1、 物理试卷 一、选择题(每小题 4 分，满分 64 分，其中 1-8 题为单选题，9-16 题为多选题，多项选择题漏选得 2 分，错选、多选均不得分)1（动量与冲量的理解、动量定理在流体问题中的应用）2019 年 8 月 11 日超强台风“利奇马”登陆青岛，导致部分高层建筑顶部的广告牌损毁。台风“利奇马”登陆时的最大风力为 11 级，最大风速为 30m/s。某高层建筑顶部广告牌的尺寸为：高 5m、宽 20m，空气密度 =1.2kg/m3，空气吹到广告牌上后速度瞬间减为 0，则该广告牌受到的最大风力约为()A3.9103N B1.2105N C1.0104N D9.0l04N 2.（动量守恒定律
2、的理解及应用、人船模型）如图所示,气球下面有一根长绳,一个质量为 m1=50 kg的人抓在气球下方,气球和长绳的总质量为 m2=20 kg,长绳的下端刚好和水平面接触,当静止时人离地面的高度为 h=5 m。如果这个人开始沿绳向下滑,当他滑到绳下端时,他离地面高度是(可以把人看成质点)()A.5 m B.3.6 m C.2.6 m D.8 m 3.（对光电效应的理解）如图所示,在验电器上安装一个铜网,使其带电,验电器金属箔张开一定角度。用紫外线照射铜网,验电器金属箔的张角保持不变。再将一块锌板放置在该铜网后面一定距离处,用同一紫外线照射锌板时,发现金属箔张开角度减小。下列相关说法正确的是()A.
3、增加紫外线的强度照射铜网,金属箔张角将变大 B.紫外线的频率大于金属锌的截止频率 C.铜网带负电 D.改用紫光照射锌板,验电器的金属箔张角也一定减小 4.(光电效应方程的理解及应用)光电管是一种利用光照产生电流的装置,当入射光照在管中金属板上时,可能形成光电流。表中给出了 6 次实验的结果。组 次 入射光子的能量/eV 相对光强 光电流大小/mA 逸出光电子的最大动能/eV 由表中数据得出的论断中不正确的是()A.两组实验采用了不同频率的入射光 B.两组实验所用的金属板材质不同 C.若入射光子的能量为 5.0 eV,逸出光电子的最大动能为 1.9 eV D.若入射光子的能量为 5.0 eV,相
4、对光强越强,光电流越大 5.（物理学史、原子的核式结构）卢瑟福 粒子散射实验的结果()A.证明了质子的存在 B.证明了原子核是由质子和中子组成的 C.证明了原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在一个很小的核里 D.说明了原子中的电子只能在某些轨道上运动 6.（玻尔理论的理解与计算）1995 年科学家“制成”了反氢原子,它是由一个反质子和一个围绕它运动的正电子组成的,反质子和质子有相同的质量,带有等量异种电荷。反氢原子和氢原子有相同的能级分布,氢原子能级如图所示。下列说法正确的是()A.反氢原子光谱与氢原子光谱不相同 B.基态反氢原子的电离能是 13.6 eV C.基态反氢原子能吸收 11 eV
5、 的光子发生跃迁 D.在反氢原子谱线中,从 n=2 能级跃迁到基态辐射光子的波长最长 7.（楞次定律和其推论的理解及应用）如图所示,圆环形导体线圈 a 平放在水平桌面上,在 a 的正上方固定一竖直螺线管 b,二者轴线重合,螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路。若将滑动变阻器的滑片 P 向下滑动,下列表述正确的是()A.线圈 a 中将产生俯视顺时针方向的感应电流 B.穿过线圈 a 的磁通量变小 C.线圈 a 有扩张的趋势 D.线圈 a 对水平桌面的压力 FN将增大 8.（电磁感应中的动力学问题）如图所示,竖直平面内有足够长、不计电阻的两组平行光滑金属导轨,宽度均为 l,上方连接一个阻值为
6、 R 的定值电阻,虚线下方的区域内存在磁感应强度为 B 的匀强磁场。两根完全相同的金属杆1和2靠在导轨上,金属杆长度与导轨宽度相等且与导轨接触良好,电阻均为r、质量均为 m;将金属杆 1 固定在磁场的上边缘,且仍在磁场内,金属杆 2 从磁场边界上方 h0处由静止释放,进入磁场后恰好做匀速运动。现将金属杆 2 从离开磁场边界 h(hh0)处由静止释放,在金属杆 2 进入磁场的同时,由静止释放金属杆 1,下列说法正确的是()A.两金属杆向下运动时,流过电阻 R 的电流方向为 ab B.回路中感应电动势的最大值为 C.磁场中金属杆 1 与金属杆 2 所受的安培力大小、方向均不相同 D.金属杆 1 与
7、 2 的速度之差为 2 9.(对波粒二象性的理解)实物粒子和光都具有波粒二象性。下列事实中突出体现波动性的是()A.电子束通过双缝实验装置后可以形成干涉图样 B.射线在云室中穿过会留下清晰的径迹 C.人们利用慢中子衍射来研究晶体的结构 D.人们利用电子显微镜观测物质的微观结构 10.（半衰期、核反应方程与核能的计算）关于核反应方程ThPa+X+E(E 为释放出的核能,X 为新生成粒子),已知Th 的半衰期为 T,则下列说法正确的是()A.Th 的半衰期 T 由原子核内部的因素决定,跟原子所处的物理、化学状态无关 BPa 比Th 少 1 个中子,X 粒子是从原子核中射出的,此核反应为 衰变 C.
8、N 个Th 经 2T 时间因发生上述核反应而放出的核能为(N 数值很大)DTh 的比结合能为 11（对电磁感应现象的判断、二次感应问题）如图，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒 PQ、MN，MN 的左边有一闭合电路当 PQ 在外力的作用下运动时，MN 向右运动，则 PQ 所做的运动可能是（）A向右加速运动 B向右减速运动 C向左加速运动 D向左减速运动 12.（自感）如图所示,A1和 A2是两个规格完全相同的灯泡,A1与自感线圈 L 串联后接到电路中,A2与可变电阻 R 串联后接到电路中。先闭合开关 S,缓慢调节电阻 R,使两个灯泡的亮度相同,再调节电阻 R1,使两个灯泡都正常发光,
9、然后断开开关 S。对于这个电路,下列说法正确的是()A.再次闭合开关 S 时,A2先亮,A1后亮 B.再次闭合开关 S 时,A1和 A2同时亮 C.再次闭合开关 S,待电路稳定后,重新断开开关 S,A2立刻熄灭,A1过一会儿熄灭 D.再次闭合开关 S,待电路稳定后,重新断开开关 S,A1和 A2都要过一会儿才熄灭 13.(杆+导轨模型、导体棒切割磁感线产生感应电动势)如图所示,方向竖直向下的匀强磁场中有 两根位于同一水平面内的足够长的平行金属导轨,两相同的光滑导体棒 ab、cd 静止在导轨上。t=0 时,棒 ab 以初速度 v0向右滑动。运动过程中,ab、cd 始终与导轨垂直并接触良好,两者速
10、度分别用 v1、v2表示,回路中的电流用 I 表示。下列图像中可能正确的是()14.(电磁感应中的电路问题)如图所示,两根足够长的光滑金属导轨水平平行放置,间距为 l=1 m,cd 间、de 间、cf 间分别接着阻值 R=10 的电阻。一阻值 R=10 的导体棒 ab 以速度 v=4 m/s 匀速向左运动,导体棒与导轨接触良好;导轨所在平面存在磁感应强度大小 B=0.5 T、方向竖直向下的匀强磁场。下列说法正确的是()A.导体棒 ab 中电流的流向为由 b 到 a B.cd 两端的电压为 1 V C.de 两端的电压为 1 V D.fe 两端的电压为 1 V 15.(理想变压器的动态分析问题)
11、下图是通过变压器给用户供电的示意图,变压器的输入电压是电网电压,基本稳定,输出电压通过输电线输送给用户。输电线的电阻用 R0表示,用变阻器的电阻 R 表示用户用电器的总电阻,当变阻器的滑片 P 向上移动时,以下说法正确的是()A.相当于增加用电器的个数 B.V1的示数随 V2示数的增大而增大 C.A1的示数随 A2示数的减小而减小 D.变压器的输入功率减小 16(电磁感应中的图象问题)如图所示，在边界 MN 右侧是范围足够大的匀强磁场区域，一个正三角形闭合导线框 ABC 从左侧匀速进入磁场，以 C 点到达磁场左边界的时刻为计时起点（t=0），已知边界 MN 与 AB 边平行，线框受沿轴线 DC
12、 方向外力的作用，导线框匀速运动到完全进入磁场过程中，能正确反映线框中电流 i、外力 F 大小与时间 t 关系的图线是（）A B C D 二、填空题（每空 3 分，共 15 分）17某同学利用计算机模拟 A、B 两球碰撞来验证动量守恒，已知 A、B 两球质量之比为 23，用 A 作入射球，初速度为 v11.2 m/s，让 A 球与静止的 B 球相碰，若规定以 v1的方向为正，则该同学记录碰后的数据中，肯定不合理的是_.次数 A B C D v1 0.48 0.60 1.20 0.24 v2 0.48 0.40 1.60 0.96 18如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小
13、球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系：先安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重垂线所指的位置 O 接下来的实验步骤如下：步骤 1：不放小球 2，让小球 1 从斜槽上 A 点由静止滚下，并落在地面上重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置；步骤 2：把小球 2 放在斜槽前端边缘位置 B，让小球 1 从 A 点由静止滚下，使它们碰撞，重复多次，并使用与步骤 1 同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置；步骤 3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置 M、P、N 离 O 点的距离，即线段 OM、OP、ON的长度(1)对于上述实验操作，下列
14、说法正确的是_ A应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滚下 B斜槽轨道必须光滑 C斜槽轨道末端必须水平 D小球 1 的质量应大于小球 2 的质量(2)上述实验除需测量线段 OM、OP、ON 的长度外，还需要测量的物理量有_ AA、B 两点间的高度差 h1 BB 点离地面的高度 h2 C小球 1 和小球 2 的质量 m1、m2 D小球 1 和小球 2 的半径 r(3)当所测物理量满足表达式_(用所测物理量的字母表示)时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律如果还满足表达式_(用所测物理量的字母表示)时，即说明两球碰撞时无机械能损失 三、计算题（需要写出必要的解题过程，19 题 9 分，20 题 12 分
15、，共 21 分）19(交变电流的产生和描述、交变电流四值的理解和应用)如图所示，线圈 abcd 的面积是 0.012 m2，共 1000 匝，线圈电阻为 10，外接电阻 R=90，匀强磁场的磁感应强度为 B=1T，当线圈以 300r/min的转速匀速转动时，求：（1）从图示位置开始计时，写出感应电动势的瞬时值表达式（2）电路中交流电压表和电流表的示数（3）线圈由如图位置转过 90的过程中，流过电阻 R 的电量为多少？20（电磁感应中的能量与动量问题）如图所示，一平行倾斜光滑金属导轨与间距相同的水平光滑导轨平滑连接，电阻均不计，导轨与水平倾角为 30，导轨间距 L=0.5m，倾斜导轨平面存在着垂
16、直斜面向下的匀强磁场，磁感应强度为 B2，导轨上端与匝数 N=100 匝的线圈相连接，线圈面积 S=0.01m2，线圈电阻00.04R=，线圈内存在一垂直平面向下的磁场，磁感应强度随时间变化为10.20.6Bt=+（T）。用同种材料制作成一边长为 L、粗细均匀的正方形导体框放在水平导轨上，质量为20.4m=kg，20.08R=，其中 AB 边（包括 A、B）绝缘漆被刮去，其他三边有绝缘漆，两边与水平导轨相接触。假设水平导轨与地面的高度足够大，在水平地面存在竖直方向的相间的匀强磁场，磁场宽度为 L，相邻磁场间距也为 L，磁感应强度为 B3=0.2T。现在在倾斜导轨上垂直放置一导体棒 PQ，棒长为
17、 L，质量10.1m=kg，电阻10.02R=，若闭合开关K1，断开开关 K2，导体棒 PQ 恰好能静在斜导轨上。然后断开 K1，闭合 K2，导体棒由静止下滑，达到匀速后进入水平导轨并与正方形导体线框相碰，相碰后不分开一起向右运动，然后从导轨水平飞出，假设线框在空中运动过程中保持水平，不发生翻转，最后穿过竖直磁场落在水平地面上。(1)求垂直斜面的匀强磁场的磁感应强度大小。(2)求正方形线框飞出到落地的水平位移；(3)求正方形线框从飞出到落地过程，CD 边电流产生的焦耳热；(4)求正方形线框从飞出到落地过程，CD 边的电势差随水平位移的函数关系。高二年级物理试卷答案共 1 页 物理参考答案 一、
18、选择题 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B B B B C B D B ACD ABC 题号 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 答案 BC AD AC BD CD AD 17.BC 18.AC C 112mOPmOMmON=+222112mOPmOMmON=+19.（1）e=1002 sin10t；（2）90V 和 1A（3）0.02C 20.【答案】（1）0.1T；（2）5.4m；（3）0.14J；（4）详答：1【答案】B【详解】广告牌的面积 S=520m2=100m2 设 t 时间内吹到广告牌上的空气质量为 m，则有：m=Svt 根据动量定理
19、有：Ft=0mv=0Sv2t 得：F=Sv2 代入数据解得 F1.2105N 故 B 正确，ACD 错误。故选 B。2.B 解析:当人滑到绳下端时,如图所示,由动量守恒定律,得 m1=m2,且 h1+h2=h。解得 h1=1.4 m;所以他离地高度 h0=h-h1=3.6 m,故选项 B 正确。3.B 解析:根据用紫外线照射铜网,验电器金属箔的张角保持不变;再将一块锌板放置在该铜网后面一定距离处,用同一紫外线照射锌板时,发现金属箔张开角度减小,说明逸出的光电子跑到铜网上,导致其电荷量减小,当增加紫外线的强度照射铜网,金属箔张角将变得更小,由此可知,铜网带正电,A、C 错误;只有紫外线的频率大于
20、金属锌的截止频率,才会发生光电效应,B 正确;根据光电效应产生条件,当用紫光照射时,由于紫光频率小于紫外线,因此可能不发生光电效应现象,则验电器金属箔不一定张开,D 错误。4.B 解析:两组实验入射光的能量不同,以此可知,采用了不同频率的入射光,A 正确;根据爱因斯坦光电效应方程,金属的逸出功 W=h-,代入上述实验数据得两组的逸出功相同,均等于 3.1 eV,以此可知两组实验所用的金属板材质相同,B 错误;若入射光子的能量为 5.0 eV,代入爱因斯坦光电效应方程,逸出光电子的最大动能为1.9 eV,C正确;若入射光子的能量为5.0 eV,发生光电效应,相对光强越强,光电子越多,光电流越大,
21、D 正确。5.C 解析:粒子散射实验发现,原子内存在一个集中了全部正电荷和几乎全部质量的核,它并不能证明原子核是由质子和中子组成的,故本题答案为 C。6.B 解析:反氢原子和氢原子有相同的能级分布,所以反氢原子光谱与氢原子光谱相同,A 错误;处于基态的氢原子的电离能是 13.6 eV,具有大于等于 13.6 eV 能量的光子可以使氢原子电离,B正确;基态的氢原子吸收 11 eV 光子,能量为-13.6 eV+11 eV=-2.6 eV,不能发生跃迁,所以该光子不能被吸收,C 错误;在反氢原子谱线中,从n=2 能级跃迁到基态辐射光子能量最大,频率最大,波长最小,D 错误。7.D 解析:通过螺线管
22、 b 的电流如图所示,根据右手螺旋定则判断出螺线管 b 所产生的磁场方向竖直向下,滑片 P 向下滑动,滑动变阻器接入电路的电阻减小,电路电流增大,所产生的磁场的磁感应强度增强。根据楞次定律可知,线圈 a 中所产生的感应电流的磁场方向竖直向上,由右手螺旋定则可得线圈a中的电流方向为俯视逆时针方向,A 错误;由于螺线管b 中的电流增大,所产生的磁感应强度增强,线圈a 中的磁通量变大,B 错误;根据楞次定律可知,线圈a 将阻碍磁通量的增大,因此,线圈 a 有缩小并远离的趋势,线圈 a 对水平桌面的压力将增大,C 错误,D 正确。8.B 解析:根据右手定则判断知金属杆 2 产生的感应电流方向向右,则流
23、过电阻 R 的电流方向从ba,选项 A 错误;当金属杆 2 在磁场中匀速下降时,速度最大,产生的感应电动势最大,由平衡条件高二年级物理试卷第 2 页 共 2 页 得 BIl=mg,又 I=,联立得感应电动势的最大值为 Em=,选项 B 正确;根据左手定则判断得知两杆所受安培力的方向均向上,方向相同,由公式 F=BIl 可知安培力的大小也相同,选项 C 错误;金属杆 2刚进入磁场时的速度为v=;在金属杆2进入磁场后,由于两个金属杆任何时刻受力情况相同,因此任何时刻两者的加速度也都相同,在相同时间内速度的增量也必相同,即 v1-0=v2-v,则得 v2-v1=v=,选项 D 错误。9.ACD 解析
24、:电子束通过双缝实验装置后可以形成干涉图样,可以说明电子是一种波,A 正确;射线在云室中穿过会留下清晰的径迹,可以说明 射线是一种粒子,B 错误;人们利用慢中子衍射来研究晶体的结构,中子衍射说明中子是一种波,C 正确;人们利用电子显微镜观测物质的微观结构,利用了电子束的衍射现象,说明电子束是一种波,D 正确。10.ABC 解析:原子核的半衰期 T 由原子核内部的因素决定,跟原子所处的物理、化学状态无关,A 正确;由质量数和电荷数守恒知X 的质量数是 0,电荷数是-1,为电子,是原子核内的中子转化为质子而释放一个电子,为 衰变,B正确;经 2T 时间还剩余 没衰变,发生上述核反应而放出的核能为
25、NE,C 正确Pa的比结合能是 234 个核子结合成Pa 时放出的能量,该能量不是它衰变时放出的能量 E,所以Pa的比结合能不是Th 的比结合能也不是,D 错误。11【答案】BC【详解】根据安培定则可知，MN 处于 ab 产生的垂直向里的磁场中，MN 在磁场力作用下向右运动，说明 MN 受到的磁场力向右，由左手定则可知电流由 M 指向 N，L1中感应电流的磁场向上，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；再由右手定则可知 PQ 可能是向左加速运动或向右减速运动。故 BC 正确，AD 错误。故选 BC 12.AD 解析:再次闭合开关 S 时,自感线圈 L 中产生感应电
26、动势,阻碍电流的增大,故 A1后亮,A 正确,B错误;待电路稳定后,重新断开开关 S,线圈 L 中产生自感电动势,阻碍电流的减小,并且 A1、A2、R 形成回路,故 A1和 A2都要过一会儿才熄灭,C 错误,D 正确。13.AC 解析:对两棒分别受力分析可知,ab 棒做减速直线运动,cd 棒做加速直线运动,最后两棒速度相同。ab 棒和 cd 棒在运动过程中都产生感应电动势,两个电动势方向一个为顺时针,一个为逆时针,逐渐抵消,两棒速度相同时,总电动势减小至 0,电流减小至 0,C 正确,D 错误。对两棒整体受力分析可知,合力为零,动量守恒,mv0=2mv,解得v=,即两棒最后速度为。由 C图和
27、F 安=BIl 可知,F安不均匀变化,加速度不均匀变化,速度图像的斜率为加速度,A 正确,B 错误。14.BD 解析:由右手定则可知 ab 中电流方向为 ab,A 错误;导体棒 ab 切割磁感线产生的感应电动势 E=Blv,ab 为电源,cd 间电阻 R 为外电路负载,de 和 cf 间电阻中无电流,de 间和 cf 间无电压,因此 cd 和 fe 两端电压相等,即 U=R=1 V,B、D 正确,C 错误。15.CD 解析:当变阻器的滑片 P 向上移动时,用电器的总电阻增大,相当于并联的用电器数目减少,A 错误,D 正确;同时变压器的输入功率减小,由于电网电压 u 不变,所以两个电压表的示数不
28、变,B 错误;由于变压器的输出功率决定输入功率,所以 A1的示数随 A2示数的减小而减小,C 正确。16【答案】AD【详解】ABt 时刻，线框有效切割长度为 L=2vttan30 知 Lt，产生的感应电动势为 E=BLv 知 Et，感应电流为EIR=故 It，故 A 正确，B 错误；CD导线框匀速运动，所受的外力与安培力大小相等，则有()22tan302tan30BvtvFBILBvttR=()F-t 图象是过原点的抛物线，故 C 错误，D 正确。故选 AD。17.【答案】BC【解析】设两球的质量分别为 2m、3m；则碰前总动量 2.4m；碰前总动能；高二年级物理试卷答案共 1 页 对选项 A
29、，碰后动量：(2m+3m)0.48=2.4m，则动量守恒，末状态总动能，则 A 项合理；B 项中碰后 A 球速度不可能大于 B 球速度，则 B 不合理；同理 C 项中动量 2m(-1.2)+3m1.6=2.4m，动量守恒，末状态总动能，则 C 项不合理；D 项中动量2m(-0.24)+3m0.96=2.4m，动量守恒守恒，末状态总动能，合理题目中要求选不合理的，故选 BC 点睛：对于碰撞过程要遵守三大规律：1、是动量守恒定律；2、总动能不增加；3、符合物体的实际运动情况 18【答案】AC C 112mOPmOMmON=+222112mOPmOMmON=+【详解】试题分析：（1）因为每一步实验都
30、需要重复多次确定落点的位置，平抛运动的初速度必须相等，所以小球每次从斜槽上相同的位置自由滚下，A 正确；只有小球 1 的质量大于小球 2 的质量，碰撞以后小球 1 的运动方向才不改变，所以小球 1 的质量应大于小球 2 的质量，C 正确故选 AC（2）本实验需要验证的表达式是：112mOPmOMmON=+,所以除需测量线段 OM、OP、ON的长度外，还需要测量的物理量有小球 1 和小球 2 的质量 m1、m2；（3）发生弹性碰撞时，碰撞前后动能相等，即：2221 11 12 2111222m vm vm v=+，根据平抛运动的规律：，联立得：222112mOPmOMmON=+【点睛】解决本题的
31、关键掌握实验的原理，以及实验的步骤，因为运动时间相等，在验证动量守恒定律实验中，无需测出速度的大小，可以用位移代表速度根据动量守恒定律的表达式，确定需要测量的物理量如果发生的是弹性碰撞，碰撞前后动能相等 19.【答案】（1）e=1002 sin10t；（2）90V 和 1A（3）0.02C【分析】线框在匀强磁场中匀速转动，产生交变电流，根据规律可列出感应电动势的瞬时表达式，借助于有效值可得出电压表与电流表的示数。线圈在转动一个周期的时间内克服外力做的功就等于一个周期内电路中产生的热能。由法拉第电磁感应定律可求得电量。【详解】（1）交流电的频率：300 Hz5Hz60f=角速度为22510 ra
32、d/sf=；最大值：110000.01 2 10100 2VmENBS=，故表达式为：100 2 sin10et=；（2）感应电动势的有效值100 2100V2E=；线圈电阻为 10，外接电阻 R=90，根据闭合电路欧姆定律，则电流表的示数，1001A1090EIRr=+；交流电压表的电压1 9090VEURRr=+；（3）由法拉第电磁感应定律可知：1110000.01 2cos6020.02C100nEBSBStqttnnrRRrRrRr=+20.【答案】（1）0.1T；（2）5.4m；（3）0.14J；（4）见解析【详解】（1）由法拉第电磁感应定律可得 0.6VENt=01EIRR=+2s
33、in30mgB IL=得 高二年级物理试卷第 2 页 共 2 页 20.1B=T （2）PQ 棒匀速下滑 mgsin30=B2IL 201B LvIRR=+并 得 07m/sv=当 PQ 与线框相碰达到共速()1 012m vmmv=+共 得=1.4m/sv共 当整体一起飞出后()312B IL tmm v=+共 3B L xI tR=总（其中 R 总=12RAB+RBCD）得 x=4.9m 故线框落地时离飞出时的水平位移为 x=x+L=5.4m（3）由能量关系()21210.492Qmmv=+=共总J 0.14CDCDRQQR=总总J （4）装置在运动过程中只有水平速度分量在切割磁感线，且左右边交换切割，故对装置在运动过程中()22312B LxmmvR+=总 得 27vvvx=共 故 21.47vx=()320.1470EB LvxL=当 CD 进入磁场过程 50.11 0.027CDUEx=当 CD 离开磁场过程 20.0440.0087CDUEx=