1、等值模拟二(限时：60分钟)第卷二、选择题(本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14(2013北京16)如图1所示，倾角为、质量为M的斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木块静止在斜面体上下列结论正确的是()图1A木块受到的摩擦力大小是mgcos B木块对斜面体的压力大小是mgsin C桌面对斜面体的摩擦力大小是mgsin cos D桌面对斜面体的支持力大小是(Mm)g答案D解析对木块m受力分析如图所示，由平衡条件可知：FN1mgcos ，Ffmgsin ，由牛顿第
2、三定律可知，木块对斜面的压力大小为FN1mgcos ，故选项A、B均错误；选M、m整体为研究对象，受力分析如图所示，由平衡条件得：FN2(Mm)g，选项D正确，C错误15汽车由静止开始在平直的公路上行驶，060 s内汽车的加速度随时间变化的at图象如图2所示则该汽车在060 s内的速度随时间变化的vt图象为()图2答案B解析010 s内汽车做初速度为零的匀加速直线运动，10 s末速度增加到20 m/s；10 s40 s内汽车以20 m/s的速度做匀速直线运动；40 s60 s内汽车做匀减速直线运动，60 s末速度减为零故本题答案为B.16如图3所示，曲线是一颗绕地球做圆周运动卫星轨道的示意图，
3、其半径为R；曲线是一颗绕地球做椭圆运动卫星轨道的示意图，O点为地球球心，AB为椭圆的长轴，两轨道和地心都在同一平面内，己知在两轨道上运动的卫星的周期相等，万有引力常量为G，地球质量为M，下列说法正确的是()图3A椭圆轨道的长轴长度为RB卫星在轨道的速率为v0，卫星在轨道B点的速率为vB，则v0vBC卫星在轨道的加速度大小为a0，卫星在轨道A点加速度大小为aA，则a0 答案C 解析利用开普勒第三定律可知椭圆的半长轴长度为R，所以A项错误；设卫星在B点做匀速圆周运动时的速度为vB，根据卫星运行的线速度与轨道半径关系可知v0vB，卫星做椭圆运动时，在B点做向心运动，则vBvB，所以v0vB，故B项错
4、误；由牛顿第二定律F万ma，得aG，则a0m，r2R0.5R1.5R，可得vB0)、质量为m的粒子沿平行于直径ab的方向射入磁场区域，射入点与ab的距离为，已知粒子射出磁场与射入磁场时运动方向间的夹角为60，则粒子的速率为(不计重力)()图5A. B. C. D.答案B解析如图所示，粒子做圆周运动的圆心O2必在垂直于速度方向的直线EF上，由于粒子射入、射出磁场时运动方向间的夹角为60，故圆弧ENM对应圆心角为60，所以EMO2为等边三角形由于O1D，所以EO1D60，O1ME为等边三角形，所以可得到粒子做圆周运动的半径EO2O1ER，由qvB，得v，B正确19了解物理规律的发现过程，学会像科学
5、家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要以下符合史实的是()A伽利略证明了轻物和重物下落的速度不受其重力大小的影响B开普勒通过对行星运动规律的研究总结出了万有引力定律C卡文迪许利用扭秤装置测定了万有引力常量G的数值D牛顿将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动 答案AC解析伽利略证明了轻物和重物下落的速度不受其重力大小的影响，选项A正确；开普勒通过对行星运动规律的研究总结出了开普勒行星运动定律，选项B错误；卡文迪许利用扭秤装置测定了万有引力常量G的数值，选项C正确；伽利略将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动，选项D错误20如图6所示，质量m
6、1 kg的物块，以速度v04 m/s滑上正沿逆时针转动的水平传送带，传送带上A、B两点间的距离L6 m，已知传送带的速度v2 m/s，物块与传送带间的动摩擦因数0.2，重力加速度g取10 m/s2.关于物块在传送带上的运动，下列表述正确的是()图6A物块在传送带上运动的时间为4 sB物块滑离传送带时的速率为2 m/sC传送带对物块做功为6 JD整个运动过程中由于摩擦产生的热量为18 J答案BD解析物块与传送带之间的摩擦力为mg2 N，加速度为ag2 m/s2，物块减速到零时的位移为x4 m，没有到达B端，物块会向左加速运动，加速到与传送带速度相同时的位移x11 m，则物块还要以2 m/s的速度
7、向左匀速运动4 m1 m3 m脱离传送带，选项B正确；物块减速运动的时间t12 s，加速运动的时间t21 s，匀速运动的时间t3 s1.5 s，总时间为2 s1 s1.5 s4.5 s，选项A错误；根据动能定理，传送带对物块做的功为mv2mv6 J，选项C错误；整个过程中摩擦力产生的热量等于摩擦力乘以相对位移，只有在物块减速运动和加速运动时才有相对位移，在物块减速运动和加速运动阶段，传送带一直做匀速运动，相对位移为x4 m4 m2 m1 m9 m，产生的热量QFfx18 J，选项D正确21如图7所示，一带正电的离子P，在只受某一点电荷Q(Q 未画出)的电场力作用下，从A经过B运动到C的轨迹，轨
8、迹关于水平轴线MN对称，B点是轨迹曲线的最右端则以下说法正确的是()图7AB点速率可能最大BB点加速度一定最大CB到C过程电势能可能减小DA到B过程电势能一定减小答案AC解析带正电的离子P在只受某一点电荷Q的电场力作用下，从A经过B运动到C，根据题图的轨迹，若点电荷Q在左侧带负电，则带正电的离子P经过B点速率可能最大，也可能最小；若电荷Q在右侧带正电，则带正电的离子P经过B点速率可能最小，选项A正确若带正电的离子P经过B点速率最大，则B点加速度最大；若带正电的离子P经过B点速率最小，则B点加速度最小，选项B错误若点电荷Q在右侧带正电，则带正电的离子由B到C过程电场力做正功，电势能减小，选项C正
9、确若点电荷Q在左侧带负电，带正电的离子由A到B过程可能克服电场力做功，电势能增加，选项D错误第卷三、非选择题(包括必考题和选考题两部分第22题第25题为必考题，每个试题考生都必须做答第33题第35题为选考题，考生根据要求做答)(一)必考题(共47分)22(2013天津9(2)(7分)某实验小组利用图8所示的装置探究加速度与力、质量的关系图8下列做法正确的是_(填字母代号)A调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木
10、板倾斜度为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量_木块和木块上砝码的总质量(选填“远大于”、“远小于”或“近似等于”)甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图9所示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图9中甲、乙两条直线设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为甲、乙，由图可知，m甲_m乙，甲_乙(选填“大于”、“小于”或“等于”)图9答案AD(2分)远小于(2分)小于大于(3分)解析在探究加速度与力、质量的关系的实验中，平衡摩擦力时
11、木块不通过定滑轮挂砝码桶，而要挂纸带，并且改变质量时不需要重新平衡摩擦力；在实验时应先接通电源再放开木块，故选项A、D均正确，B、C均错误选木块和木块上砝码(设总质量为M)、砝码桶及桶内的砝码(设总质量为m)为研究对象，则mg(Mm)a选砝码桶及桶内的砝码为研究对象则mgFTma联立解得：FTmg要使FTmg，需要 0，即Mm对质量为m的木块由牛顿第二定律得：Fmgma即aFg.上式与题图结合可知：，甲g乙g.即：m甲m乙，甲乙23(8分)某同学用如图10所示的实物电路，描绘额定电压为4.0 V的小灯泡的伏安特性曲线，并研究小灯泡实际功率及灯丝温度等问题图10(1)根据实物图，在虚线框内画出电
12、路图(2)闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向b端移动，发现“电流表的示数几乎为零，电压表的示数逐渐增大”，则分析电路的可能故障为_A小灯泡短路 B小灯泡断路C电流表断路 D滑动变阻器断路(3)根据如图11所示IU图线，可确定小灯泡在电压为2.0 V时实际功率为_W.图11(4)已知小灯泡灯丝在27 C时的电阻是6.0 ，并且小灯泡灯丝电阻值R与灯丝温度t的关系为Rk(273t)，k为比例常数根据IU图线，估算该灯泡正常工作时灯丝的温度约为_C.答案(1)如图所示(2分)(2)B(2分)(3)0.6(2分，0.580.62之间均可)(4)227(2分，225230之间均可)解析(1)由实验电路可画
13、出电路图如答案图所示；(2)闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向b端移动，“电压表的示数逐渐增大”，说明电压表与小灯泡、开关、滑动变阻器及电源之间的线路连接是良好的“电流表的示数几乎为零”，说明外电阻很大，则可断定小灯泡是断路的，电压表充当外电阻，选项B正确(3)根据IU图线可知，小灯泡在电压为2.0 V时的电流为0.30 A，则实际功率为PUI0.6 W；(4)由于小灯泡灯丝在27 C时的电阻是R16.0 ，故R1k(273t1)；由IU图象可知，小灯泡正常工作时的电阻为R210 ，则有R2k(273t2)，联立解得t2227 C.24(2013新课标24)(13分)如图12，匀强电场中有一半径
14、为r的光滑绝缘圆轨道，轨道平面与电场方向平行a、b为轨道直径的两端，该直径与电场方向平行一电荷量为q(q0)的质点沿轨道内侧运动经过a点和b点时对轨道压力的大小分别为Na和Nb.不计重力，求电场强度的大小E、质点经过a点和b点时的动能图12答案见解析解析质点所受电场力的大小为FqE(2分)设质点质量为m，经过a点和b点时的速度大小分别为va和vb，由牛顿第二定律有FNamNbFm(3分)设质点经过a点和b点时的动能分别为Eka和Ekb，有EkamvEkbmv(3分)根据动能定理有EkbEkaF2r(2分)联立式得E(NbNa)(1分)Eka(Nb5Na)(1分)Ekb(5NbNa)(1分)25
15、(19分)如图13所示， 用内壁光滑的薄壁细管弯成的“S”形轨道固定于竖直平面内，其弯曲部分是由两个半径均为 R的半圆平滑对接而成(圆的半径远大于细管内径)，轨道底端D点与粗糙的水平地面相切现有一辆质量为m的玩具小车以恒定的功率从E点开始行驶，经过一段时间t后，出现了故障，发动机自动关闭，小车在水平地面继续运动并进入“S”形轨道，从轨道的最高点A飞出后，恰好垂直撞在固定斜面B上的C点，C点与下半圆的圆心等高已知小车与地面之间的动摩擦因数为，ED之间的距离为x0，斜面的倾角为30.求：图13(1)小车到达C点时的速度大小为多少；(2)在A点小车对轨道的压力大小是多少，方向如何；(3)小车的恒定功
16、率是多少答案(1)2(2)mg，方向竖直向上(3)解析(1)把C点的速度分解为水平方向的vA和竖直方向的vy，有：tan 30(1分)vygt(1分)3Rgt2(1分)v(1分)解得：v2(2分)(2)小车在A点的速度大小vA(1分)因为vA，对外轨有压力，轨道对小车的作用力向下(1分)mgFNm(1分)解得FNmg(1分)根据牛顿第三定律得，小车对轨道的压力大小FNFNmg(1分)方向竖直向上(2分)(3)从D到A的过程中，机械能守恒，则mvmg4Rmv(2分)小车从E到D的过程中，Ptmgx0mv(2分)解得P(2分)(二)选考题(共15分)(请考生从给出的3道物理题中任选一题做答如果多做
17、，则按所做的第一题计分)33物理选修33(15分)(1)(6分)下列说法正确的是(填正确答案标号选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分，每选错1个扣3分，最低得分为0分)()A分子平均动能大的物体，内能一定大B单晶体一定具有各向异性C液体表面张力是由于表面层分子间距离大，分子力表现为引力所致D经技术改进，热机的效率能达到100%E热量能够自发地从高温物体传到低温物体(2)(9分)如图14所示，粗细均匀的U型玻璃管竖直放置，左端封闭，右端开口且足够长，开始时左端空气柱长20 cm，两管水银面等高从右侧管口缓慢加入水银，左管内气柱长变为15 cm.温度不变，大气压强为p075 cmHg.求
18、：图14加入水银的长度；此过程封闭气体是吸热还是放热，并说明理由答案(1)BCE(2)35 cm放热，理由见解析解析(2)设末状态右侧管内水银面比左侧高hp1p0，p2p0水银ghp1l1S(p0水解gh)l2S(2分)设加入的水银柱长为x，x2(l1l2)h(2分)解得：x35 cm(2分)内能不变，外界对气体做正功，故气体放热(3分)34物理选修34(15分)(1)(6分)如图15所示，沿x轴正方向传播的一列横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200 m/s，下列说法正确的是(填正确答案标号选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分，每选错1个扣3分，最低得分为0分)()图15A
19、从图示时刻开始，质点b比质点a先到平衡位置B从图示时刻开始，经0.01 s质点a通过的路程为0.4 mC若该波波源从O点沿x轴正方向运动，则在x2 000 m处接收到的波的频率将小于50 HzD若该波传播中遇到宽约3 m的障碍物，则能发生明显的衍射现象Ea质点的振动频率为50 Hz(2)(9分)如图16所示，半圆形玻璃砖的半径为R，折射率为，直径AB与屏幕MN垂直并接触于B点激光束a以入射角i30射向半圆玻璃砖的圆心O，结果屏幕MN上出现两个光斑求两个光斑之间的距离L.图16答案(1)BDE(2)(1)R解析(1)根据“上坡下，下坡上”知题图所示时刻b点正向下振动，故a比b先回到平衡位置，A错
20、误；根据波的图象知波长为4 m，由T0.02 s知，fa50 Hz，经过0.01 s，质点a运动到波谷，故运动的路程为0.4 m，B、E正确；由于波源正靠近观察者，故接收到的波的频率大于50 Hz，C错误；发生明显衍射的条件是障碍物或孔的尺寸接近或小于波长，D正确(2)入射光线一部分折射、一部分反射，设折射光线在屏幕上形成的光斑距B点的距离为L1，反射光线在屏幕上形成的光斑距B点的距离为L2，折射角为r，由折射定律n，得r45(2分)L1R(2分)由反射定律知反射角等于入射角，则有L2Rtan 60R(3分)故LL1L2(1)R(2分)35物理选修35(15分)(1)(6分)下列说法正确的是(
21、填正确答案标号选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分，每选错1个扣3分，最低得分为0分)()A光电效应现象说明光具有粒子性B轻核聚变时释放能量，重核裂变时吸收能量C太阳辐射出的能量主要来自太阳内部的裂变反应D卢瑟福根据粒子散射实验提出了原子的核式结构学说E衰变释放出的电子是原子核内的中子转变为质子时产生的(2)(9分)在一次交通事故中，质量为M的货车与静止于前方质量为m的小汽车追尾并推着小汽车向前滑行交警测得碰撞前货车刹车滑行的距离为x1，碰撞后共同向前滑行的距离为x2.若货车刹车后及与小汽车碰后的运动过程中，货车和小汽车所受阻力均为自身重力的倍，求货车刹车前的速度大小答案(1)ADE
22、(2) 解析(1)只有认为光子是一份份的，才能解释光电效应现象，说明光具有粒子性，A正确；轻核聚变和重核裂变都发生了质量亏损，都放出能量，B错误；太阳内部发生的是聚变反应，C错误；卢瑟福分析了粒子散射实验现象，提出了原子的核式结构学说，D正确；衰变的实质是一个中子转化为一个质子和一个电子，E正确(2)设货车刹车前的速度大小为v0，货车与小汽车碰撞前瞬间的速度大小为v1，对货车根据动能定理得Mgx1MvMv(2分)货车与小汽车碰撞后的速度大小为v2，此过程动量守恒，则有Mv1(Mm)v2(2分)两车碰撞后，对货车和小汽车组成的系统根据动能定理得(Mm)gx20(Mm)v(2分)解得v0 (3分)