最大，沿x轴的负方向C3s末加速度最大，沿x轴负方向D质点在4s内的路程是零12线圈L2在L1附近，为
6、使L2中有如图所示箭头所指方向的感应电流，可以使（）A变阻器滑片向左移B变阻器滑片向右移CL2远离L1运动D断开开关s的瞬间三、填空题（请将正确答案填在答题卡的相应位置，每空2分，共22分）13负温度系数热敏电阻的阻值随温度升高而，光敏电阻在光照射下其电阻显著14用10kV高压输送电功率为100kW的交流电，在输电线上损失2%的电功率，输电线的总电阻为；如改用5kV电压输送100kW的交流电，输电线上损失的电功率为kW15把边长为5cm、总匝数为400匝、总电阻为2.5欧的正方形线圈放在磁感应强度为0.1T的匀强磁场中，在0.2s时间内线圈平面从平行于磁场方向的位置转过90，到达与磁场方向垂直
7、的位置，那么在这段时间内感应电动势的平均值为，通过线圈的电量为16如图所示是研究电磁感应现象实验所需的器材，用实线将带有铁芯的线圈A、电源、滑动变阻器和开关连接成原线圈回路，将小量程电流表和线圈B连接成副线圈回路并列举出在实验中改变副线圈回路磁通量，使副线圈回路产生感应电流的三种方式：（1）；（2）；（3）四、计算题（解答应写出必要的文字说明、方程式及计算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案必须写出数值和单位，本题4个小题，共38分）17一台调压器原线圈匝数为3600匝，当电路电压降为180V时，副线圈要想得到220V的电压时，应将副线圈的匝数调整为匝；若此时用电器的工作电流为0
8、.9A，则原线圈中的电流为A18如图所示，在磁感应强度为0.2T的匀强磁场中，有一长为0.5m的导体AB在金属框架上以10m/s的速度向右滑动，R1=R2=20，其他电阻不计，则流过AB的电流是多大？流过R1的电流是多大？19如图所示，线框abcd的面积为0.05m2，共100匝，线框电阻为1，外接一个电阻为4小灯泡，匀强磁场的磁感应强度B=（特斯拉），当线框以300r/min的转速匀速转动时（1）若从线框处于中性面开始计时，写出感应电动势的瞬时值表达式（2）小灯泡两端电压20如图所示，AB、CD是两根足够长的固定平行金属导轨，两导轨间的距离为L，导轨平面与水平面的夹角为，在整个导轨平面内都有
9、垂直于导轨平面斜向上方的匀强磁场，磁感应强度为B，在导轨的 AC端连接一个阻值为 R的电阻，一根质量为m、垂直于导轨放置的金属棒ab，从静止开始沿导轨下滑求导体ab下滑的最大速度vm（已知ab与导轨间的动摩擦因数为，导轨和金属棒的电阻都不计g=10m/s2）2015-2016学年广西桂林市逸仙中学高二（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（下列各题均有4个选项，其中只有一个是正确的，请将正确选项的字母代号填涂在答题卡的相应位置，每小题3分，共24分）1关于产生感应电流的条件，下列说法中正确的是（）A只要闭合电路在磁场中运动，闭合电路中就一定有感应电流B只要闭合电路中有磁通量，闭合电路中
10、就有感应电流C只要导体做切割磁感线运动，就有感应电流产生D只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有感应电流【考点】感应电流的产生条件【分析】产生感应电流的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化，或闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动根据这个条件进行选择【解答】解：A、闭合电路整体在磁场中作切割磁感线运动，而闭合电路中磁通量却没有变化，则闭合电路中就没有感应电流故A错误B、位于磁场中的闭合线圈，只有磁通量发生变化，才一定会产生感应电流故B错误C、闭合电路整体在磁场中作切割磁感线运动，而闭合电路中磁通量却没有变化，则闭合电路中就没有感应电流故C错误D、穿过闭合电路的磁感线的条数发生变化，磁通量
11、一定发生变化，则闭合电路中就有感应电流故D正确故选：D2一质点做简谐运动，当位移为正的最大值时，质点的（）A速度为正的最大值，加速度为零B速度为负的最大值，加速度为零C速度为零，加速度为正的最大值D速度为零，加速度为负的最大值【考点】简谐运动的回复力和能量【分析】质点做简谐运动时，加速度的大小总与位移大小成正比，方向与位移方向相反当质点的位移最大时，速度为零，加速度最大；当质点经过平衡位置时，速度最大，加速度为零【解答】解：A、B由题质点做简谐运动，当位移为正的最大值时，质点经过正向最大位移处，离平衡位置最远，速度为零，加速度最大故AB错误 C、D当位移为正的最大值时，质点的速度为零位移方向离
12、开平衡位置，而加速度方向指向平衡位置，而且两者大小成正比，则加速度为负向最大值故C错误，D正确故选D3一个电阻接在10V的直流电源上，它的发热功率是P，当接到电压为u=10sint V的交流电源上，它的发热功率是（）A0.25PB0.5PCpD2p【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率【分析】根据电压的瞬时表达式得出峰值的大小，从而得出有效值的大小，结合功率公式求出发热功率的大小【解答】解：一个电阻接在10V的直流电源上，它的发热功率是P，知P=当接到电压为u=10sint V的交流电源上，有效值为，则发热功率故B正确，A、C、D错误故选：B4两个闭合铝环，挂在一根水平光滑的绝缘杆上，
13、当条形磁铁N极向左插向圆环时（如图），两圆环的运动是（）A边向左移边分开B边向左移边靠拢C边向右移边分开D边向右移边靠拢【考点】楞次定律【分析】当磁铁的运动，导致两金属圆环的磁通量发生变化，从而由楞次定律可得线圈中产生感应电流，则处于磁铁的磁场受到安培力，使两圆环运动，同时两圆环间的电流相互作用而导致间距变化【解答】解：当磁铁的靠近时，导致两圆环的磁通量变大，从而由楞次定律可得两圆环的感应电流，且方向相同，又处于磁场中，则受到的安培力作用，使它们远离磁铁，即向左移由于两圆环的电流方向相同，所以两圆环相互吸引，即相互合拢故B正确，ACD错误；故选：B5如图所示电路中，L为一自感系数较大的线圈，电
14、键S闭合电路稳定后，在电阻R2和线圈L均有电流现将电键S断开瞬间（）A流经R2和L的电流方向都向左B流经R2和L的电流方向都向右C流经R2的电流方向向右，流经L的电流方向向左D流经R2的电流方向向左，流经L的电流方向向右【考点】自感现象和自感系数【分析】利用线圈对电流突变的阻碍作用：闭合瞬间相当于断路，稳定后相当于导线，判断电流变化【解答】解：开关S闭合瞬间，L相当于断路，通过R2的电流向左；电路稳定后断开开关S后，由通过线圈的电流方向向左，因电流减小，线圈自感电动势阻碍减小，产生向左的感应电流，并与R2组成闭合回路，则R2电流方向为向右；故选：C6如图所示的电路中，如果交变电流的频率减小，1
15、、2和3灯的亮度变化情况是（）A1、2两灯均变亮，3灯变暗B1灯变亮，2、3灯均匀变暗C1灯变亮，2灯变暗，3灯亮度不变D1灯变暗，2灯变亮，3灯亮度不变【考点】自感现象和自感系数【分析】根据感抗公式XL=2fL和容抗公式XC=，定性讨论【解答】解：感抗为XL=2fL，容抗为XC=，当频率f减小时，感抗XL变小，容抗XC变大感抗XL变小，对交流电的阻碍作用变小，所以L1变亮容抗XC变大，对交流电的阻碍作用变大，所以L2变暗而电阻器的对交流电的阻碍作用不随频率改变，所以L3亮度不变所以L1变亮、L2变暗、L3不变故ABD错误，C正确故选：C7如图所示，M是一小型理想变压器，接线柱a、b接在电压u
16、=311sin314t（V）的正弦交流电源上，变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器，电流表A2为值班室的显示器，显示通过R1的电流，电压表V2显示加在报警器上的电压（报警器未画出），R3为一定值电阻当传感器R2所在处出现火情时，以下说法中正确的是（）AA1的示数不变，A2的示数增大BV1的示数不变，V2的示数减小CV1的示数增大，V2的示数增大DA1的示数增大，A2的示数增大【考点】变压器的构造和原理【分析】和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，在根据电压不变，来分析其他的原件的电
17、流和电压的变化的情况【解答】解：当传感器R2所在处出现火情时，R2的电阻减小，导致电路的总的电阻减小，所以电路中的总电流将会增加，A1测量的是原线圈中的总的电流，由于副线圈的电流增大了，所以原线圈的电流A1示数也要增加；由于电源的电压不变，原副线圈的电压也不变，所以V1的示数不变，由于副线圈中电流增大，R3的电压变压变大，所以V2的示数要减小，即R1的电压也要减小，所以A2的示数要减小，所以B正确故选：B8如图所示，先后以速度v1和v2匀速把一矩形线圈拉出有界的匀强磁场区域，v2=2v1，在先后两种情况下（）A线圈中的感应电流之比I1：I2=2：1B作用在线圈上的外力大小之比F1：F2=1：2
18、C线圈中产生的焦耳热之比Q1：Q2=1：4D通过线圈某截面的电荷量之比q1：q2=1：2【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；安培力【分析】A、根据E=BLv，求出线圈中的感应电动势之比，再求出感应电流之比B、根据F=BIL，求出外力大小之比C、根据Q=I2Rt，求出线圈中产生的焦耳热之比D、根据q=It=，求出通过线圈某截面的电荷量之比【解答】解：A、v2=2v1，根据E=BLv，知感应电动势之比1：2，感应电流I=，则感应电流之比为1：2故A错误，B、根据F=BIL，得外力大小之比1：2故B正确 C、v2=2v1，可知时间比为2：1，根据Q=I2Rt，知热量之比为1：2
19、故C错误D、根据q=It=，因磁通量的变化相等，可知通过某截面的电荷量之比为1：1故D错误故选B二、不定项选择题（在下列各题的4个选项中，至少有一个是正确的，请将正确选项的字母代号填涂在答题卡的相应位置，每小题4分，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选或不选不得分，共16分）9如图是电熨斗的结构图，下列说法正确的是（）A双金属片上层金属的膨胀系数小于下层金属B常温下，上下触点接触；温度过高时，双金属片发生弯曲使上下触点分离C需要较高温度熨烫时，要调节调温旋钮，使升降螺丝下移并推动弹性铜片下移D双金属片温度传感器的作用是控制电路的通断【考点】常见传感器的工作原理【分析】了解双金属片的特点：利
20、用不同膨胀系数的金属片做成，当温度升高时，金属片向膨胀系数小的发生弯曲，触点断开；当温度降低时，金属片向膨胀系数大的发生弯曲，触点不断开；调节温度原理根据金属片的在电路中的连接有关【解答】解：A、当温度升高时，金属片向膨胀系数小的发生弯曲，触点断开，故双金属片上层金属的膨胀系数大于下层金属片，故A错误 B、常温下，上下触点接触；温度过高时，双金属片发生弯曲使上下触点分开，起到调温作用，故B正确 C、需要较高温度熨烫时，要调节调温旋钮，使升降螺丝下移并推动弹性铜片下移，当温度升到较高，金属片发生弯曲较厉害触点才断开，故C正确 D、双金属片温度传感器的作用是控制电路的通断，故D正确故选BCD10一
21、矩形线圈在匀强磁场中转动，产生的感应电动势e=220sin100t（V），则（）A交流电的频率是100HzBt=0时线圈垂直于中性面C交流电的周期是0.02sDt=0.05s时，e有最大值【考点】变压器的构造和原理；交流发电机及其产生正弦式电流的原理【分析】从表达式中读出电动势的最大值和角速度，从而求频率和有效值【解答】解：A、由表达式知角速度为100 rad/s，频率f=50Hz，周期T=，A错误，C正确；B、t=0时，感应电动势的瞬时值为零，则线圈位于中性面，故B错误；D、t=0.05s时，e=0，有最小值，故D错误；故选：C11如图所示的是某一质点做简谐运动的图象，下列说法中正确的是（）
22、A质点开始是从平衡位置沿x轴正方向运动的B2s末速度最大，沿x轴的负方向C3s末加速度最大，沿x轴负方向D质点在4s内的路程是零【考点】简谐运动的振动图象；简谐运动的回复力和能量【分析】由图读出周期根据质点的位置，分析在t=2s和t=3s的速度和加速度质点在一个周期内通过的路程是4个振幅，根据时间与周期的关系，求出质点在4s内经过的路程【解答】解：A、t=0时刻质点位于平衡位置，随后在平衡位置的上方，所以质点开始是从平衡位置沿x轴正方向运动的故A正确B、2s末质点位移平衡位置处，势能是零，动能最大，速度最大，沿x轴的负方向故B正确C、在3s末，质点位于负的最大位移处，速度为零，加速度正向最大故
23、C错误D、由图可知质点的周期是4s，质点在一个周期内通过的路程是4个振幅故D错误故选：AB12线圈L2在L1附近，为使L2中有如图所示箭头所指方向的感应电流，可以使（）A变阻器滑片向左移B变阻器滑片向右移CL2远离L1运动D断开开关s的瞬间【考点】楞次定律【分析】根据产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化，依次分析根据安培定则和楞次定律判断电流的方向【解答】解：由安培定则可得，左侧线圈中的磁场的方向向上，所以穿过L2中的磁场的方向向下；A、当滑动变阻器的滑片向左移动时，电阻均匀减小，L1中电流非线性增大，L1产生的磁场非线性增强，穿过L2的向下的磁通量非线性增大，L2中将产生外侧向右
24、的感应电流，与图中的电流的方向相反，故A错误；B、当滑动变阻器的滑片向右移动时，电阻均匀增大，L1中电流非线性减小，L1产生的磁场非线性减小，穿过L2的向下的磁通量非线性减小，L2中将产生外侧向左的感应电流，与图中的电流的方向相同，故B正确；C、L2远离L1运动，穿过L2的向下的磁通量减小，L2中将产生外侧向左的感应电流，与图中的电流的方向相同，故C正确；D、断开开关s的瞬间，L1中电流减小，L1产生的磁场减小，穿过L2的向下的磁通量减小，L2中将产生外侧向左的感应电流，与图中的电流的方向相同，故D正确；故选：BCD三、填空题（请将正确答案填在答题卡的相应位置，每空2分，共22分）13负温度系
25、数热敏电阻的阻值随温度升高而减小，光敏电阻在光照射下其电阻显著减小【考点】常见传感器的工作原理【分析】负温度系数热敏电阻的阻值随着温度的升高而降低，光敏电阻的阻值随着光照而减小【解答】解：因为热敏电阻为半导体，所以表现的性能与金属导体很大差异，负温度系数热敏电阻的阻值随着温度的升高而降低光照射到光敏电阻上时，光敏电阻是半导体的，受到光的激发，会产生更多的自由电子，导电性增加，电阻变小，当光照减弱时，电阻增加故答案为：减小，减小14用10kV高压输送电功率为100kW的交流电，在输电线上损失2%的电功率，输电线的总电阻为20；如改用5kV电压输送100kW的交流电，输电线上损失的电功率为8kW【
26、考点】电能的输送【分析】根据I=求出输电电流，根据求出输电线上的总电阻如改用5kv电压输送100kw的交流电，先求出输电电流，再根据求出输电线上损失的功率【解答】解：用10kv高压输送电功率为100kw的交流电，输电电流，则，代入数据得，R=20 改用5kv电压输送100kw的交流电，则输电电流，则损失的功率故答案为：20，815把边长为5cm、总匝数为400匝、总电阻为2.5欧的正方形线圈放在磁感应强度为0.1T的匀强磁场中，在0.2s时间内线圈平面从平行于磁场方向的位置转过90，到达与磁场方向垂直的位置，那么在这段时间内感应电动势的平均值为0.5V，通过线圈的电量为0.04C【考点】法拉第
27、电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律【分析】由法拉第电磁感应定律可以求出平均感应电动势，再由欧姆定律分析感应电流的大小再由q=It可确定导体某横截面的电荷量等于磁通量的变化与电阻的比值，从而即可求解【解答】解：依据平均感应电动势：E=n=nB=4000.1=0.5V；根据法拉第电磁感应定律E=n，由欧姆定律，则感应电流的大小I=再由q=It=0.04C；故答案为：0.5V，0.04C16如图所示是研究电磁感应现象实验所需的器材，用实线将带有铁芯的线圈A、电源、滑动变阻器和开关连接成原线圈回路，将小量程电流表和线圈B连接成副线圈回路并列举出在实验中改变副线圈回路磁通量，使副线圈回路产生感应电流的三种
28、方式：（1）原线圈插入副线圈、原线圈从副线圈中拔出；（2）变阻器快速移动；（3）开关的通断【考点】研究电磁感应现象【分析】研究电磁感应现象实验时，通过理论分析与多种因素有关，因此通过控制变量的思想来研究问题，从而带来方便【解答】解：在实验中分别研究开关断开、闭合；原线圈插入副线圈、原线圈从副线圈中拔出；变阻器快速移动；插入铁芯、拔出铁芯等情况下达到穿过闭合回路磁通量发生变化的目的，从而产生感应电流故答案为：（1）原线圈插入副线圈、原线圈从副线圈中拔出；（2）变阻器快速移动；（3）开关的通断四、计算题（解答应写出必要的文字说明、方程式及计算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案必须写
29、出数值和单位，本题4个小题，共38分）17一台调压器原线圈匝数为3600匝，当电路电压降为180V时，副线圈要想得到220V的电压时，应将副线圈的匝数调整为4400匝；若此时用电器的工作电流为0.9A，则原线圈中的电流为1.1A【考点】变压器的构造和原理【分析】根据电压与匝数成正比求比值，根据输入功率等于输出功率和功率的公式求解电流【解答】解：（1）由电压变比公式得得：匝；（2）两灯均工作时，由能量守恒得U2I2=U1I1I1=A故答案为：4400，1.118如图所示，在磁感应强度为0.2T的匀强磁场中，有一长为0.5m的导体AB在金属框架上以10m/s的速度向右滑动，R1=R2=20，其他电
30、阻不计，则流过AB的电流是多大？流过R1的电流是多大？【考点】导体切割磁感线时的感应电动势【分析】由公式E=BLv求出棒AB产生的感应电动势，根据闭合电路欧姆定律求出通过AB棒的感应电流【解答】解：导体棒AB切割磁感线产生的感应电动势：E=BLv=0.20.510V=1V两电阻并联，电路总电阻：R总=10，流过AB的电流是：I=A=0.1A；由于R1=R2，则流过R1的电流为总电流的一半，即0.05A；答：流过AB的电流是0.1A流过R1的电流为0.05A19如图所示，线框abcd的面积为0.05m2，共100匝，线框电阻为1，外接一个电阻为4小灯泡，匀强磁场的磁感应强度B=（特斯拉），当线框
31、以300r/min的转速匀速转动时（1）若从线框处于中性面开始计时，写出感应电动势的瞬时值表达式（2）小灯泡两端电压【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系【分析】先求出最大电动势，写出电压的瞬时表达式，再根据闭合电路欧姆定律求出电流的瞬时表达式；电流表和电压表测量的是有效值【解答】解：线圈中产生的感应电动势的最大值表达式为：Em=nBS=1000.0510V=50V从图示位置开始计时，感应电动势的瞬时值为：e=50sin10t（V）；电压的有效值为U=V=25V，小灯泡和线圈的串联电阻为5，所以电流表示数为：I=5A小灯泡两端的电压UL=IR=54=28.3V；答：（1）表达式为e=50si
32、n10t（V）；（2）小灯泡两端电压为28.3V20如图所示，AB、CD是两根足够长的固定平行金属导轨，两导轨间的距离为L，导轨平面与水平面的夹角为，在整个导轨平面内都有垂直于导轨平面斜向上方的匀强磁场，磁感应强度为B，在导轨的 AC端连接一个阻值为 R的电阻，一根质量为m、垂直于导轨放置的金属棒ab，从静止开始沿导轨下滑求导体ab下滑的最大速度vm（已知ab与导轨间的动摩擦因数为，导轨和金属棒的电阻都不计g=10m/s2）【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；安培力【分析】金属棒ab从静止开始沿导轨下滑过程中，所受的安培力随速度的增大而增大，安培力和滑动摩擦力之和先小于棒的重力沿斜面向下的分力，后等于重力的分力，则知金属棒沿斜面向下做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度减小到0时，达到最大速度推导出安培力与速度的关系，根据平衡条件求解最大速度vm【解答】解：金属棒ab先做加速度减小的变加速运动，后做匀速直线运动，此时速度达到最大，设最大速度为vm此时金属棒产生的感应电动势为： E=BLvm金属棒所受的安培力大小为：F=BIL，又 I=，得 F=根据平衡条件得： mgsin=F+mgcos联立得：vm=答：导体ab下滑的最大速度vm为2016年11月14日