1、2014-2015学年江西省抚州市临川二中高三（下）第四次月考物理试卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）1（6分）（2013春抚州校级月考）下列说法正确的是（）A在公路上行驶的汽车，车速越大，刹车后滑行的路程越长，惯性越大B乒乓球可以抽杀，是因为质量小，惯性小，容易改变运动状态的缘故C马拉着车加速前进，则马拉车的拉力大于车拉马的拉力D拔河比赛中，甲队能赢乙队是甲队人的总质量比乙队人的总质量大考点：惯性；牛顿第三定律分析：惯性大小只有物体的质量来决定作用力和
2、反作用力是发生在相互作用的物体上，大小相等，方向相反，作用在同一条直线上解答：解：A、在公路上行使的汽车，车速越大，刹车后滑行的路程越长，惯性不变，故A错误B、乒乓球可以抽杀，是因为质量小，惯性小，容易改变运动状态的缘故，故B正确C、马拉着车加速前进，车拉马的拉力与马拉车的力是作用力和反作用力，所以车拉马的拉力等于马拉车的力，故C错误D、拔河比赛中，两队受到相等绳子的拉力，决定输赢的关键是谁与地面之间的最大静摩擦力大，故D错误故选：B点评：解决本题的关键知道质量决定惯性的大小，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上2（6分）（2015资阳一模）如图所示，三个物块重均为100N，
3、小球P重20N，作用在物块2的水平力F=20N，整个系统平衡，则（）A1和2之间的摩擦力是20NB2和3之间的摩擦力是20NC物块3受5个力作用D3与桌面间摩擦力为20N考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：先对物体1受力分析，根据平衡条件求解出物体1与物体2之间的静摩擦力；再对2受力分析，求解出物体2与3之间的静摩擦力；最后对3物体受力分析；解答：解：A、整个系统平衡，则物块1只受到重力和物块2的支持力，1和2之间的摩擦力为0，故A错误；B、物块2水平方向受拉力F和物块3对其的摩擦力，由二力平衡可知2和对的摩擦力是20N，且水平向右，故B正确
4、；C、D、物块3对2的摩擦力向右，故2对3的静摩擦力向左；对绳子的连接点受力分析受重力、两个绳子的拉力，如图根据平衡条件，有T1=mg=20N；对物块3分析可知，水平方向受绳的拉力和物块2的向左的静摩擦力，二力平衡，所以物块3与桌面之间的摩擦力为0，物块3受重力、桌面的支持力、绳的拉力、物块2的压力和摩擦力5个力的作用，故C确D错误；故选BC点评：本题关键是一次对物体1、2、3受力分析，根据平衡条件并结合牛顿第三定律列式分析求解3（6分）（2015绥化校级三模）如图，在灭火抢险的过程中，消防队员有时要借助消防车上的梯子爬到高处进行救人或灭火作业为了节省救援时间，消防车向前前进的过程中，人相对梯
5、子匀加速向上运动，在地面上看消防队员的运动，下列说法中正确的是（）A当消防车匀速前进时，消防队员可能做匀加速直线运动B当消防车匀速前进时，消防队员水平方向的速度保持不变C当消防车匀加速前进时，消防队员一定做匀变速曲线运动D当消防车匀减速前进时，消防队员一定做匀变速曲线运动考点：运动的合成和分解专题：运动的合成和分解专题分析：消防员参与了沿梯子方向的匀加速直线运动和水平方向上的直线运动，通过合速度与合加速度是否在同一条直线上判断消防员做直线运动还是曲线运动解答：解：A、当消防车匀速前进时，根据运动的合成，可知：消防队员一定做匀变速曲线运动，因水平方向存在加速度，则水平方向的速度变化故A错误，B也
6、错误C、当消防车匀加速前进时，若合速度的方向与合加速度的方向不在同一条直线，其加速度的方向大小不变，所以消防员做匀变速曲线运动；若在一条直线上，则做匀变速直线运动，故C错误；D、当消防车匀减速前进时，根据运动的合成，结合曲线运动条件，则消防队员一定做匀变速曲线运动，故D正确故选：D点评：解决本题的关键掌握运动的合成与分解，知道通过分解为水平方向和竖直方向来判断消防队员在水平方向的速度变化4（6分）（2013春抚州校级月考）宇宙中两颗星球可以组成双星，它们只在相互间的万有引力作用下，绕球心连线的某点做周期相同的匀速圆周运动根据宇宙大爆炸理论，双星间的距离在不断缓慢增加，设双星仍做匀速圆周运动则下
7、列说法正确的是（）A双星相互间的万有引力减小B双星做圆周运动的半径减小C双星做圆周运动的周期减小D双星做圆周运动的线速度减小考点：万有引力定律及其应用专题：万有引力定律的应用专题分析：双星做匀速圆周运动具有相同的角速度，靠相互间的万有引力提供向心力，应用万有引力定律与牛顿第二定律求出双星的轨道半径关系，从而确定出双星的半径如何变化，以及得出双星的角速度和周期的变化解答：解：A、双星间的距离L不断缓慢增加，根据万有引力定律得：F=G，知万有引力减小，故A正确B、双星间的距离L变大，双星做圆周运动的轨道半径r都变大，故B错误；C、由牛顿第二定律得：G=m1r12，G=m2r22，可知m1r1=m2
8、r2，知轨道半径比等于质量之反比，双星间的距离变大，则双星的轨道半径都变大，根据万有引力提供向心力，知角速度变小，周期变大，故C错误；D、由牛顿第二定律得：G=m1v1=m2v2，L变大，变小，则线速度v变小，故D正确故选：AD点评：解决本题的关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，应用万有引力定律与牛顿第二定律即可正确解题5（6分）（2013洪泽县校级模拟）点电荷A、B是带电量为Q的正电荷，C、D是带电量为Q的负电荷，它们处在一个矩形的四个顶点上它们产生静电场的等势面如图中虚线所示，在电场中对称地有一个正方形路径abcd（与ABCD共面），如图中实线所示，O为正方形与矩形的中心，则（）A取
9、无穷远处电势为零，则O点电势为零，场强为零Bb、d两点场强相等，电势相等C将某一正试探电荷沿正方形路径adc移动，电场力先做正功，后做负功D将某一正试探电荷沿正方形路径abc移动，电场力先做正功，后做负功考点：电场的叠加；点电荷的场强；电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线与等势面垂直，电场线的疏密程度也可以反映场强的大小解答：解：A、从图中可以看出，经过O点的等势面通向无穷远处，故O点的电势与无穷远处电势相等，故O点电势为零，而场强不为零，故A错误；B、将一个正的试探电荷从b点移动到d点，电场力做正功，电势能减小，电势降低，故B错误；C、将某一正试探电荷沿正方形路径adc移动，从a到
10、d，电场力做正功，从d到c，电场力做负功，由于a与c在同一等势面上，故电场力做的总功为零，故C正确；D、将某一正试探电荷沿正方形路径abc移动，从a到b，电场力做负功，从b到c，电场力做正功，由于a与c在同一等势面上，故电场力做的总功为零，故D错误；故选C点评：本题关键抓住等势面与电场线垂直，电场线的疏密程度也可以反映场强的大小进行讨论，同时运用在同一等势面上移动，电场力做功为零6（6分）（2015宁波模拟）超导限流器是一种短路故障电流限制装置，它由超导部件和限流电阻并联组成，原理图如图所示当通过超导部件的电流大于其临界电流，IC时超导部件由超导态（可认为电阻为零）转变为正常态（可认为是一个纯
11、电阻），以此来限制电力系统的故障电流超导部件正常态电阻R1=7.5，临界电流IC=0.6A，限流电阻R2=15，灯泡L上标有“6V 3W”，电源电动势E=7V，内阻r=2，电路正常工作若灯泡L突然发生短路，则下列说法正确的是（）A灯泡L短路前通过R1的电流为AB灯泡L短路后超导部件电阻为零C灯泡L短路后通过R1的电流为AD灯泡L短路后通过R1的电流为1A考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：由题意知，当电流小于0.6A时，超导部件处于超导态，电阻为零，超导限流器自动短路，不工作，计算出灯正常工作时的电流后，判断超导限流器的工作状态，当灯短路时，再由欧姆定律计算出电路的电流后分析各个选
12、项解答：解：A、灯泡L短路前超导限流器自动短路，灯泡正常工作，则通过R1的电流为I=故A错误B、C、D灯泡L短路后，电路中电流变为：I=IC，超导部件由超导态转变为正常态，超导部件的电阻为R=5，电路中总电流为I总=1A，通过R1的电流为I1=故BD错误，C正确故选C点评：本题首先要读懂题意，了解超导部件的特性和超导体的特点，其次要掌握欧姆定律的应用7（6分）（2014江西校级模拟）如图所示，在等腰三角形abc区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，d是ac上任意一点，e是bc上任意一点大量相同的带电粒子从a点以相同方向进入磁场，由于速度大小不同，粒子从ac和bc上不同点离开磁场不计粒子重力，则从c点
13、离开的粒子在三角形abc磁场区域内经过的弧长和运动时间，与从d点和e点离开的粒子相比较（）A经过的弧长一定大于从d点离开的粒子经过的弧长B经过的弧长一定小于从e点离开的粒子经过的弧长C运动时间一定大于从d点离开的粒子的运动时间D运动时间一定大于从e点离开的粒子的运动时间考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力专题：压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题分析：画出带点粒子在磁场中运动的轨迹，找出其圆心与半径，根据几何关系及周期公式即可判断解答：解：如图所示，若粒子从ac边射出，粒子依次从ac上射出时，半径增大而圆心角相同，弧长等于半径乘以圆心角，所以经过的弧长越来越大，运动时间t=，运
14、动时间相同，所以A正确，C错误；如果从bc边射出，粒子从b到c上依次射出时，弧长会先变小后变大，但都会小于从c点射出的弧长圆心角也会变大，但小于从c点射出时的圆心角，所以运动时间变小，故B错误，D正确故选AD点评：解决带点粒子在磁场中运动的问题要画出其运动轨迹，找出相应的几何关系，从而确定圆心和半径8（6分）（2013春抚州校级月考）一辆汽车质量为1103 kg，最大功率为2104W，在水平路面上由静止开始做直线运动，最大速度为2，运动中汽车所受阻力恒定发动机的最大牵引力为3103N，其行驶过程中牵引力F与车速的倒数的关系如图所示下列判断错误的是（）A汽车先做匀速运动，再做加速运动B最大速度大
15、小为20m/sC整个过程中最大加速度为2m/s2D汽车速度为10m/s时发动机的功率为20kW考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律专题：功率的计算专题分析：汽车从A到B牵引力不变，做匀加速直线运动，从B到C图线的斜率不变，知功率不变，做加速度减小的加速运动，到达C点速度达到最大解答：解：A、越大，汽车的速度v越小，越小，汽车的速度v越大，AB段汽车的牵引力不变，汽车所受合力不变，由牛顿第二定律可知，汽车的加速度不变，汽车做匀加速直线运动，BC段图线的斜率表示汽车的功率，功率不变，可知汽车达到额定功率，当速度增大，牵引力减小，则加速度减小，汽车做加速度减小的加速运动，当汽车所示合力为零时
16、做匀速直线运动，由此可知，汽车先做匀加速直线运动，后做加速度减小的加速运动，故A错误；B、当汽车的速度为最大速度v2时，牵引力为F2=1103N，汽车的最大速度：v2=20m/s，故B正确；C、在整个运动过程中，AB段的加速度最大，在C点汽车速度达到最大，汽车做匀速直线运，由平衡条件可知，牵引力等于阻力，阻力：f=F2=1103N，则最大加速度a=2m/s2，故C正确D、与B点对应的速度为v1=6.67m/s，当汽车的速度为10m/s时处于图线BC段，故此时的功率最大为Pm=2104W=20kW，故D正确本题选错误的，故选：A点评：解决本题的关键能够通过图线分析出汽车的运动规律，知道汽车功率与
17、牵引力的关系，当加速度为零时，速度达到最大三、非选择题（包括必考题和选考题两部分第9题第12题为必考题，每个考题考生都必须作答第13题第16题为选考题，考生根据要求作答）（一）必考题9（5分）（2015扬州学业考试）平抛物体的运动规律可以概括为两点：（1）水平方向做匀速运动，（2）竖直方向做自由落体运动为了研究平抛物体的运动，可做下面的实验：如图所示，用小锤打击弹性金属片，A球就水平飞出，同时B球被松开，做自由落体运动，两球同时落到地面，这个实验（）A只能说明上述规律中的第（1）条B只能说明上述规律中的第（2）条C不能说明上述规律中的任何一条D能同时说明上述两条规律考点：平抛运动专题：平抛运动
18、专题分析：探究平抛运动的规律中，实验同时让A球做平抛运动，B球做自由落体运动，若两小球同时落地，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动，而不能说明A球水平方向的运动性质通过对比分析说明解答：解：据题：用小锤在打击金属片时，A小球做平抛运动的同时，B球做自由落体运动，两球同时落地，则说明平抛运动竖直方向的分运动是自由落体运动，只能说明上述规律中的第（2）条故ACD错误，B正确故选：B点评：本题运用对比的方法分析实验的意义，属于简单基础题目，实验虽然简单，但是很直观的验证了平抛运动在竖直方向上的运动规律10（10分）（2015九江模拟）现有一块灵敏电流表A1，量程为200 A，内阻约为1000，要精
19、确测出其内阻R1，提供的器材有：电流表A2（量程为1mA，内阻R2=50）；电压表V（量程为3V，内阻RV约为3k）；滑动变阻器R（阻值范围为020）；定值电阻R0（阻值R0=100）；电源E（电动势约为4.5V，内阻很小）；单刀单掷开关S一个，导线若干（1）请将上述器材全部用上，设计出合理的、便于多次测量的实验电路图，并保证各电表的示数超过其量程的将电路图画在右面的虚框中（2）在所测量的数据中选一组，用测量量和已知量来计算A1表的内阻，表达式为R1=，表达式中各符号表示的意义是I2表示A2表的示数，I1表示A1表的示数，R2表示A2表内阻，R0表示定值电阻考点：测定金属的电阻率专题：压轴题分
20、析：（1）估算电阻上最大电压和最大电流，选择电表量程根据该电阻与变阻器最大电阻的关系选择变阻器（2）根据该电阻与两电表内阻的倍数关系选择电流表的接法，根据变阻器最大电阻与该电阻的关系选择分压式或限流式解答：解：（1）精确测量电阻，需要测量多组数据，因此，采用分压电路；A2的量程太小，须串联一定值电阻R0；把电压表当作保护电阻电路图如图：（2）由电路图知A2表和R0串联后与A1表并联，因此电压相等，即I1R1=I2（R0+R2），所以，R1=，其中，I2表示A2表的示数，I1表示A1表的示数，R2表示A2表内阻，R0表示定值电阻 故答案为：（2），I2表示A2表的示数，I1表示A1表的示数，R2
21、表示A2表内阻，R0表示定值电阻点评：在仪表的选择中要注意应使测量结果更准确和安全，故电表的量程应略大于电路中可能出现的最大电流；在接法中要注意根据各电器内阻的大小，灵活选择对应的接法11（14分）（2012江西二模）如图甲所示，固定在水平面上电阻不计的光滑金属导轨，间距d=0.5m，导轨右端连接一阻值为R=4的小灯泡L在CDEF矩形区域内有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化如图乙所示，CF长为2m在t=0时刻，电阻为1的金属棒ab在水平恒力F作用下，由静止开始沿导轨向右运动金属棒从图中位置运动到EF位置的整个过程中，小灯泡的亮度始终没有发生变化求：（1）通过小灯泡的电流强度；（2）
22、恒力F的大小；（3）金属棒的质量考点：导体切割磁感线时的感应电动势；共点力平衡的条件及其应用；闭合电路的欧姆定律；法拉第电磁感应定律专题：电磁感应中的力学问题分析：（1）根据法拉第电磁感应定律求出04s内电路中产生的感应电动势，求出感应电流因为小灯泡的亮度始终没有发生变化，则此电流即为通过小灯泡的电流强度；（2）由于灯泡亮度不变，可知在t=4s末金属棒刚好进入磁场时应做，匀速运动，此时金属棒电流等于灯泡中电流，恒力与安培力大小相等（3）金属棒切割磁感线产生的感应电动势等于04s内电路中产生的感应电动势，由E=Bdv可求出在磁场中的速度，由运动学公式和牛顿第二定律结合可求出棒的质量解答：（1）金
23、属棒未进入磁场，电路总电阻 R总=RL+Rab=5回路中感应电动势为：E1=0.5V 灯炮中的电流强度为：IL=0.1A （2）因灯泡亮度不变，故在t=4s末金属棒刚好进入磁场，且做匀速运动，此时金属棒中的电流强度：I=IL=0.1A 恒力大小：F=FA=BId=0.1N （3）因灯泡亮度不变，金属棒产生的感应电动势为：E2=E1=0.5V 金属棒在磁场中的速度：v=0.5m/s金属棒未进入磁场的加速度为：a=故金属棒的质量为：m=0.8kg答：（1）通过小灯泡的电流强度为0.1A；（2）恒力F的大小为0.1N；（3）金属棒的质量为0.8kg点评：本题的突破口是小灯泡的亮度始终没有发生变化，来
24、分析电路中电动势和电流，抓住两个阶段这两个量的关系进行研究12（18分）（2013春抚州校级月考） 倾角为的斜面上只有AB段粗糙，动摩擦因数为=2tan，其余部分光滑AB段长为2L，有N个相同的小木块（单独考虑每个小木块时，视为质点）沿斜面靠在一起，但不粘接，总长为L，每一个小木块的质量均为m，将它们由静止释放，释放时下端距A为2L，B到斜面底端足够长求：（1）从第1个木块到第N个木块通过A点的过程中，第几个木块通过A点的速度最大，最大速度为多少（2）木块在斜面上滑动的过程中，第k1个木块和第k+1个木块对第k个木块做的总功（3）第k个木块通过B点的速度（题中1kN）考点：动能定理的应用专题：
25、动能定理的应用专题分析：（1）令有n个木块过A点速度最大vm，则nmgcos=Nmgsin，求出n与N的关系，根据动能定理即可求解最大速度；（2）全部木块刚过A点时速度为v，根据动能定理即可求得v，而木块在斜面上滑动时，只有在通过A点的过程中才可能有相互作用力，设所求功为W对从开始到所有木块刚通过A点的过程，运用动能定理即可求得W；（3）从所有木块刚过A点到第k个木块刚到B点，对第k个木块运用动能定理即可求解解答：解：木块过A点的位移为x时，摩擦力为：f=mgcos，摩擦力正比于位移，可由平均力求摩擦力做功（1）令有n个木块过A点速度最大vm，则有：nmgcos=Nmgsin解得：n=，即一半
26、木块过A点速度最大，由动能定理得：Nmv2=NmgLsinNmgcos，解得：vm=；（2）全部木块刚过A点时速度为v，则有；NmgsinLNmggcosL=Nmv20，解得：v=，而木块在斜面上滑动时，只有在通过A点的过程中才可能有相互作用力，设所求功为W对从开始到所有木块刚通过A点的过程，对第k个木块有：mg3Lsinmgcos（NK）+W=mv20，解得：W=mgLsin； （3）从所有木块刚过A点到第k个木块刚到B点，对第k个木块，由动能定理得：mvB2mv2=（mgsinmgcos）（k+L），解得：vB=；答：（1）从第1个木块到第N个木块通过A点的过程中，第个木块通过A点的速度最
27、大，最大速度为：（2）木块在斜面上滑动的过程中，第k1个木块和第k+1个木块对第k个木块做的总功为mgLsin（3）第k个木块通过B点的速度为点评：本题主要考查了动能定理的直接应用，要求同学们能选取合适的过程运用动能定理求解，难度适中（二）选考题（共45分请考生从给出的2个选修中任选一个作答如果多做，则每学科按所做的第一个计分）物理-选修3-4（15分）13（5分）（2010沈阳二模）下列说法中正确的是（）A光传播时，若遇到的障碍物的尺寸比光的波长大很多，衍射现象十分明显，此时不能认为光沿直线传播B在太阳光照射下，水面上油膜出现彩色花纹是光的色散现象C光导纤维丝内芯材料的折射率比外套材料的折射
28、率大D麦克斯韦提出电磁场理论并预言电磁波存在，后来他又用实验证实电磁波的存在考点：全反射；电磁场专题：全反射和临界角专题分析：障碍物的尺寸与光的波长相差不大时发生明显衍射现象，油膜的花纹是干涉现象，光从光密介质进入光疏介质时发生全反射解答：解：A、光传播时，若遇到的障碍物的尺寸比光的波长大很多，衍射现象不明显，A错误；B、在太阳光照射下，水面上油膜出现彩色花纹是光的干涉现象，B错误；C、光导纤维丝的作用是让光从内部发生全反射，所以内芯材料的折射率比外套材料的折射率大，C正确；D、麦克斯韦提出电磁场理论并预言电磁波存在，赫兹用实验证实电磁波的存在，D错误；故选C点评：本题考查了光的干涉、衍射和全
29、反射，以及物理学史，难度不大，注意平时多积累14（10分）（2012春龙港区校级期中）一列横波在x轴上传播，在tl=0时刻波形如图实线所示，t2=0.05s时刻波形如图虚线所示（1）由波形曲线读出这列波的振幅和波长；（2）若周期大于（t2t1），则最大波速是多少？方向如何？考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象专题：波的多解性分析：（1）由y的最大值读出振幅，由相邻两个波峰或波谷间的距离读出波长（2）根据波形的平移法，结合波的周期性，得出波传播的距离与波长的关系，求出最小间距和最大间距，得到对应的波速解答：解：（1）振幅A=0.2m；波长=8 m（2）由于T（t2t1），即t2T，故当波沿x
30、轴正方向传播时，可能的周期为：t=+nT，且n=0或1（可能的传播距离为：x=+n，且n=0或1）当波沿x轴负方向传播时，可能的周期为：t=T+nT，且0或（可能的传播距离为：x=+n，且n=0或1）由波速公式v=可知，当速度v最大时，周期T最小分析上面两类情况可知，当周期最小时，波沿x轴负方向传，且在t=T+nT中n=1，则最小周期为 Tmin= 最大速度 vmax=280m/s 方向为沿x轴负方向答：（1）由波形曲线读出这列波的振幅和波长分别为0.2m和8m；（2）若周期大于（t2t1），则最大波速是280m/s，方向为沿x轴负方向点评：本题关键明确“波形一个周期波形平移一倍波长”的结论，
31、结合波形图得到最小周期或最大传播距离，然后确定最大波速【物理-选修3-5】（15分）15（2009武汉一模）质子数与中子数互换的核互为镜像核，例如e是的镜像核，同样也是e的镜像核下列说法正确的是（）A和互为镜像核B和互为镜像核C核反应是衰变D一个质子和两个中子结合成氚核（）时一定放出能量考点：轻核的聚变；原子的核式结构分析：根据质量数A等于核电荷数Z和质子数n之和，可以判定选项AB；根据核聚变和衰变的定义可以判定选项C，根据核聚变的特点：在核聚变的过程中核反应释放大量的能量，从而可以判定D选项解答：解：A、的质子数Z1=7，质量数A1=13，故中子数n1=A1Z1=137=6质子数z2=6，质
32、量数A2=13，故中子数n2=A2Z2=136=7故n1=z2=6，n2=z1=7，故与互为镜像核故A正确B、的质子数Z1=7，质量数A1=15，故中子数n1=A1Z1=157=8质子数z2=8，质量数A2=16，故中子数n2=A2Z2=168=8故n1=z2=8，n2z1，故B错误C、两个质量较小的核结合成一个质量较大的核同时释放出大量的能量的现象称为核聚变，故该反应是核聚变而不是衰变，故C错误D、两个质量较小的核结合成一个质量较大的核同时释放出大量的能量称为核聚变故一个质子和两个中子结合成氚核的反应的现象是核聚变，一定会放出能量故D正确故选A、D点评：基本概念掌握了，本题自然能够顺利解出，
33、故一定不能忽视基本概念的记忆和理解，因为这是学好物理的基础16（2013春抚州校级月考）光滑水平面上，用弹簧相连接的质量均为2kg的A、B两物体都以v0=6m/s速度向右运动，弹簧处于原长质量为4kg的物体C静止在前方，如图所示，B与C发生碰撞后粘合在一起运动，求：B、C碰撞刚结束时的瞬时速度；在以后的运动过程中，物体A是否会有速度等于零的时刻？试通过定量分析，说明你的理由考点：动量守恒定律；弹性势能专题：动量定理应用专题分析：（1）根据动量守恒定律求出B、C碰刚结束时的瞬时速度（2）通过动量守恒定律求出物体A速度为零时，BC的速度大小，结合能量守恒求出弹簧的弹性势能，从而确定出A的速度能否为零解答：解：设B、C碰撞后的瞬间速度为v1，根据动量守恒定律有mBv0=（mB+mC）v1解得：v1=2m/s物体A会有速度等于零的时刻说明理由如下：设当A的速度为零时，B、C整体的速度为vBC，根据动量守恒定律有mAv0+mBv0=（mB+mC）vBC解得：vBC=4m/s 此时的弹性势能即当A的速度为零时，B、C整体的速度为4m/s，此时弹簧正好处于原长答：（1）B、C碰撞刚结束时的瞬时速度为2m/s（2）物体A会有速度等于零的时刻点评：本题考查了动量守恒定律和能量守恒定律的综合运用，关键是合理的选择研究的对象，难度中等，需加强这方面的训练
