1、2014-2015学年广东省佛山市顺德区龙江中学高三（上）第一次月考物理试卷一、单项选择题：本题包括16小题，每小题4分，共64分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分1在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是（）A 胡克认为在弹性限度内，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比B 牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点C 英国物理学家牛顿用实验的方法测出万有引力常量GD 亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快2飞机
2、着陆后以6m/s2的加速度做匀减速直线运动，其着陆速度为60m/s，则它着陆后12S滑行的距离为（）A 288 mB 300 mC 450 mD 400 m3甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的vt图象如图所示，由图可知（）A 甲比乙运动快，且早出发，所以乙追不上甲B t=20 s时，乙追上了甲C 在t=20 s之前，甲比乙运动快；在t=20 s之后，乙比甲运动快D 由于乙在t=10 s时才开始运动，所以t=10 s时，甲在乙前面，此时它们之间的距离为乙追上甲前的最大距离4如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2以木板与墙连接点
3、所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置不计摩擦，在此过程中（）A N1始终减小，N2始终增大B N1始终减小，N2始终减小C N1先增大后减小，N2始终减小D N1先增大后减小，N2先减小后增大二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共54分在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分5甲物体的质量是乙物体的2倍，甲从H高处自由下落，乙从2H高处与甲同时自由下落，下述正确的是（）A 两物体下落过程中，同一时刻甲的速度比乙的速度大B 下落过程中，下落1s末时，它们的速度相同C 下落过程中，各自下落1m时
4、，它们的速度相同D 下落过程中，甲的加速度比乙的加速度大6在电梯内的地板上，竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上端固定一个质量为m的物体当电梯静止时，弹簧被压缩了x；当电梯运动时，弹簧又被压缩了则电梯运动的情况可能是（）A 以大小为的加速度加速上升B 以大小为的加速度减速上升C 以大小为的加速度加速下降D 以大小为的加速度减速下降7如图所示，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁开始时a、b均静止弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力Ffa0，b所受摩擦力Ffb=0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间（）A Ffa大小不变B Ffa方向改变C Ffb仍然为
5、零D Ffb方向向右8如图所示，A与B两个物体用轻绳相连后，跨过无摩擦的定滑轮，A物体在Q位置时处于静止状态，若将A物体移到P位置，仍然能够处于静止状态，则A物体由Q移到P后，作用于A物体上的力中增大的是（）A 地面对A的摩擦力B 地面对A的支持力C 绳子对A的拉力D A受到的重力9如图甲所示，倾角为30的足够长的光滑斜面上，有一质量m=0.8kg的物体受到平行斜面向上的力F作用，其大小F随时间t变化的规律如图乙所示，t=0时刻物体的速度为零，重力加速度g=10m/s2下列说法中正确的是（）A 01 s时间内物体的加速度最大B 第2 s末物体的速度为零C 23 s时间内物体向下做匀加速直线运动
6、D 第3 s末物体回到了原来的出发点三、非选择题：本大题共4小题，共182分按题目要求作答解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位10“探究合力与分力的关系”的实验如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，P为橡皮条与细绳的结点，用两把互成角度的弹簧秤把结点P拉到位置O从图甲可读得弹簧秤B的示数为N为了更准确得到合力与分力的关系，要采用作力的（填“图示”或“示意图”）来表示分力与合力图乙中与F1、F2效果相同的力是（填“F”或“F”）图乙中方向一定沿AO方向的力是（填“F”或“F”）11某实验小组利用如图1所示的装置探究加
7、速度与力、质量的关系下列做法正确的是（填字母代号）A调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D通过增减木块上得砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量木块和上砝码的总质量（填“远大于”、“远小于”或“近似等于”）甲、乙两同学在同一实验室，各取一套如图2所示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图中
8、甲、乙两条直线设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为甲、乙，由图可知，m甲m乙，甲乙（填“大于”、“小于”或“等于”）12质量为5kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面作直线运动，一段时间后撤去F，其运动的vt图象如图所示g取10m/s2，求：（1）物体与水平面间的运动摩擦因数；（2）水平推力F的大小；（3）0到10s内物体运动位移的大小13如图所示，倾角为30的光滑斜面的下端有一水平传送带，传送带正以6m/s的速度运动，运动方向如图所示一个质量为2kg的物体（物体可以视为质点），从h=3.2m高处由静止沿斜面下滑，物体经过A点时，不管是从斜面到传送带还
9、是从传送带到斜面，都不计其动能损失物体与传送带间的动摩擦因数为0.5，物体向左最多能滑到传送带左右两端AB的中点处，重力加速度g=10m/s2，求：（1）物体由静止沿斜面下滑到斜面末端需要多长时间；（2）传送带左右两端AB间的距离L至少为多少；（3）上述过程中物体与传送带组成的系统产生的摩擦热为多少2014-2015学年广东省佛山市顺德区龙江中学高三（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题包括16小题，每小题4分，共64分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分1在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程在
10、对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是（）A 胡克认为在弹性限度内，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比B 牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点C 英国物理学家牛顿用实验的方法测出万有引力常量GD 亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快考点：物理学史分析：胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比伽利略用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点英国物理学家卡文迪许用实验的方法测出万有引力常量G亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体比轻物体下落快解答：解：A、胡克认为
11、只有在弹簧的弹性限度内，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比故A正确B、伽利略设想了“理想斜面实验”，推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点故B错误C、英国物理学家牛顿发现了万有引力定律，英国物理学家卡文迪许用实验的方法测出万有引力常量G故C错误D、亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体比轻物体下落快故D错误故选：A点评：物理学史是考试内容之一，对于物理学家的成就要记牢，不能混淆，属于基本题，不能失分2飞机着陆后以6m/s2的加速度做匀减速直线运动，其着陆速度为60m/s，则它着陆后12S滑行的距离为（）A 288 mB 300 mC 450 mD 400 m考点：匀变速直线
12、运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：根据速度时间公式求出飞机减速到零的时间，判断飞机是否停止，再结合位移公式求出滑行12s后的位移解答：解：飞机减速到零所需的时间，则12s内的位移等于10s内的位移，x=故B正确，A、C、D错误故选：B点评：本题考查运动学中的刹车问题，是道易错题，注意飞机减速到零后不再运动3甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的vt图象如图所示，由图可知（）A 甲比乙运动快，且早出发，所以乙追不上甲B t=20 s时，乙追上了甲C 在t=20 s之前，甲比乙运动快；在t=20 s之后，乙比甲运动快D 由于乙在t=10 s时才开始运动，所以t=10
13、 s时，甲在乙前面，此时它们之间的距离为乙追上甲前的最大距离考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：速度图象反映物体速度随时间的变化情况，可直接读出速度的大小；速度图象的“面积”大小等于物体通过的位移大小，根据位移关系即可分析乙何时追上甲；根据速度的大小关系，判断两者距离的变化解答：解：A、由图可知：乙在010s内速度为零，甲先出发，但乙出发后做匀加速直线运动，甲做匀速直线运动，两物体出发地点相同，则乙可以追上甲故A错误BCD、在1020s内，甲的速度大于乙的速度，甲比乙运动得快，且甲在乙的前方，两者距离逐渐增大；20s后，乙的速度大于甲的速度，乙比甲运动得快，两者距离逐渐减小
14、，在t=20s时刻两者距离最大故C正确，BD错误故选：C点评：本题既考查理解速度图象的能力，也考查分析两物体运动情况的能力，往往当两物体速度相等时，相距最远或最近4如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置不计摩擦，在此过程中（）A N1始终减小，N2始终增大B N1始终减小，N2始终减小C N1先增大后减小，N2始终减小D N1先增大后减小，N2先减小后增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以小球为研究对象，分析受力情
15、况：重力、木板的支持力和墙壁的支持力，根据牛顿第三定律得知，墙面和木板对球的压力大小分别等于球对墙面和木板的支持力大小，根据平衡条件得到两个支持力与的关系，再分析其变化情况解答：解：以小球为研究对象，分析受力情况：重力G、墙面的支持力N1和木板的支持力N2根据牛顿第三定律得知，N1=N1，N2=N2根据平衡条件得：N1=Gcot，N2=将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置的过程中，增大，cot减小，sin增大，则N1和N2都始终减小，故N1和N2都始终减小故选B点评：本题运用函数法研究动态平衡问题，也可以运用图解法直观反映力的变化情况二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共54分在每小
16、题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分5甲物体的质量是乙物体的2倍，甲从H高处自由下落，乙从2H高处与甲同时自由下落，下述正确的是（）A 两物体下落过程中，同一时刻甲的速度比乙的速度大B 下落过程中，下落1s末时，它们的速度相同C 下落过程中，各自下落1m时，它们的速度相同D 下落过程中，甲的加速度比乙的加速度大考点：自由落体运动专题：自由落体运动专题分析：自由落体运动的快慢程度与物体的质量无关，根据v=gt、v=、h=gt2比较速度和运动的时间解答：解：A、两物体同时下落，根据v=gt，在下落的过程中，同一时刻甲乙的速度相等
17、，下落过程中，下落1s末时，它们的速度相同故A错误，B正确； C、根据v=可知，各自下落1m时，它们的速度相同，故C正确 D、它们均做自由落体运动，所以加速度相等，都等于g故D错误故选：BC点评：解决本题的关键知道自由落体运动的特点，做初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动掌握自由落体运动规律6在电梯内的地板上，竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上端固定一个质量为m的物体当电梯静止时，弹簧被压缩了x；当电梯运动时，弹簧又被压缩了则电梯运动的情况可能是（）A 以大小为的加速度加速上升B 以大小为的加速度减速上升C 以大小为的加速度加速下降D 以大小为的加速度减速下降考点：牛顿第二定律；胡克定律专题：牛顿
18、运动定律综合专题分析：当电梯静止时，弹簧被压缩了x，物体受重力和弹力平衡，当弹簧又被压缩了，可求出物体所受的合力，根据牛顿第二定律求出加速度的大小和方向，电梯与物体具有相同的加速度，从而判断出电梯的运动情况解答：解：当电梯静止时，有mg=kx，当电梯运动时，弹簧的弹力F=k=，物体的加速度a=，方向向上所以电梯的加速度也向上，电梯以大小为的加速度加速上升，或以大小为的加速度减速下降故A、D正确，B、C错误故选AD点评：解决本题的关键知道电梯与物体具有相同的加速度，根据牛顿第二定律求出物体的加速度，从而求出电梯的加速度，从而得出电梯的运动情况7如图所示，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，
19、中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁开始时a、b均静止弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力Ffa0，b所受摩擦力Ffb=0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间（）A Ffa大小不变B Ffa方向改变C Ffb仍然为零D Ffb方向向右考点：牛顿第二定律分析：根据弹簧和绳不同的特点，弹簧在力变化时不会发生突变，而绳的拉力是能够突变的，再根据物体的受力就可以判断摩擦力的变化情况解答：解：将右侧细绳剪断，则剪断瞬间，弹簧的弹力的大小不变，速度不能突变，故b仍静止，弹簧对木块b作用力方向向左，所以b所受摩擦力Ffb方向应该向右；由于弹簧弹力不能发生突变，剪断瞬间，弹簧弹力不变，a的受力的情况不
20、变，所受摩擦力也不变，所以选项AD正确故选：AD点评：主要就是考查学生对弹簧和绳在力发生突变时它们的特点，知道这一点就很容易了8如图所示，A与B两个物体用轻绳相连后，跨过无摩擦的定滑轮，A物体在Q位置时处于静止状态，若将A物体移到P位置，仍然能够处于静止状态，则A物体由Q移到P后，作用于A物体上的力中增大的是（）A 地面对A的摩擦力B 地面对A的支持力C 绳子对A的拉力D A受到的重力考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用分析：平衡状态下物体的受力分析，夹角改变那么力的大小也就随之改变，找出不变的物理量，进而分析其它的物理量的变化解答：解：由物体受力分析知：物体A受到重力、地面的
21、支持力、绳的拉力和地面对物体向左的摩擦力；A、当A由Q点移动到P点时绳与水平方向的夹角变小，由于绳的拉力大小不变，所以绳在水平方向上的分力变大，在水平方向上处于平衡的是地面对物体向左的摩擦力与绳在水平方向上的分力，绳在水平方向上的分力变大了，所以地面对A的摩擦力也就变大了故A正确B、同样，当A由Q点移动到P点时绳与水平方向的夹角变小，由于绳的拉力大小不变，所以绳在竖直方向上的分力变小了，在竖直方向上处于平衡的力是向下的重力于向上的支持力和绳在竖直方向上的分力，重力不变，绳在竖直方向上的分力变小了，那么向上的支持力就要变大所以地面对A的支持力变大了，故B正确C、物体A受到重力、地面的支持力、绳的
22、拉力和地面对物体向左的摩擦力，在这几个力的共同作用下处于平衡状态，根据定滑轮的使用特点知，绳的拉力和物体B的重力相等且保持不变的，故C错误D、A受到的重力与物体的质量有关，质量不变，A的重力也不变，故D错误故选A、B点评：本题中必须明确：绳的拉力与物体B的重力相等并保持不变，这是解决这道题的关键所在，主要是因绳的夹角发生变化时，绳在水平和竖直方向的分力会发生变化，从而引起其它力的变化9如图甲所示，倾角为30的足够长的光滑斜面上，有一质量m=0.8kg的物体受到平行斜面向上的力F作用，其大小F随时间t变化的规律如图乙所示，t=0时刻物体的速度为零，重力加速度g=10m/s2下列说法中正确的是（）
23、A 01 s时间内物体的加速度最大B 第2 s末物体的速度为零C 23 s时间内物体向下做匀加速直线运动D 第3 s末物体回到了原来的出发点考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：将重力沿垂直斜面方向和平行与斜面方向正交分解，垂直斜面方向合力为零，物体沿平行斜面方向运动，比较拉力和重力的平行斜面方向的分力，结合牛顿运动定律即可判断物体的运动情况解答：解：对物体受力分析，受重力、支持力和拉力将重力沿垂直斜面方向和平行与斜面方向正交分解平行与斜面方向分力为：G1=mgsin30=4N分阶段讨论物体的运动情况：0到1s内，F合=5N4N=1N，沿斜面向上加
24、速度为a=1.25m/s21s末速度为v1=at1=1.25m/s1s到2s内，合力为F合=3N4N=1N加速度为a=1.25m/s22s末速度为v2=v1+at2=0m/s2s到3s内，合力为F合=1N4N=3N加速度为a=3.75m/s23s末速度为v3=v2+at3=3.75m/s故2s到3s加速度最大，A错误；第2s末物体的速度为零，B正确；23s时间内物体做向下匀加速直线运动，C正确，D错误；故选：BC点评：本题关键分为三个阶段对物体受力分析，求出加速度，然后运用运动学公式计算即可对于多过程问题要注意掌握各过程中的联系三、非选择题：本大题共4小题，共182分按题目要求作答解答题应写出
25、必要的文字说明、方程式和重要演步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位10“探究合力与分力的关系”的实验如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，P为橡皮条与细绳的结点，用两把互成角度的弹簧秤把结点P拉到位置O从图甲可读得弹簧秤B的示数为3.8N为了更准确得到合力与分力的关系，要采用作力的图示（填“图示”或“示意图”）来表示分力与合力图乙中与F1、F2效果相同的力是F（填“F”或“F”）图乙中方向一定沿AO方向的力是F（填“F”或“F”）考点：验证力的平行四边形定则专题：实验题分析：使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直力的图示能表示
26、出力的各个要素，力的示意图只表示力的方向和作用点与两个力的效果相同的力是用一个弹簧秤拉时的拉力图乙中方向一定沿AO方向的力是实验中的“实际值”解答：解：弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N此时指针指在“3.8”处，所以弹簧测力计的示数为3.8N力的示意图只表示力的方向和作用点，而力的图示可以比较准确的表示出里的大小、方向、作用点，故为了更准确得到合力与分力的关系，要采用作力的图示与两个力的效果相同的力是用一个弹簧秤拉时的拉力FF是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，其方向一定沿AO方向，F是通过作图的方法得到合力的理论值，
27、由于误差的存在F与AO方向即实际值F方向要有一定夹角故答案为：3.8；图示；F；F点评：本实验采用的是“等效替代”的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以互相替代，明确“理论值”和“实验值”的区别11某实验小组利用如图1所示的装置探究加速度与力、质量的关系下列做法正确的是AD（填字母代号）A调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D通过增减木块上得砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力
28、，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量远小于木块和上砝码的总质量（填“远大于”、“远小于”或“近似等于”）甲、乙两同学在同一实验室，各取一套如图2所示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图中甲、乙两条直线设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为甲、乙，由图可知，m甲小于m乙，甲大于乙（填“大于”、“小于”或“等于”）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：（1）解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项（2）砝码桶及
29、桶内砝码加速下降，失重，拉力小于重力，加速度越大相差越大，故需减小加速度，即减小砝码桶及桶内砝码的总质量；（3）aF图象的斜率表示加速度的倒数；求解出加速度与拉力F的表达式后结合图象分析得到动摩擦因素情况解答：解：（1）A、调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，可以使小车受到的拉力等于绳子上的拉力故A正确B、平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动故B错误C、实验时，如果先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，所以应该先接通电源，再放开小车故C错误D、每
30、次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力故D正确故选：AD（2）按照教材上的理论若以砝码桶及砝码作为小木块的外力，则有 a=，而实际实验过程中砝码桶及砝码也与小木块一起做匀加速运动，即对砝码桶及砝码有mgT=ma，对小木块有T=Ma综上有：小物块的实际的加速度为 a=，只有当mM时，才能有效的保证实验的准确性；（3）当没有平衡摩擦力时有：Tf=ma，故a=Tg，即图线斜率为，纵轴截距的大小为g可知斜率越大，质量越小；纵轴截距越大，动摩擦因数越大观察图线可知m甲小于m乙，甲大于乙；故答案为：AD；远小于；小于，大于点评：本题主要考察“验证牛顿第二定律”的实验
31、，要明确实验原理，特别是要明确系统误差的来源，知道减小系统误差的方法12质量为5kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面作直线运动，一段时间后撤去F，其运动的vt图象如图所示g取10m/s2，求：（1）物体与水平面间的运动摩擦因数；（2）水平推力F的大小；（3）0到10s内物体运动位移的大小考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的图像专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据速度时间图线的斜率求出匀加速和匀减速运动的加速度，结合牛顿第二定律求出动摩擦因数和水平推力F的大小，根据图线时间轴围成的面积求出010s内的位移解答：解：（1）物体做匀减速运动的加速度大小为：，根据牛
32、顿第二定律得：f=mg=ma2则物体与水平面间的动摩擦因数为：（2）匀加速直线运动的加速度为：，根据牛顿第二定律得：Ff=ma1，解得：F=f+ma1=0.250+51N=15N（3）图线与时间轴围成的面积表示位移，则有：x=答：（1）物体与水平面间的运动摩擦因数为0.2；（2）水平推力F的大小为15N；（3）0到10s内物体运动位移的大小为46m点评：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，知道图线的斜率表示加速度13如图所示，倾角为30的光滑斜面的下端有一水平传送带，传送带正以6m/s的速度运动，运动方向如图所示一个质量为2kg的物体（物体可以视为
33、质点），从h=3.2m高处由静止沿斜面下滑，物体经过A点时，不管是从斜面到传送带还是从传送带到斜面，都不计其动能损失物体与传送带间的动摩擦因数为0.5，物体向左最多能滑到传送带左右两端AB的中点处，重力加速度g=10m/s2，求：（1）物体由静止沿斜面下滑到斜面末端需要多长时间；（2）传送带左右两端AB间的距离L至少为多少；（3）上述过程中物体与传送带组成的系统产生的摩擦热为多少考点：动能定理的应用；牛顿第二定律专题：动能定理的应用专题分析：（1）根据牛顿第二定律求出物体在斜面上的加速度，根据匀变速直线运动的位移时间公式求出在斜面上运动的时间；（2）求出物块在在传送带上向左运动速度减为零的距离
34、，从而求出AB间的距离；（3）物体与传送带组成的系统因摩擦产生的热量等于此过程中克服摩擦力所做的功，根据做功公式求出摩擦力所做的功解答：解（1）物体从光滑斜面滑下，斜面长度为：S=2h=6.4m mgsin=ma1a1=gsin=5m/s2由S=（2）物体在传送带上减速：mg=ma2，得：a2=g=5m/s2物体到传送带的初速度为：V1=a1t1=51.6m/s=8m/s物体向左运动的最大距离：S1=6.4mAB两点的距离L=2S1=12.8m（3）物体滑上传送带后，传送带运动的距离：S2=Vt2=61.6m=9.6m产生的热量Q=mg（S1+S2）=160J答：（1）物体由静止沿斜面下滑到斜面末端需要1.6s时间；（2）传送带左右两端AB间的距离至少为12.8m；（3）上述过程中物体与传送带组成的系统产生的摩擦热为160J点评：该题涉及到相对运动的过程，要认真分析物体的受力情况和运动情况，选择恰当的过程运用动能定理解题，本题难度较大