1、2018年长春市高中毕业班第三次调研测试理科综合能力测试评分参考1【命题立意】以细胞的生命活动的相关知识为载体，考查理解能力。【试题解析】NADPH即还原氢，是在类囊体薄膜上经过水的光解产生的。【参考答案】D2【命题立意】以教材相关实验为背景，考查实验与探究能力。【试题解析】酸性重铬酸钾溶液应用于检测酒精。检测二氧化碳应该使用澄清石灰水或者溴麝香草酚蓝水溶液。【参考答案】B3【命题立意】以胰岛素的相关知识为载体，考查理解能力。【试题解析】胰岛素作为信息分子，并不直接参与细胞的生命活动，而只是和靶细胞（如肝脏细胞）表面的受体结合，改变了靶细胞的生理活动，例如促进靶细胞利用呼吸酶氧化分解葡萄糖。【
2、参考答案】A4【命题立意】以病毒入侵细胞后的生命活动为背景，考查获取信息能力。【试题解析】T2噬菌体不含有逆转录酶，所以A错误。从图中可看出，X酶既能以RNA为模板合成了DNA链，同时又能水解DNA和RNA杂交双链中的RNA分子，所以B正确。X酶有两种功能是因为该酶有多个活性中心，不同的活性中心催化不同的反应。这与酶的专一性并不违背。图中显示的水解过程仅为X酶催化RNA水解，所以初步水解产物为4种核糖核苷酸，彻底水解产物中的碱基仅有A、U、G、C四种，所以C错误。图中过程所需的模板来自于病毒RNA，所以D错误。【参考答案】B5【命题立意】以植物生命活动的调节相关知识为载体，考查综合应用能力。【
3、试题解析】小麦为单子叶植物。双子叶植物对生长素的敏感性高于单子叶植物，利用此规律，我们可选择某个较高浓度的2,4-D来抑制双子叶植物的生长，但对于单子叶植物（如小麦）来说仍然发挥促进作用。因此2,4-D作为除草剂可除去单子叶农田中的双子叶杂草。【参考答案】C6【命题立意】以无子西瓜的生产实践为背景，考查综合运用能力。【试题解析】四倍体aaaa为母本和二倍体AA间行种植， “间行种植”表明四倍体aaaa既能与AA杂交产生Aaa，也能自交产生aaaa，所以四倍体植株上所结的种子甲有两种基因型。种子甲种下后形成Aaa和aaaa两种植株。由于果皮由母本的子房壁发育而来，这两种植株作为母本不管和哪种二倍
4、体杂交，其上所结的果实均受自身基因型控制。Aaa植株所结果实为无子果实，果皮为浅绿色，aaaa植株所结果实为有子果实，果皮为深绿条纹。【参考答案】B29【命题立意】以水稻幼苗在不同光照条件下的光合速率测定为背景，考查实验分析和综合运用能力。【试题解析】（1）光照强度是本实验的自变量，在台灯瓦数不可变的情况下，一般可调节台灯与实验装置的距离来控制光照强度。（2）m值为光照强度为0时的测定值，所以应在黑暗下测定，表示呼吸作用速率。根据题干，图中所给曲线可能为单位时间内植物二氧化碳释放量和氧气产生量，随着光照强度的增强，水稻幼苗光合作用逐渐增强，单位时间内氧气产生量增加，二氧化碳释放量逐渐减少，所以
5、曲线B表示单位时间内氧气的产生量。（3）A曲线为二氧化碳释放量。b点时二氧化碳释放量等于0，此时光合速率等于呼吸速率。（4）细胞呼吸分解有机物释放的能量一部分转化为ATP中活跃的化学能，一部分转化为热能。【参考答案】（除注明外每空1分，共10分）（1）实验装置（幼苗）之间的距离（2分）（2）黑暗（遮光、无光） B（3）b（2分） 线粒体基质到线粒体内膜 类囊体薄膜到叶绿体基质/基粒到叶绿体基质（后两空顺序可以颠倒） （4）ATP中（活跃）的化学能 热能(两空顺序可以颠倒）30【命题立意】以口蹄疫疫苗的原理为背景，考查实验与探究能力和理解能力。【试题解析】（1）疫苗相当于抗原，各种感觉的中枢均位
6、于大脑皮层。（2）图中显示的免疫过程产生了抗体，据此推测该过程为体液免疫，e细胞为浆细胞。e细胞由c细胞（B淋巴细胞）分裂分化而来。（3）为了研究新型疫苗是否有效，应该设置的对照为生理盐水处理。注射疫苗后，A组小牛体内发生了免疫反应，产生了记忆细胞。后续注射口蹄疫病毒后，病毒能刺激记忆细胞，发生二次免疫，其特点为抗体产生速率更快，含量更高。【参考答案】（除注明外每空1分，共10分）（1）抗原 大脑皮层（2）体液 （B细胞）增殖、分化（2分，答对一项给1分）（3）2mL生理盐水（等量生理盐水）（2分）反应快速、强烈（抗体产生速度快、含量高；记忆细胞迅速增殖分化，快速产生大量抗体）（2分，答对一项
7、给1分） 31【命题立意】以大熊猫种群存活力分析的研究为背景，考查获取信息能力和理解能力。【试题解析】（1）种群最基本的数量特征为种群密度。（2）表格中给出了通过数学建模计算出的不同种群初始规模所对应的灭绝概率，查表可知，种群要达到试题要求的维持存活标准，需要的最小初始规模应该在28-30只之间。（3）在试题给出的5%灭绝概率和限制压为0.02条件下，查表可知种群的最小初始规模应为160。同一初始种群规模下，比较不同限制压的影响，可发现随着限制压的增大，种群灭绝的可能性会增大。观察满足5%灭绝概率的最小初始种群规模，它随着限制压的增大而增大。基于以上的规律，保护大熊猫应该降低限制压，从（3）的
8、题干信息可知，我们应该保证现有环境状况不恶化，甚至逐步恢复大熊猫的生存环境，同时将偷猎和捕捉限制在一定范围内。【参考答案】（除注明外每空1分，共9分）（1）种群密度 （2）2830（2分）（3）160（2分） 增加 增大 保证现有的环境状况不恶化（或“逐步恢复大熊猫的生存环境”） 将偷猎和捕捉限制在一定范围之内（其他可行措施可酌情给分，如建立自然保护区，就地保护和易地保护也可给分）32【命题立意】以豌豆杂交实验为背景，考查实验与探究能力和综合运用能力。【试题解析】（1）豌豆是较好的遗传实验材料，其优点有：自花传粉、闭花授粉；具有稳定的易于区分的性状；花比较大，易于做人工杂交实验等。（2）由红花
9、顶生：白花顶生：红花腋生：白花腋生=9：3：3：1可知，红花顶生是双显性个体，则红花、顶生均为显性性状，控制这两对相对性状的基因遵循基因的自由组合定律。（3）由白花顶生：红花顶生：白花腋生：红花腋生=15：9：5：3分析，白花：红花=5：3，可知F1的基因型有两种：Aa和aa且Aa：aa=1：1，由此推知亲本的基因型一个是Aa一个是aa；顶生：腋生=3：1，可知F1的基因型只有一种：Bb，所以F1的基因型是AaBb和aaBb且比例为1：1。用F1测交，子代表现型及比例是红花顶生：红花腋生：白花顶生：白花腋生=1：1：3：3。【参考答案】（除注明外每空1分，共10分）（1）自花传粉、闭花授粉 具
10、有稳定的易于区分的性状 花比较大，易于做人工杂交实验（答出两点给满分）（2）红花 顶生 遵循（2分）（3）AaBb、aaBb（2分，答对一个给1分，如有错误答案不给分）1：1：3：3（2分）37【命题立意】以腐乳的制作及香辛料作用的相关知识为载体，考查理解能力和综合运用能力。【试题解析】（1）制作腐乳的主要微生物是毛霉，是真核生物，表中与其结构相似的微生物是黑曲霉和青霉。制作腐乳过程中，在加卤汤装瓶时需要添加香辛料，其目的是调制风味和防腐杀菌。（2）本实验采用涂布平板法进行接种。通过比较抑菌圈直径大小，可判断精油的抑菌能力，抑菌圈直径与精油的抑菌能力呈正相关，实验结果表明，C对细菌的抑菌圈直径
11、明显小于真菌，所以C对细菌的杀伤作用小于对真菌的杀伤作用。（3）不同微生物培养的温度和时间往往不同，在培养箱中培养时，细菌培养温度高于霉菌培养温度。在特定条件下，依据微生物在固体培养基上形成菌落的形状、大小、隆起程度、颜色等特征可以区分不同的微生物。【参考答案】（除标注外，每空2分，共15分）（1）黑曲霉和青霉（答对一个给1分，如有错误答案不给分） 加卤汤装瓶（配制卤汤） 调制风味 （2）稀释涂布平板法（涂布平板） 正相关 小于（3）高于（1分） 形状、大小、隆起程度、颜色（任意2个正确答案均可。每个答案1分，共2分）38【命题立意】以细胞核移植及胚胎工程的相关知识为载体，考查理解能力和综合运
12、用能力。【试题解析】（1）获得食蟹猴的体细胞核移植技术难度明显高于胚胎细胞核移植，原因是体细胞分化程度高，所以恢复其全能性较难。（2）进行动物细胞培养时，细胞自身的代谢产物积累会对细胞造成危害，所以要定期更换培养液。（3）过程中利用显微注射法，将成纤维细胞注入猴去核的MII中期卵母细胞的卵细胞膜与透明带之间。（4）过程用到了胚胎移植技术，其实质是早期胚胎在相同生理条件下空间位置的转移。（5）分析实验数据，由左图可知，Kd4d的mRNA能提高融合细胞发育成囊胚的成功率，由右图可知，Kd4d的mRNA能提高囊胚中内细胞团的形成率。【参考答案】（除特殊标注外，每空2分，共15分）（1）体细胞分化程度
13、高（2）细胞代谢产物的积累 培养液（3）显微注射卵细胞膜与透明带（4）相同生理（1分）（5）融合细胞发育成囊胚的成功率 囊胚中内细胞团的形成率长春市2018届高三质量检测（三）化学答案及解析7.【参考答案】A【命题立意】考查中国古代文献中的化学知识【试题解析】石灰指的是碳酸钙。8.【参考答案】B【命题立意】考查阿伏加德罗常数的相关知识【试题解析】反应生成都1mol氯气转移1mol电子，故A错，次氯酸根水解因此其离子数目小于0.2NA,D选项中盐酸溶液中不存在HCl分子.。9.【参考答案】C【命题立意】 考查基础有机化学知识【试题解析】 在制备乙酸乙酯时要用浓硫酸作为催化剂，因此加入碳酸钠有气泡
14、产生不能说明有醋酸剩余。10.【参考答案】 D【命题立意】 考查元素周期表及元素化合物的相关知识【试题解析】根据特征反应可知WXYZ分别为氢氧硫氯四种元素，其构成的物质abcdef分别为硫化氢、氯气、水、硫、氯化氢、次氯酸。11.【参考答案】 C【命题立意】 考查实验操作及实验现象的判断【试题解析】 根据实验操作无法得出硼酸的酸性强于碳酸的结论,故A错.B选项在加入新制的氢氧化铜悬浊液之前没有加入碱中和，D选项碱溶液过量时无法比较二者的溶度积大小。12.【参考答案】 D【命题立意】 考查原电池及氧化还原反应的相关内容【试题解析】 根据电子流动方向可判断M为负极，在正极消耗氢离子，因此正极pH增
15、大，由于重铬酸根浓度较大时，可能使还原菌变性失活。13.【参考答案】 B【命题立意】 考查弱电解质溶液离子浓度及电离平衡常数相关知识【试题解析】根据加入30mL氢氧化钠时pH的变化大小关系可知，c1c2c3依次减小，M点为等浓度的NaA和HA溶液，由于溶液呈酸性，故HA酸电离大于NaA的水解，钠离子浓度大于HA的浓度，根据电荷守恒B选项错误，当二者恰好中和时溶液呈碱性，故C选项正确，根据电离平衡常数表达式利用VmL时pH=7可计算出其平衡常数26. （14分）【参考答案】（1）3Pb8HNO33Pb(NO3)22NO4H2O（2分）（2）CaSO4（2分）C（2分）（3）浸出时部分Pb2+生成
16、PbSO4随浸出渣排出，降低PbSO4的产率（2分）（4）1.6103mol/L（2分）（5）PbSO4 + 2CH3COO=（CH3COO）2Pb + SO42-（2分）（6）PbSO4 + 2H2O2e= PbO2+ 4H+ SO42-（2分）【命题立意】本题通过工业硫酸铅的制备的流程，考查方程式书写，除杂，难溶电解质，电化学等相关知识。考察了学生分析解决问题和利用信息解决相关问题的能力。【试题解析】（1）铅被氧化为二价，书写方式与铜和稀硝酸的反应相同：3Pb8HNO33Pb(NO3)22NO4H2O（2分）（2）CaO溶于硝酸，CaSO4微溶于水，所以会有CaSO4生成。（2分）CaSO
17、4微溶于水转化为难溶于水的PbSO4（2分）（3）溶液中含有硫酸根离子，所以浸出时部分Pb2+生成PbSO4随浸出渣排出，降低PbSO4的产率（2分）（4）依据Ksp（PbSO4）=c（SO42-）c（Pb2+）= 1.610-8 ，且Pb2+浓度小于10-5，可求出c（SO42-）=1.6103mol/L（2分）（5）依据（CH3COO）2Pb 是弱电解质，PbSO4 + 2CH3COO=（CH3COO）2Pb + （2分）（6） 铅蓄电池阳极为PbSO4，失电子，产物为 PbO2，PbSO4 + 2H2O2e= PbO2+ 4H+ SO42-（2分）27.（15分）【参考答案】（1）（1分
18、）（2） NH2Cl+H2O=HClO+NH3（或NH2Cl+2H2O=HClO+NH3H2O或NH2Cl+H2O=NH4ClO）（2分）（3）Cl2(g)+NH3(g)=NH2Cl(g)+HCl(g) H= +11.3kJmol-1（2分）（4） C H （或N C H）（1分，其余答法均不给分） sp2（2分） （2分）（3）12 （2分）A B （2分）由于溶于水的二氧化碳分子只有约几百分之一与水结合成碳酸，与按二氧化碳全部转化为碳酸分子来估算酸的强度相比，自然就小了近百倍了。(2分)（4）（2分）【命题立意】以碳元素为载体，综合考查原子的电子排布、电子运动状态、分子的结构与性质，以及晶
19、体密度的计算。【试题解析】（1）1s22s22p2 ，6（2）N C H （或N C H）由题意知：所有原子都在一个平面上，可以推知N的杂化方式为sp2，sp2杂化轨道分别于两个C原子和氢原子形成键，分子中的C原子也采取sp2杂化方式。两个C原子和N原子为参与杂化的p轨道“肩并肩”重叠形成5中心6电子的大键。（3）干冰晶体中，CO2分子位于立方体晶胞的顶点和面心上，为分子密堆积，每个CO2分子周围有12个紧邻的CO2分子。对比CO和CO2，CO分子中有孤对电子而CO2没有孤电子，A正确。CO是极性分子，CO2是非极性分子，B正确。CO和CO2原子间的成键方式不完全相同，C错误。由于溶于水的二氧
20、化碳分子只有约几百分之一与水结合成碳酸，与按二氧化碳全部转化为碳酸分子来估算酸的强度相比，自然就小了近百倍了。（4）依据晶体的密度计算公式，一个晶胞中含有8个碳形成的正四面体结构，其质量为，晶胞的体积为a310-30 cm3，所以答案为 g/cm3。36【参考答案】（1）1,2-二溴乙烷（1分），羟基（1分）（2）（2分）（3）加成反应（2分）（4）（2分）（5）10（2分），写出以下任意一种即可（2分）（6） （3分）【命题立意】考查有机物的名称，官能团，反应类型，同分异构体，反应方程式及有机的合成路线。【试题解析】根据PET的结构简式可判断出合成其的原物质为对苯二甲酸和乙二醇，C为乙二醇，
21、F为对苯二甲酸，所以A为乙烯，B为1，2-二溴乙烷。G是F的同系物比F多一个碳原子，其同分异构体苯环上一个取代基的一种，二个取其的三种，三个取代基的6种，共10种。长春市普通高中2018届高三质量监测（三）理综物理部分试题答案及评分参考二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14. 【答案】D【命题立意】以超重、失重的判断问题为命题背景，考查学生的理解能力。 【解析】A的加速度向下，处于失重状态；B的加速度向上，处于超重状态，故D选项正确。1
22、5. 【答案】A【命题立意】以平抛运动相关知识为命题背景，考查学生的理解能力。 【解析】平抛运动的轨迹与物体的质量无关，与抛出位置、初速度有关，所以两次的轨迹重合，故选A。16. 【答案】C【命题立意】以静电场中的场强计算、电势、等势面的判断问题为背景，考查学生的推理能力。 【解析】点电荷的等势面为以点电荷为球心的同心球面，在纸面内的等势线为同心圆。连接AB即为弦、OC也为弦。AB的中垂线与OC的中垂线交点为圆心，即点电荷位置，A错误；A点离正点电荷近，所以电势高，B错误；场强大小由计算可知，C正确；正的试探电荷从A沿直线到C，与点电荷的距离先变小后变大，则电场力做功先负后正，电势能先变大后变
23、小，D错误。17. 【答案】B【命题立意】以光电效应问题为命题背景，考查学生的理解能力。 【解析】由光电效应方程可知，图象斜率都为h，A错误；遏止电压，增大导致增大，则增大，B正确；由图象可知乙的逸出功大，能使乙发生光电效应的光一定能使甲发生，反之未必，C错误；最大初动能与光的强度无关，D错误。18. 【答案】B【命题立意】以霍尔元件的工作原理为命题背景，结合实际情景，考查学生的推理能力。 【解析】载流子受磁场力而偏转，A错误；由左手定则可判断出载流子受力向前端偏转，若前端电势变低，意味着载流子带负电，B正确；霍尔电压，c越大，越小，C错误；每个轮齿经过，都会引发一次脉冲，则每分钟脉冲数量为2
24、70000个，D错误。19. 【答案】AD【命题立意】以天体的圆周运动问题为命题背景，考查学生的推理能力。 【解析】飞行器靠近地球的过程中，引力做正功，引力势能减小，A正确；绕地球做圆周运动的卫星，其轨道越低，运动越快，动能越大，角速度越大，B、C皆错误；两物体靠得越近，引力越大，D正确。20. 【答案】BD【命题立意】以斜面上的摩擦力做功问题为命题背景，考查学生的分析综合能力。 【解析】在倾角为、长度为x、底边长为s的斜面上，物体下滑时摩擦力做功为，相当于物体直接在摩擦系数为、长为s的水平地面上滑动过程中摩擦力所做的功，所以；把曲线2分成无数小段，如不考虑向心力，则物体在每小段运动中摩擦力所
25、做的功只与该小段的水平距离有关，累积加和后与物体沿线段1运动中做的功相等，但考虑到物体在曲线2上运动时，需要向心力，则支持力应比不考虑向心力时偏大，导致摩擦力偏大，所以做功应偏多，即。物体损失的机械能等于摩擦力做功大小，则A错误B正确；三种情况下重力做功一样多，则克服摩擦力做功大的末动能小，末速度就小，所以C错误D正确，故选BD。21. 【答案】AC【命题立意】以电磁感应问题为命题背景，考查学生的分析综合能力、运用数学知识解决物理问题的能力。 【解析】导体棒做匀加速运动，产生的感应电流为，其中L为导体棒在两导轨间的宽度，可见电流强度与时间成正比，A正确；电荷量与时间图象的斜率为电流强度大小，随
26、电流的增大，斜率应增大，图象应为曲线，则B错误；拉力大小为，化简得，图象应为一次函数，则C正确；功率，可见功率为时间的二次函数，图象应为曲线，D三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题第38题为选考题，考生根据要求做答。22. （7分)【答案】（1）弹簧的总长度、总匝数、单位长度的匝数、螺距、弹簧圈的直（半）径、弹簧的粗细、弹簧的横截面积等 （答对两个得2分，答对一个得1分） （2） 1.4 （2分) ； （3） 4或四 （3分) 【命题立意】以探究弹簧的劲度系数与金属丝直径的关系为实验情景，考查学生实验探究能力。【解析】（1）影响弹簧
27、的劲度系数的因素很多，有材料、弹簧的总长度、总匝数、单位长度的匝数、弹簧圈的直（半）径等等，在实验中要控制变量，只让金属丝的直径不同才能有比较的意义。（2）游标卡尺的读数应由两部分组成，一是主尺读数：1mm；二是游标尺读数：因第四刻度线与主尺某条刻度线对齐，则其读数应为mm；加和后读数为1.4mm。（3）若劲度系数与某一量成正比，则某一量的比例应等于劲度系数之比，则符合其比例系数的只有直径的4次方之比。23. （8分)【答案】（1）如图所示（答对得2分、只要有一处错误即不得分；其它接法正确也得分）（2） （2分）； （2分）（3）相等（2分）【命题立意】以测量灵敏电流计的满偏电流和内阻为实验情
28、景，考查学生运用所学电学知识进行实验探究的能力。【解析】（1）只要能按照电路图正确连接，均得分。（2）电流计满偏时有，电流计半偏时有，整理得 （3）在设计原理上看，改变电阻箱阻值后，电流计和电阻箱两端的电压依然为U，并没有改变，则此测量方法中并没有由设计原理上带来的系统误差。24（12分）【答案】 ， 【命题立意】以带电粒子在磁场中的运动为命题背景，考查学生推理能力、用数学知识解决物理问题的能力。【解析】（1）如图所示，根据已知条件画出粒子的运动轨迹，粒子打在AD板上的Q点，圆心为O1。由几何关系可知：轨迹对应的圆心角PO1Q=120，（1分）洛伦兹力充当向心力： （1分） 圆周运动的周期公式
29、： （1分） 可得周期： （1分） 运动时间为： （1分） 代入得数据解得： （1分） （2）粒子垂直打到AC板，运动轨迹如图所示，圆心为O2，APO230，设粒子运动的轨迹半径为r （2分） 洛伦兹力充当向心力： （2分） 解得： （2分）25（20分）【答案】（1）4 m/s；（2）2 m/s；（3）2.25 s【命题立意】以传送带问题为连接纽带，考查学生分析综合能力、运用数学知识解决物理问题的能力。【解析】（1）物块甲从A运动至B，其速度设为，由动能定理得： （1分） 解得：假设物体在传送带上一直做匀减速运动，到达C点速度为，由动能定理得： （2分）解得： （1分） 由于 ，假设成立 则
30、物体甲第一次运动到C点的速度大小为（2）以物体甲和物体乙为研究对象，从甲滑上乙开始至甲滑下来的过程中，系统水平方向上动量守恒，设滑下后甲的速度为，乙的速度为u，则有： （2分）系统能量守恒： （2分）解得： （2分） 则甲从乙物体上滑下后向左匀速运动，第二次到达C点的速度大小为2 m/s（3）甲向左进入传送带，做匀减速运动， （1分）设到达B点的速度为，由动能定理得： （1分） 解得到达B点的速度 （1分） 物体甲从C点运动到左端B点的时间为： 解得： （1分）甲向右进入传送带先做匀加速运动，到与传送带共速时所用时间为t2： 解得： （1分） 甲在时间内的位移为： 解得： （1分） 甲与传送带
31、共速后随传送带一起匀速运动，位移为： （1分） 所用时间为： （1分） 甲第二次到第三次到达C的过程中的运动时间为： （1分）解得： （1分）注：计算题用其他方法得到正确结果，可按步骤酌情给分。33.【物理选修33】（15分）（1)（5分）【答案】ACD【命题立意】以热学相关知识为命题背景，考查学生的理解能力、推理能力。【解析】ab过程中，气体体积减小，外界对气体做功，A正确；在此过程中，由于是绝热过程，没有热传递，则由热力学第一定律可知，气体内能一定增加，平均动能一定增大，B错误；bc过程中，气体体积不变，压强增大，则气体的温度一定升高，气体分子的热运动更加剧烈，分子的数密度没有改变的情况下
32、，分子在单位时间内单位面积上与器壁的碰撞数会增多，C正确；cd过程中，气体体积增大，单位体积内的分子数一定会减少，D正确；da过程中，气体体积不变，外界对气体不做功，而气体压强减小，则其温度一定减小，内能减小，减小的原因只能是对外界放热导致，E错误。（2)（10分）【答案】 【命题立意】以气体实验定律为命题背景，考查学生的分析综合能力【解析】未放入粉末状物体时，推动活塞时，气体经历等温压缩过程，由玻意耳定律得： （2分）压缩后气体的体积为： （1分）放入粉末状物体后，推动活塞时，气体仍经历等温压缩过程，由玻意耳定律得： （2分）压缩前气体的体积为： （1分）压缩后气体的体积为： （2分）代入数
33、据解得： （2分）34.【物理选修34】（15分）（1）（5分）【答案】 （i） 1 （2分） （ii）（3分）【命题立意】以测定玻璃折射率实验为命题背景，考查学生的理解能力、实验能力。【解析】（i）出射光线也由两点确定，但O点就是其中之一，再用一枚大头针即可确定方向。（ii）根据题意，入射角为，折射角为，根据折射率公式可得（2）（10分）【答案】（i）0.1s；（ii）0.2s、0.6s【命题立意】以机械振动、机械波相关知识为命题背景考查学生的分析综合能力。【解析】解法一：（i） 波速： （2分） （2分）得质点C已振动时间：s （1分）（ii）若要x0处的质点位移为+6 cm，则需两列波的
34、波峰同时到达x0处。甲波的波峰到达x0处的时刻为： (m0、1、2、3） （1分）乙波的波峰到达x0处的时刻为： (n0、1、2、3） （1分）解得：m2n+1 （1分）n0时，m1，t0.2 s （1分）n1时，m3，t0.6 s （1分）n2时，m5，t1 s可知：在零时刻之后的0.9 s内，x0处的质点位移为+6 cm的时刻为0.2 s末和0.6 s末解法二：（i）由题中条件可知，甲波的周期为： 波速为： （2分）乙波的周期为： （1分） 由图可知，C点开始振动的时刻距图中时刻为： （1分）得质点C已振动时间：s （1分） （ii）若要x0处的质点位移为+6 cm，则需两列波的波峰同时到达x0处。甲波的波峰到达x0处的时刻为： (m0、1、2、3） （1分）乙波的波峰到达x0处的时刻为：(n0、1、2、3） （1分）解得：m2n+1 （1分）n0时，m1，t0.2 s （1分）n1时，m3，t0.6 s （1分）n2时，m5，t1 s可知：在之后的0.9 s内，x0处的质点位移为+6 cm的时刻为0.2 s和0.6 s注：计算题用其他方法得到正确结果，可按步骤酌情给分。
