1、四川省泸县第四中学2019-2020学年高二物理下学期期末模拟考试试题（含解析）注意事项：1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。 3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4。作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。6考试时间：150分钟；物理化学生物同堂分卷考试，物理110分，化学100分，生物90分第I卷 选择题（54分）一、单选题（每小题6分，共9个小题，共54分；其中1-6
2、题为单选题，7-9题多选题，少选得3分，多选错选得0分。）1.测速仪安装有超声波发射和接收装置,如图所示,B为测速仪,A为汽车,两者相距335 m,某时刻B发出超声波,同时A由静止开始做匀加速直线运动.当B接收到反射回来的超声波信号时,AB相距355 m,已知声速340 m/s,则汽车的加速度大小为 ( )A. 10 m/s2B. 20 m/s2C. 5 m/s2D. 无法确定【答案】A【解析】【详解】设汽车运动的加速度为a,时间为t,则 超声波来回的时间也为t,超声波做匀速直线运动,所以单程的时间为.汽车做初速度为零的匀加速运动，所以在单程时间内,汽车开过的位移为5m则超声波追上汽车时,经过
3、的位移.所以 .将时间代入，解得： ，故A对；BCD错故本题答案是：A【点睛】超声波运行的时间与汽车运行的时间相等.根据,只要求出运行的时间,就可求出汽车的加速度.通过汽车在整个过程中通过的位移为20m.可以知道在一半时间内的位移是5m,在一半时间内超声波恰好追上汽车,可以求出超声波追上汽车的时间,从而知道整个过程的总时间.2.核电被视为人类解决能源问题的终极方案，我国在核电应用和研究方面目前都处于国际一流水平，以下关于轻核聚变和重核裂变的说法正确的是（）A. 经轻核聚变过程后核子的平均质量增大B. 经重核裂变过程后原子核的比结合能减小C. 经轻核聚变过程后原子核的比结合能增大D. 目前我国核
4、电站还主要是利用轻核聚变释放的能量来发电【答案】C【解析】【详解】A轻核聚变过程放出能量，有质量亏损，则经轻核聚变过程后核子的平均质量减小，选项A错误；B经重核裂变过程后，由于放出核能，则原子核的比结合能变大，选项B错误；C经轻核聚变过程后，由于放出核能，原子核的比结合能增大，选项C正确；D目前我国核电站还主要是利用重核裂变释放的能量来发电，选项D错误。故选C。3.科研人员正在研制一种新型镍铜电池，它采用半衰期长达100年的放射性同位素镍()和铜作为电池的正负极，利用镍63发生衰变释放电子给铜片，为负载提供电能。下面说法正确的是（）A. 镍63的衰变方程为发B. 衰变释放的电子是核内所产生的C
5、. 提高温度，增大压强可以改变镍63的半衰期D. 经过200年该电池中的镍将全部变成其他金属【答案】B【解析】【详解】A根据电荷数守恒、质量数守恒知镍63的裂变方程是故A错误；B衰变所释放的电子是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，故B正确；C放射性物质半衰期由原子核内部因素决定，与原子核所处的物理环境和化学状态无关，故C错误；D采用半衰期长达100年的放射性同位素镍63，经过200年，是经过两个半衰期，转变即只有四分之三的镍转化为其他金属。故D错误。故选B。4.一质量为的汽车由静止开始做直线运动，在前1200m内汽车加速度与位移的关系如图，则（）A. 位移在0400m内，汽车的牵引力
6、大小为5103NB. 位移在400800m内，汽车的牵引力增大，速度增大C. 位移在8001200m内，汽车的运行速度最大D. 位移在8001200m内，汽车受到的阻力大小为5103N【答案】C【解析】【详解】AD根据牛顿第二定律根据图像，F牵和f均未知，故不能确定F牵和f，故AD错误；BC由牛顿第二定律可知，在位移为的时候，汽车加速度减小，牵引力减小，当牵引力减小到和阻力相当的时候，加速度为零，速度不再增大，故B错误，C正确。故选C。5.下列说法正确的是（）A. 内能不同的物体，分子热运动的平均动能可能相同B. 煤堆在墙角时间长了，墙内部也变黑了，证明分子在永不停息地运动C. 液体与大气相接
7、触，表面层分子受内部分子的作用表现为引力D. 如果气体分子总数不变，而气体温度升高，气体分子的平均动能增大，因此压强必然增大E. 根据热力学第二定律可知热量能够从高温物体传到低温物体，但不可能从低温物体传到高温物体【答案】ABC【解析】【详解】A内能包括分子势能和分子动能，温度是平均动能的标志，所以温度相同的物体分子热运动的平均动能就相同，但内能可能不同，故A正确；B由于扩散现象，会使分子彼此进入对方物体中，证明分子在永不停息地运动，故B正确；C表面层分子受内部分子的作用表现为引力是由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离引起的，故C正确；D由于而体积不确定，所以压强不能确定，故D错误；
8、E热力学第二定律只是说热量不能自发地从低温物体传向高温物体，略去了“自发地”，通过外力做功是可以把热量从低温物体转移到高温物体的，例如电冰箱的制冷就是这一情况，显然冰箱制冷时消耗了电能。引起了其他的变化，故E错误。故选ABC。6.光电效应实验，得到光电子最大初动能Ekm与入射光频率的关系如图所示。普朗克常量、金属材料的逸出功分别为（）A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】A【解析】【详解】根据得纵轴截距的绝对值等于金属的逸出功，等于b，图线的斜率故A正确，BCD错误；故选A。7.如图，正四棱柱abcdabcd的两条棱bb和dd上各有一根通有相同恒定电流的无限长直导线，则（）A. a点磁场方向
9、平行于db连线B. a、c两点的磁感应强度相同C. ac连线上由a到c磁感应强度先增大后减小D. 穿过矩形abba和矩形adda的磁感线条数相等【答案】AD【解析】【详解】A由右手螺旋定则可知，bb处通电导线在a点产生的磁感应强度垂直纸面向外，dd处通电导线在a点产生的磁感应强度沿ab向下，且两导线在a处产生的磁感应强度大小相等，由矢量合成可知，a点磁场方向平行于db连线，故A正确；B由右手螺旋定则可知，dd处通电导线在c点产生的磁感应强度垂直纸面向里，bb处通电导线在a点产生的磁感应强度沿cd向上，且两导线在c处产生的磁感应强度大小相等，由矢量合成可知，c点磁场方向平行于db连线，但与a点磁
10、场方向相反，故B错误；C由于ac与bd相互垂直，设垂足为M，由右手螺旋定则可知，M点的磁感应强度为0，则ac连线上由a到c磁感应强度先减小后增大，故C错误；Dbb处通电导线产生的磁场穿过矩形abba的磁通量为0，dd处通电导线产生的磁场穿过矩形adda的磁通量为0，则穿过矩形abba和矩形adda的磁感线条数别为dd处通电导线产生的磁场和bb处通电导线产生的磁场，由于两导线电流相等，分别到两距形的距离相等，则穿过矩形abba和矩形adda的磁感线条数相等，故D正确。故选AD。8.电阻R接在20V的恒压电源上时，消耗的电功率为P；若将R接在如图所示理想变压器的副线圈电路中时，R消耗的电功率为。已
11、知电路中电阻R0的阻值是R的4倍，a、b两端接在（V）的交流电源上，此变压器（）A. 副线圈输出电压的频率为100HzB. 副线圈输出电压的有效值为10VC. 原、副线圈的匝数之比为21D. 原、副线圈的电流之比为14【答案】BC【解析】【详解】A变压器不改变交变电流的频率，由题可知，交流电压的频率为故A错误；B由题意可得解得故B正确；C电源的有效值为设原、副线圈的匝数之比为n，则原、副线圈的电流之比为则R0两端电压为，根据原、副线圈电压比等匝数比即解得故C正确；D由原、副线圈中的电流之比等匝数反比可知，原、副线圈的电流之比为1：2，故D错误。故选BC。9.如图所示，某时刻将质量为10kg的货
12、物轻放在匀速运动的水平传送带最左端，当货物与传送带速度恰好相等时，传送带突然停止运动，货物最后停在传送带上。货物与传送带间的动摩擦因数为0.5，货物在传送带上留下的划痕长为0.1m，重力加速度取10m/s2。则货物（ ）A. 总位移为0.2mB. 运动的总时间为0.2sC. 与传送带由摩擦而产生的热量为5JD. 获得的最大动能为5J【答案】AD【解析】【详解】令传送带的速度为v，根据题意可知，货物在传送带上先加速后做减速运动，加速运动阶段，其加速度大小为 当货物加速到和传送带速度相等时，所用时间为货物发生的位移为传送带发生的位移为 减速运动过程中货物的加速度大小为a=a=5m/s2当货物速度减
13、为零，所用的时间为货物发生的位移为 根据题意可知，货物在传送带上留下的划痕长为 所以传送带的速度为v=1m/s货物发生的总位移为x=x1+x3=0.2m运动的总时间为t=t1+t2=0.4s与传送带由摩擦而产生的热量Q=mg（x2-x1+x3）=10J货物获得的最大动能为Ekmv25J故BC错误，AD正确。故选AD。第II卷 非选择题二、实验题10.某同学用图（a）所示装置“探究弹力和弹簧伸长的关系”。弹簧的上端固定在铁架台支架上，弹簧的下端固定一水平纸片（弹簧和纸片重力均忽略不计），激光测距仪可测量地面至水平纸片的竖直距离h。(1)该同学在弹簧下端逐一增挂钩码，每增挂一个钩码，待弹簧_时，记
14、录所挂钩码的重力和对应的h；(2)根据实验记录数据作出h随弹簧弹力F变化的图线如图（b）所示，可得未挂钩码时水平纸片到地面的竖直距离h0=_cm，弹簧的劲度系数k=_ N/m。（结果都保留到小数点后一位）【答案】 (1). 静止 (2). 120.0 (3). 31.3【解析】【详解】(1)1该同学在弹簧下端逐一增挂钩码，每增挂一个钩码，待弹簧静止时，此时弹力与重力大小相等，记录所挂钩码的重力和对应的h(2)2由图可知，当时即为未挂钩码时水平纸片到地面竖直距离3由胡克定律可得，即图像斜率绝对值的倒数表示弹簧劲度系数则有11.小明手里有一块多用电表A，其功能完好，但刻度值已不清晰。他想通过实验测
15、定该多用表（简称A表，下同）“10”档欧姆调零后的内阻R0和内置电源的电动势E。他找来了另一个多用电表B（简称B表，下同）、一个电阻箱、一个开关和若干导线作为实验的器材。实验的操作如下：(1)小明将A表调到“10”档，将B表调到“mA”档，准备如图（甲）将所有的器材串联起来作为实验电路。请你在图中连好剩余的导线_；(2)先使用B表的电流档测量A表“10”档的满偏电流。将电阻箱阻值调为0，将A表调到欧姆档“10”档位置。几次试测后，确定B表应使用“10mA”档，调节A表的欧姆调零旋钮直至A表满偏，此时B表的读数如图（乙）所示，记录下B表读数为_mA；(3)断开开关，保持A、B表档位不变，将A表_
16、短接进行欧姆调零，然后重新连入原来电路。(4)调节电阻箱，闭合开关，当B表读数为6.0mA时，读出电阻箱阻值为R1（）；继续调节电阻箱阻值，当B表读数为4.0mA时，读出电阻箱阻值为R2（）；(5)断开电路，整理器材。根据以上测量数据，可算出A表“10”档内置电源的电动势E=_V，A表“10”档欧姆调零后的内阻R0=_，B表量程“10mA”档的内电阻RB=_。（以上3空的结果用R1、R2表示）【答案】 (1). 连线图见解析 (2). 8.0 (3). 红黑表笔 (4). (5). (6). 【解析】【详解】(1)1电路连线如图；(2)2因为B表应使用“10mA”档，则B表读数为8.0mA；(
17、3)3断开开关，保持A、B表档位不变，将A表红黑表笔短接进行欧姆调零，然后重新连入原来电路；(5)456设电表A欧姆10档内阻为R0，则有设电表B量程为10mA档的内阻为RB，则解得 三、解答题12.如图所示，质量均为m=1kg的A、B两物体通过劲度系数为k=100N/m的轻质弹簧拴接在一起，物体A处于静止状态在A的正上方h高处有一质量为的小球C，由静止释放，当C与A发生弹性碰撞后立刻取走小球C，h至少多大，碰后物体B有可能被拉离地面？【答案】h0.45m【解析】【详解】设C与A碰前C的速度为v0，C与A碰后C的速度为v1，A的速度为v2，开始时弹簧的压缩量为H对C机械能守恒： C与A弹性碰撞
18、：对C与A组成的系统动量守恒： 动能不变： 解得： 开始时弹簧的压缩量为： 碰后物体B被拉离地面有弹簧伸长量为：则A将上升2H，弹簧弹性势能不变，机械能守恒物体B恰好能被拉离地面时，对A有：联立以上各式代入数据得：13.如图，两根光滑的金属平行导轨 MN 和 PQ 放在水平面上，左端圆弧轨道半径为r，导轨间距为 L，电阻不计水平段导轨所处空间存在两个有界匀强磁场和，两磁场区域足够大且交界线为EF磁场左边界在水平段导轨的最左端，磁感应强度大小为B，方向竖直向上；磁场的磁感应强度大小为 2B，方向竖直向下质量为 m、电阻为2R的金属棒b 置于磁场的右边界 CD 处现将质量为3m，电阻为R的金属棒
19、a 从高度h处由静止释放，使其进入磁场，恰好在EF处与b棒发生碰撞，且碰撞过程中不引起a、b棒内能变化，之后两棒一起进入磁场并最终共速已知金属棒始终与导轨垂直且接触良好，当碰撞前两棒在磁场中运动产生的感应电动势大小相等时，回路中电流就为零（重力加速度为g）求：(1)a棒刚进入磁场时，b棒的加速度；(2)从a棒静止下落到a、b棒共速的过程中，b棒产生的焦耳热.【答案】(1)，方向水平向左；(2)【解析】【详解】(1)a棒从静止到进入磁场I，据动能定理 a棒刚进入磁场I时，有对b棒，有解得，方向水平向左；(2)设a、b碰前回路中电流为零时，a、b棒速率分别为、，有对a棒进入磁场到速度为，由动量定理
20、安培力：对b棒从静止到速度为，由动量定理安培力：解得，对a、b棒碰撞到共速，由动量守恒得：解得 从a棒静止释放到两棒共速，由能量守恒该过程，b棒产生的焦耳热解得 选考题（共15分）。请考生从2道物理题任选一题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。14.表中数据是某地区16月份气温与气压的对照表：月份/月123456平均气温/1.84.512.821.428.731.4平均大气压/105Pa1.0311.02510181.0121.0070.97646月份与1月份相比较，下
21、列说法正确的是_A. 空气中每个气体分子无规则热运动速度加快了B. 空气中气体分子的平均动能增加了C. 单位时间内空气分子对地面单位面积的撞击次数增加了D. 单位时间内空气分子对地面单位面积的撞击次数减少了E. 速率大的空气分子比例较多【答案】BDE【解析】【详解】AB.温度越高，分子无规则热运动加强.6月份与1月份相比较，平均气温升高了，气体分子的平均动能增加，分子平均速率增大，但是个别分子的速率变化无法确定；故A错误，B正确；CD.温度升高，分子的平均动能变大，但是压强减小，知气体分子的密集程度减小，则单位时间内空气分子对单位面积地面撞击次数减少；故C错误，D正确.E.温度升高，分子的平均
22、动能变大，分子的平均速率增大，速率大的分子比例较多；故E正确.15.内壁光滑上小下大的圆柱形薄壁气缸竖直放置,上下气缸的横截面积分别为S1=40cm2、S2=80cm2,上下气缸的高度分别为h=80cm、H=100cm质量为m=8kg的薄活塞将0.5mol氢气(H2的摩尔质量为2g/mol)封闭在气缸内,活塞静止在管口,如图所示已知氢气的定容比热容Cv为10.21kJ/(kgK),外界大气压强p0=1.0105Pa,g取10m/s2定容比热容Cv是指单位质量的气体在容积不变的条件下,温度升高或降低1K所吸收或放出的热量保持缸内气体温度为35不变,用竖直外力缓慢向下推活塞,当活塞恰推至上气缸底部
23、时,外力大小为F求：（1）求F的大小;（2）随后在逐渐减小竖直外力同时改变缸内气体温度,使活塞位置保持不变，直至外力恰为0求这一过程中气体内能的变化量为多少?(结果保留三位有效数)【答案】192N 898J【解析】【详解】（1）温度不变，初始压强： 初始体积 当活塞运动到小气缸底部时，气体体积. 由玻意尔定律得. 对活塞受力分析可知：. 解得：F=192N. （2）体积不变；改变温度之后气体的压强为p3，p3=p1=1.20105Pa设此时温度为T3，初始温度为T1=35+273=308K. 由盖-吕萨克定律得解得T3=220K 温度降低放出热量KJ898J. 根据得气体内能的变化量为898J
24、.16.一列简谐横波沿x轴正向传播，t0时的波的图象如图所示，质点P的平衡位置在x8m处，该波的周期T0.4s。下列说法正确的是_。A. 该列波的传播速度为20m/sB. 在01.2s内质点P经过的路程24mC. t0.6s时质点P的速度方向沿y轴负方向D. t0.7s时质点P位于波峰E. 质点P的振动方程是y10sin5t(cm)【答案】ACE【解析】【详解】A由图可知，该简谐横波波长=8m。由，可得=20m/s，故A正确；B由图可知质点P的振幅为0.1m。故1.2s内（三个周期）质点P运动的距离340.1m=1.2m故B错误；C由于简谐横波沿x轴正向传播。由图可知t=0时，质点P经过平衡位
25、置沿y轴正方向运动，0.6s等于一个半周期，故t=0.6s时质点的速度方向沿y轴负方向，故C正确；D t=0.7s等于一又四分之三周期，故t=0.7s时质点位于波谷，故D错误；E由图可知质点P的振幅为10cm，周期T=0.4s，故质点P的振动方程是故E正确。故选ACE。17.如图所示是一透明的圆柱体的横截面，半径，折射率。真空中一束光线沿平行于直径AB的方向从D点射入透明体，折射光线恰好通过B点，且B=30。真空中光速，求：(1)光在透明体中的传播速度v；(2)入射点D与AB间的距离d。【答案】(1)1.73108m/s；(2)1.73cm【解析】【详解】(1)光在透明体中的传播速度(2)光线PC经折射后经过B点后光路图如图所示由折射定律得又由几何关系得代入解得所以光线偏离直线AB的距离