1、四川省泸县第四中学2020届高三物理下学期第二次适应性考试试题（含解析）1.下列说法正确的是（）A. 氢原子的核外电子从低能级跃迁到高能级时，吸收光子，电子的轨道半径增大B. 是核裂変方程，当铀块体积大于临界体积时，才能发生链式反应C. 从金属表面逸出的光电子的最大初动能与照射光的强度无关，与照射光的频率成正比D. 射线是高速运动的氦原子核，能够穿透几厘米厚的铅板【答案】A【解析】【详解】根据波尔理论，氢原子的核外电子从低能级跃迁到高能级时，要吸收光子，电子的轨道半径增大，选项A正确；B方程是衰变方程，B错误；根据光电效应方程，光电子的最大初动能为，不是与频率成正比，C错误射线是高速运动的氦原
2、子核，但是不能穿透铅板，D错误；2.从离水平地面高H处以速度v0水平抛出一个小球A，同时在其正下方地面上斜抛另一个小球B，两球同时落到地面上同一位置，小球B在最高点时，距地面的高度为h，速度为v，则以下关系正确的是（）A. h=H，v=v0B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】斜抛可以看成对称的两段平抛，则，得；，则，故选D3.物体的运动情况或所受合外力的情况如图所示，四幅图的图线都是直线，从图中可以判断这四个质量一定的物体的某些运动特征下列说法正确的是A. 甲物体受到不为零且恒定的合外力B. 乙物体受到的合外力越来越大C. 丙物体受到的合外力为零D. 丁物体的加速度越来越大【答案】D【
3、解析】【详解】甲图中物体做匀速直线，处于平衡状态，此时所受合力为零，A错误；乙图中物体做匀加速直线运动，加速度恒定，根据牛顿第二定律，所受合外力恒定，B错误；丙图中加速度恒定，同样所受合包力恒定不变，C错误；丁图中，根据牛顿第二定律，F=ma，所受合外力越来越大，因此加速度越来越大，D正确4.如图所示，在光滑水平面上，用弹簧水平连接一斜面，弹簧的另一端固定在墙上，一玩具遥控小车放在斜面上，系统静止不动用遥控器启动小车，小车沿斜面加速上升，则A. 系统静止时弹簧被压缩B. 小车加速时弹簧处于原长C. 小车加速时弹簧被压缩D. 小车加速时可将弹簧换成细绳【答案】D【解析】试题分析:系统静止时，系统
4、受力平衡，水平方向不受力，弹簧弹力等于零，弹簧处于原长，故A错误；小车加速上升时，知系统受到的合力的水平分力不为零，且方向向右，则弹簧提供的是拉力，所以弹簧处于拉伸状态所以小车加速时，可将弹簧换成细绳故B、C错误，D正确考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用5.2019年1月3日，嫦娥四号探测器登陆月球，实现人类探测器首次月球背面软着陆，为给嫦娥四号探测器提供通信支持，我国早在2018年5月21日就成功发射嫦娥四号中继星“鹊桥号”，如图所示，“鹊桥号”中继星一边绕拉格朗日L2点做圆周运动，一边随月球同步绕地球做圆周运动且其绕L2点半径远小于L2点与地球间的距离(已知位于地、月拉格朗日L1、L
5、2点处的小物体能够在地、月的引力作用下，几乎不消耗燃料，便可与月球同步绕地球做圆周运动)则下列说法正确的是()A. “鹊桥号”的发射速度大于11.2km/sB. “鹊桥号”绕地球运动的周期约等于月球绕地球运动的周期C. 同一卫星在L2点受地、月引力的合力与其在L1点受地、月引力的合力相等D. 若技术允许，使“鹊桥号”刚好位于拉格朗日L2点，能够更好地为嫦娥四号探测器提供通信支持【答案】B【解析】【详解】A11.2km/s是卫星脱离地球的引力的第二宇宙速度，所以“鹊桥”的发射速度应小于11.2km/s，故A错误；B根据题意可知，“鹊桥”绕地球转动的周期与月球绕地球转动的周期相同，故B正确；C“鹊
6、桥”在L2点是距离地球最远的拉格朗日点，角速度相等，由Fnmr2可知，在L2点受月球和地球引力的合力比在L1点要大，故C错误；D“鹊桥”若刚好位于L2点，由几何关系可知，通讯范围较小，会被月球挡住，并不能更好地为嫦娥四号推测器提供通信支持，故D错误6.一含有理想变压器的电路如图甲所示，图中理想变压器原、副线圈匝数之比为2：1，电阻R1和R2的阻值分别为3和1，电流表、电压表都是理想交流电表，a、b输入端输入的电流如图乙所示，下列说法正确的是（）A. 电流表的示数为B. 电压表的示数为C. 00.04s内，电阻R1产生的焦耳热为0.24JD. 0.03s时，通过电阻R1的电流为【答案】AC【解析
7、】【详解】设电流表的示数为I1，则有：，求得：，故A正确；原线圈中电流只有交流部分电流才能输出到副线圈中，故副线圈中电流交流部分的电流最大值为；设副线圈交流电的有效值为I2，则：，求得：，因此电压表的示数为：，故B错误；在00.04s内，电阻R1产生的焦耳热为：；故C正确；由图可知，在0.03s的前后，原线圈中的电流不变化，则副线圈中没有感应电流，所以通过电阻R1的瞬时电流为0，故D错误.7.如图所示，表面光滑的斜面固定在水平地面，顶端安装有定滑轮，小物块A、B通过绕过定滑轮的绝缘轻绳连接，轻绳平行于斜面，空间有平行于斜面向下的匀强电场开始时，带正电的小物块A在斜面底端，在外力作用下静止，B离
8、地面一定高度，撤去外力，B竖直向下运动B不带电，不计滑轮摩擦则从A和B开始运动到B着地的过程中( )A. A的电势能增加B. A和B系统的机械能守恒C. A和B系统减少的重力势能等于A增加的电势能D. 轻绳拉力对A做的功大于A的电势能增加量和动能增加量之和【答案】AD【解析】【详解】A.物体A带正电，所以B竖直向下的过程中A沿斜面向上运动，电场力做负功，电势能增大，A正确B.因为电场力对A做负功，电势能增加，而总能量守恒，所以机械能减小，B错误C.根据能量守恒定律可知，整个过程系统重力势能减小量一部分转化成了系统的动能，另一部分转化成A增加的电势能，C错误D.对A物体应用功能关系，可知轻绳拉力
9、对A做功等于A的电势能增加量和动能增加量以及重力势能的增加量，D正确8.在倾角为足够长的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小相等的匀强磁场，磁场方向一个垂直斜面向上，另一个垂直斜面向下，宽度均为L，如图所示一个质量为m、电阻为R、边长也为L的正方形线框，在t=0时刻以速度v0进入磁场，恰好做匀速直线运动，若经过时间t0，线框ab边到达gg与ff中间位置时，线框又恰好做匀速运动，则下列说法正确的是()A. 当ab边刚越过ff时，线框加速度的大小为gsin B. t0时刻线框匀速运动的速度为C. t0时间内线框中产生的焦耳热为mgLsin D. 离开磁场过程中线框将做匀速直线运动【答案】BC【解析
10、】线框开始进入磁场时，线框处于平衡状态，此时有：mgsin=BIL=当ab边刚越过ff时，此时线框速度仍为v0，此时有：2BI2L-mgsin=ma2I2由得：-mgsin=ma2联立可得：a=3gsin，故A错误；设t0时刻的速度为v，此时处于平衡状态，有：I32BI3L=mgsin联立得v=，故B正确；在时间t0内根据功能有：Q=mgLsin+mv02mv2=mgLsin+mv2，故C正确； 离开磁场时由于安培力小于重力沿斜面的分力，因此线框将做加速度逐渐减小的变加速运动，故D错误；故选BC三、非选择题：共174分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3338题为选题，考生根据
11、要求作答。9.某冋学利用如图甲所示装置研究匀变速直线运动规律某次实验通过电磁打点计时器打出纸带的一部分如图乙所示，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，每两个相邻计数点间有4个计时点没有画出，打点计时器所接交流电源频率为50Hz分别测出A点到B、C、D、E点之间的距离，x1、x2、x3、x4，以打A点作为计时起点，算出小车位移与对应运动时间的比值，并作出t图象如图丙所示(1)实验中下列措施必要的是_(填正确答案标号)A.打点计时器接220V交流电源 B.平衡小车与长木板间的摩擦力C.细线必须与长木板平行 D.小车的质量远大于钩码的质量(2)由图内中图象求出小车加速度a=_m/s2，打A点时小车
12、的速度vA=_m/s(结果均伓留两位有效数字)【答案】 (1). C (2). 5.0 (3). 0.40【解析】【分析】（1）根据实验的原理以及实验注意事项选择必要的措施；（2）根据x=v0t+at2可得结合图像的斜率和截距求解初速度和加速度.【详解】（1）电磁打点计时器接4-6V交流电源，选项A错误；实验时不需要平衡小车与长木板间的摩擦力，选项B错误；细线必须与长木板平行，选项C正确；实验中小车做匀加速运动即可，没必要小车的质量远大于钩码的质量，选项D错误；故选C.（2）根据x=v0t+at2可得，由图像可知：v0=vA=0.4m/s； 10.某实验探究小组为了测量电流表G1的内阻r1，设
13、计电路进行实验实验中供选择的仪器如下：A待测电流表G1（量程为05mA，内阻约400）B电流表G2（量程010mA，内阻约200）C电压表V（量程15V，内阻约为3k）D定值电阻R1（10）E定值电阻R2（400）F滑动变阻器R3（050，额定电流为0.1A）G滑动变阻器R4（01000，额定电流为0.01A）H开关S及导线若干I电源E（电动势2V，内阻较小）实验要求待测电流表G1的示数从零开始变化，且多测几组数据，尽可能地减小误差（1）以上给定的器材中，定值电阻应选_，滑动变阻器应选_（填写仪器符号）（2）在方框中画出实验原理图_（3）主要的实验步骤如下：A按设计电路图连接电路，将滑动变阻器
14、触头移至接入阻值为零处；B闭合开关S，移到滑动触头至某一位置，记录G1和G2的读数I1和I2；C重复步骒B，多次移动滑动触头，测量多组数据；D本实验用图象法处理数据，作图时以I1为横坐标，以I2为纵坐标，作出I2-I1图线，则表达式为_（用物理量的符号来表示）（4）根据图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式r1=_（用k和定值电阻的符号来表示）【答案】 (1). R2 (2). R3 (3). (4). I2=（1+）I1 (5). （k-1）R2【解析】【详解】（1）由于定值电阻R2的电阻与待测电流表G1内阻接近相等，可将二者并联，再与电流表G2串联；由于变阻器采用分压式接法时，
15、阻值越小调节越方便，所以变阻器应选阻值小的R3；（2）实验要求待测电流表G1的示数从零开始变化，滑动变阻器采用分压接法，定值电阻R2的电阻与待测电流表G1并联，电路图如图所示：（3）由电路图根据串并联规律应有：， 解得：； （4）根据函数斜率的概念应有： 解得： 11.如图所示两个半径分别为RA=1m、RB=2m的金属圆环处在竖直向下、磁感应强度B1=1T的环形匀强磁场中，一根长L=2m、阻值为2的均匀金属棒OB跨放在两金属圆环上，且O点位于两环的圆心处另有两根间距l=1m、足够长的“L”形光滑金属导轨与水平面成=30角倾斜放置，在导轨下端的挡板上，静放着一根长l=lm、质量m=0.1kg、阻
16、值R=1的金属棒CD，倾斜导轨的上端通过两根导线分别与A、B两环相连，两导轨处在与导轨平面垂直斜向上、B2=1T的匀强磁场中，除两根金属棒的电阻外，其余电阻均不计t=0时金属OB在外作用下以角速度=2rad/s绕O点逆时针匀速转动，t=2s时金属棒CD刚好达到最大速度，若取g=10m/s2(1)求金属棒CD达到的最大速度；(2)若t=2s时，因故障金属棒OB停止转动，金属棒CD继续上滑，现测得金属棒CD由t=0时刻至上滑到最高点的过程中通过的电量的绝对值为1.3C，求故障后金属棒CD在上滑过程中产生的焦耳热【答案】(1) (2) 【解析】【详解】(1)金属棒OB匀速转动时切割磁感线产生感应电动
17、势又，故E=3V且A环电势高，金属棒OB切割磁感线对金属棒CD供电，金属棒CD向上做加速运动有 由于金属棒CD切割磁感线也产生电动势，回路中的有效电阻为2R=2 故 当金属棒CD的加速度减小到0时有最大速度 代入数据解得：；(2)金属棒CD加速上滑过程中由 解得： 金属棒CD减速上滑过程中通过的电量为 由知金属棒CD沿导轨减速上滑的距离为 金属棒CD减速上滑过程中由能量守恒定律得： 代入数据解得：.12.如图所示，绝缘轨道MNPQ位于同一竖直面内，其中MN段是长度为L的水平轨道，PQ段为足够长的光滑竖直轨道，NP段为光滑的四分之一圆弧，圆心为O，直线NN右侧有方向水平向左的电场（图中未画出），
18、电场强度E=，在包含圆弧轨道NP的ONOP区域内有方向垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场（边界处无磁场）轨道MN最左端M点处静止一质量为m、电荷量为q的带负电的物块A，一质量为3m为物块C从左侧的光滑轨道上以速度v0撞向物块AA、C之间只发生一次弹性碰撞，且最终刚好挨在一起停在轨道MN上，A、C均可视为质点，且与轨道MN的动摩擦因数相同，重力加速度为gA在运动过程中所带电荷量保持不变且始终没有脱离轨道A第一次到达N点时，对轨道的压力为2mg求：（1）碰撞后A、C的速度大小；（2）A、C与水平轨道MN的动摩擦因数；（3）A对轨道NP的最大压力的大小【答案】（1）；（2）（3）【解析】【分析】
19、（1）A、C发生弹性碰撞，满足动量守恒和动能守恒，列式联立求解碰后A、C的速度；（2）A在NN右侧运动过程中，电场力和重力做功之和为0根据动能定理列式求解A、C与水平轨道MN的动摩擦因数；（3）将重力和电场力进行等效合成，找到A对轨道NP有最大压力的位置，根据动能定理求解此位置的速度，根据牛顿第二定律求解最大压力.【详解】（1）A、C发生弹性碰撞后的速度分别为vA、vC，则有：3mv0=mvA+3mvC=+联立解得：（2）设A、C最后静止时与M点距离为l1，A在NN右侧运动过程中，电场力和重力做功之和为0有mg（2Ll）=3mgl=联立解得（3）设A在点的速度为，A从M到N的过程中，由动能定理
20、得设圆弧NP的半径为a因为A在点时对轨道的压力为2mg，A在NN右侧受到的电场力F=qE=mg重力和电场力的合力大小为F合=2mg，方向与OP夹角为过O点沿合力方向作直线与圆弧相交于点，当A经P点返回N点的过程中到达K点时，达到最大速度，此时A对轨道的压力最大A从M点到K点过程中，由动能定理可得：返回K点时：FNF合由得：FN由牛顿第三定律得A对轨道NP的最大压力为：13.如图为充气泵气室的工作原理图气室通过阀S1、S2与空气导管相连接以下选项中正确的是_A. 当橡皮碗迅速向右时，S1关闭，S2开通B. 当橡皮碗迅速向左时，S1关闭，S2开通C. 当橡皮碗迅速向左时，气室内空气温度升高D. 当
21、橡皮碗迅速向右时，气室内空气分子的平均动能减小E. 用此充气泵给气球充气时，要将上空气导管与气球相连接【答案】BCD【解析】【详解】由图可知，当橡皮碗迅速向右时，S1开通，S2关闭；当橡皮碗迅速向左时，S1关闭，S2开通，选项A错误，B正确；当橡皮碗迅速向左时，气室内空气迅速被压缩，则外界对气体做功，因可视为绝热过程，气体的温度升高，选项C正确；当橡皮碗迅速向右时，气室内空气体积迅速膨胀，气体对外做功，因可视为绝热过程，则气体的温度降低，分子的平均动能减小，选项D正确；由结构图可知，用此充气泵给气球充气时，要将下空气导管与气球相连接，选项E错误.14.如图所示为一种测量粉末状物质实际体积的装置
22、，其中A容器的容积为VA=300cm3，k是连通大气的阀门，C为一水银槽，通过橡皮管与容器B相通，连通A、B的管道很细，其容积可忽略下面是测量某种粉末体积的操作过程：打开K，移动C，使B中水银面降低到与标记M相平；关闭K，缓慢提升C，使B中水银面升到与标记N相平，量出C的水银面比标记N高h1=25cm；打开K，装入待测粉末，移动C，使B内水银面降到M标记处；关闭K，提升C，使B内水银面升到与N标记相平，量出C中水银面比标记N高h2=75cm；从气压计上读得当时大气压为p0=75cmHg.试根据以上数据求：（i）标记M、N之间B容器体积；（ii）A中待测粉末的实际体积（设整个过程中温度不变）【答
23、案】（i）VB=100 cm3（ii）V=200 cm3【解析】【详解】（i）设标记M、N之间B容器体积为VB ,以容器A、B中气体为研究对象初态时，P1=P0, V1=VA+VB关闭K，缓慢提升C后，P2=（75+ h1）cmHg, V2=VA整个过程温度保持不变，根据玻意耳定律得P1V1=P2V2解得VB=100 cm3（ii）设A容器中待测粉末的实际体积为V，初态时，P3=P0，V3=VA+VB-V 关闭K，缓慢提升C后，P4=（75+ h2）cmHg， V4= VA-V根据玻意耳定律得P3V3=P4V4, 解得V=200 cm315.下列说法中正确是_A. 对于同一障碍物，波长越长的光
24、衍射现象越明显B. 白光通过三棱镜在屏上出现彩色条纹是光的干涉现象C. 红光由空气进入水中，波长变长，颜色不变D. 用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的干涉E. 无论光源与观察者是否存在相对运动，观察者观测到的光速都是不变的【答案】ADE【解析】【详解】A.对于同一障碍物，波长越大的光波越容易发生衍射现象，容易绕过去，A正确B.白光通过三棱镜在屏上出现彩色条纹是光的一种折射现象，B错误C.红光由空气进入水中，频率不变，速度变小，波长变短，但颜色不变，故C错误D.透明的标准样板和单色光检查平面的平整度，是利用两者之间的空气薄层的反射面，获取频率相同的光，进行了光的干涉，故D正确E
25、.根据相对论原理可知，不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的故E正确16.如图所示一半径为R、由透明介质制成的球体，左侧有一沿竖直方向且与球体相切的墙面，图中过圆心的水平线段为球体的直径，在该直径的最右侧S点沿不同的方向发射出两束光，其中射到A点的光经折射后垂直于墙面到达M点，而射到B点的光恰好在球体的表面发生全反射，OSA30.求：()该透明介质的折射率；()S点发出的光在传播过程中，经过SA与AM所用的时间的比值；()B点到SO的距离.【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【详解】(1)已知，由几何关系知光在A点的入射角，折射角 则该透明介质的折射率(2)光在球体中的传播速度光由S点传到A点的时间 光由A点传到M点的时间 解得(3)由题意可知临界角，又，则 B点到SO的距离