1、四川省广元市2020年中考物理试卷一、选择题（下列每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题意，不选、错选，多选均不得分。每小题3分，共36分）1（3分）下列关于声现象的说法，正确的是（）A大力敲鼓是为了提高声音的音调B超声波能粉碎人体内的结石，说明声波具有能量C中高考期间建筑工地禁止夜间施工，是在传播过程中减弱噪声D将正在发声的闹钟放在真空罩内，抽出真空罩内空气的过程中听到声音变大2（3分）下列有关光现象的说法，正确的是（）A眼睛近视的同学可以用凹透镜进行矫正B当人靠近平面镜时，人在镜中的像变得越来越大C电影屏幕制成白色是因为白色屏幕能吸收各种色光D阳光下，树木在地面上的影子是由于光的折射
2、形成的3（3分）学校在预防新冠肺炎期间，要求对每位师生进行体温检测。下列说法正确的是（）A体温计的量程是3545B体温计的分度值是1C检测某同学体温是36.8，该同学体温正常D冰水混合物的温度一定为04（3分）下列物理量估测最符合实际的是（）A中学生课桌的高度约为150cmB九年级物理课本的长度约为26 cmC中学生步行的正常速度约为3m/sD一元硬币的质量约为60g5（3分）下列说法正确的是（）A夏天打开冰箱门，看到的“白气”是水蒸气B坐在行驶汽车上的人，相对于窗外的树是静止的C春天扑鼻而来的花香，是一种扩散现象D目前核电站是利用核的聚变获得电能6（3分）如图，能说明发电机工作原理的是（）A
3、BCD7（3分）下列关于电磁波的说法正确的是（）A电磁波在空气中的传播速度是340m/sB电磁波只能传播声音信号，不能传递图象信号C电磁波不能在真空中传播D北斗卫星定位系统既能发射也能接受电磁波8（3分）如果所示电路中，闭合开关S，电流表A1、A2、A3的示数分别为I1、I2、I3，它们的大小关系正确的是（）AI1I2I3BI1I2I3CI1I3I2DI1I2I39（3分）如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，灯泡L发光，电流表有示数，电压表的示数几乎为零，则下列判断中正确的是（）A电阻R断路B电阻R短路C灯L断路D灯L短路10（3分）将一个重为G的鸡蛋放进盛有浓盐水的杯中，鸡蛋漂浮，
4、然后逐渐向杯中加入清水，当鸡蛋下沉至杯底静止时停止加水，如图中的图象能粗略描述这个过程中浮力随时间变化关系的是（）ABCD11（3分）如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两圆形平底容器，分别装有深度相同、质量相等的不同液体。容器对桌面的压力分别为F甲、F乙，液体对容器底部的压力分别为F甲、F乙下列关系正确的是（）AF甲F乙BF甲F乙CF甲F乙DF甲F乙12（3分）如图所示电路中，电源电压U6V不变，R1为滑动变阻器，R2为定值电阻，开关S闭合后，当滑片P在变阻器的a、b两端之间滑动的过程中，电流表的示数在1.2A0.4A之间变化，则下列结论正确的是（）AR210BR1的最大电阻为
5、5C电压表的最大示数为4.8VD电阻R2的电功率变化范围是0.8W至7.2W二、填空与作图题（13-18题每题1分，19-20题每图2分，共22分）13（3分）汽油机工作时将燃料燃烧时产生的 能转化为 能，一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是4800r/min，该汽油机每秒对外做功 次。14（4分）小明同学利用光具座探究凸透镜成像规律实验时，将点燃的蜡烛放在距凸透镜光心20cm处时，在另一侧的光屏上得到一个清晰等大的像。则透镜的焦距为 cm；将蜡烛移到距透镜光心25厘米处时，应调节光屏 （选填“远离”或“靠近”）透镜。才能在光屏上得到一个清晰的像，该像是 （选填“倒立”或“正立”） （选填“放大”
6、或“缩小”）的实像。15（3分）可燃冰作为一种新型燃料。是天然气与水在高压低温条件下形成的类冰状的结晶物质，可直接点燃，1m3可燃冰在常温常压下可释放160m3的天然气。根据以上信息可知，可燃冰是 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。1m3的可燃冰释放的天然气完全燃烧放出的热量为 J，若该热量全部被水吸收，可将 kg的水从10加热到90c水4.2103J/（kg），天然气的热值q4.2107J/m3，环境为标准大气压。16（3分）如图所示，重为50N物体静止在水平桌面上，物体受到的支持力和 是一对平衡力。当物体受到水平向右、大小为15N的拉力F时，物体刚好向右做匀速直线运动，此时物体受到的摩
7、擦力为 N；当拉力F为18N时，物体向右做加速运动，此时物体受到的摩擦力为 N。17（2分）如图所示，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表读数之比U甲：U乙4：1，则R1：R2 ；当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，通过两电表的电流之比I1：I2 。18（3分）如图所示，电源电压恒定为10V，R110，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从一端滑到另一端的过程中，电压表的示数从2V变成5V，则R2的阻值为 ，滑动变阻器的最大阻值为 ，当滑片P置于b点时，该电路1min消耗的电功为 J。19（2分）根据平面镜成像特点画出点光源S发出的光经平面镜反射后过A点的反射光线。20（2分）用笔画线表示导线，
8、将图中的开关、电灯正确接入家庭电路中。三、实验探究题（每空2分，电路连接2分，共26分）21（8分）在测量盐水密度的实验中，芳芳同学按照正确的实验方法和步骤进行操作，并设计了记录数据的表格，具体实验步骤如下：步骤一：将天平放在水平桌面上，游码拨到“0”刻度线处，并调节天平平衡。步骤二：向烧杯中倒入适量待测盐水后，用天平测出烧杯与盐水的总质量m总，如甲图所示，并记录。步骤三：将烧杯中的部分待测盐水倒入量筒中，用天平测出剩余盐水和烧杯的总质量m，并记录。步骤四：读出倒入量筒中盐水的体积V，并记录。步骤五：根据已测得的物理量计算出待测盐水的密度，并记录。（1）请根据以上信息将表格中填写完整。烧杯和盐
9、水的总质量m总/g烧杯和剩余盐水的总质量m/g倒出盐水的质量m/g倒出盐水的体积V/cm3盐水的密度/（gcm3） 124 30 （2）小华同学测量相同待测盐水密度的实验方法是：先测出空烧杯的质量为m1；接着向空烧杯中倒入适量的待测盐水后，测出总质量为m2；再把烧杯中的盐水全部倒入量筒中，测出盐水的体积为V；然后计算出盐水的密度，两位同学测出的盐水密度大小关系为： （选填“”、“”或“”）。22（10分）如图所示是小王“探究杠杆的平衡条件”的装置，每个钩码重为0.5N（钩码个数若干），弹簧测力计量程为05N。（1）将该装置置于水平桌面上，静止时处于甲图所示状态。为使杠杆在水平位置平衡，小王应将
10、杠杆右端的平衡螺母向 （选填“左”或“右”）移，这样做的好处是便于直接测量 。（2）乙图中杠杆恰好处于水平平衡，若在A点下方再挂一个相同的钩码，为使杠杆保持水平平衡，则需将B点的钩码向右移动 格。（3）丙图中杠杆每个小格长度均为5cm，在C点竖直悬挂4个重为0.5N的钩码，当在D点用如丙图所示动力F拉杠杆。使杠杆在水平位置平衡，此时动力臂为 cm，动力F为 N。23（8分）如图所示，小强和小冬设计了用“伏安法”测量未知电阻Rx的阻值的实验。（1）图甲是实物电路图，请用笔画线代替导线将其连接完整。（要求滑片向右滑，电压表示数减小，导线不允许交叉）（2）闭合开关前应将滑动变阻器的滑片移到 端（选填
11、“A”或“B”）。（3）闭合开关，当滑片移动到某位置时，电压表、电流表示数如图乙所示，则未知电阻Rx ；此时Rx消耗的实际功率P W。四、解答题（解答应写成必要的文字说明、公式、演算步骤、数值和单位24小题7分，25小题9分，共16分）24（7分）如图所示，灯泡L标有“6V 3W”字样（不考虑灯丝电阻变化），定值电阻R128，当开关S1、S2、S3全部闭合时，灯泡正常发光，电流表示数为0.75A求：（1）电源电压U；（2）定值电阻R0的大小；（3）当S1闭合，S2、S3断开时，电路消耗的功率。25（9分）用如图所示的滑轮组匀速提升浸没在水中的物体，已知G物300N，圆柱形容器底面积S600cm
12、2，物体浸没在水中时水面高度为90cm，当物体完全离开水面后，水面高度为80cm，已知物体浸没在水中被提升时此装置的机械效率为80%（不计绳重和绳子与滑轮间摩擦及水的阻力），1.0103kg/m3，g取10N/kg。求：（1）物体浸没在水中时，水对容器底的压强；（2）物体浸没在水中时受到的浮力；（3）物体完全离开水面后匀速提升时所需拉力F。2020年四川省广元市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（下列每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题意，不选、错选，多选均不得分。每小题3分，共36分）1（3分）下列关于声现象的说法，正确的是（）A大力敲鼓是为了提高声音的音调B超声波能粉碎人体内
13、的结石，说明声波具有能量C中高考期间建筑工地禁止夜间施工，是在传播过程中减弱噪声D将正在发声的闹钟放在真空罩内，抽出真空罩内空气的过程中听到声音变大【分析】（1）声音的特性有三个：音调、响度和音色；音调是指声音的高低，与振动频率有关；响度是指声音的大小，跟距声源的远近和振幅有关；音色又叫音品是指声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关；（2）声音能够传递信息和能量；（3）减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置：声源处、传播过程中、人耳处；（4）声音的传播靠介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质，我们平时听到的声音大多是由空气这种介质传播的。【解答】解：A大力敲鼓是为了增大声音的响度，
14、故A错误；B超声波能粉碎人体内的“结石”说明声波具有能量，故B正确；C建筑工地夜间停止施工，是在声源处减弱噪声；故C错误；D将正在发声的闹钟放在真空罩内，抽出真空罩内空气的过程中，介质逐渐减少，故听到声音变小，故D错误。故选：B。【点评】此题涉及到防止噪声的途径、声音的传播条件、声与能量等多个知识点，是一道声学综合题。2（3分）下列有关光现象的说法，正确的是（）A眼睛近视的同学可以用凹透镜进行矫正B当人靠近平面镜时，人在镜中的像变得越来越大C电影屏幕制成白色是因为白色屏幕能吸收各种色光D阳光下，树木在地面上的影子是由于光的折射形成的【分析】（1）近视眼佩戴凹透镜进行矫正；（2）平面镜成像特点：
15、正立等大的虚像；（3）白色物体反射各种色光，黑色物体吸收各种色光；（4）光在均匀介质中沿直线传播，影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。【解答】解：A近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强，使远处物体射来的光线会聚在视网膜的前方，根据凹透镜对光线有发散作用，近视眼应佩戴凹透镜进行矫正，故A正确；B由平面镜成像特点可知，不管是远离平面镜还是靠近时，平面镜中的像的大小不会改变，故B错误；C白色的屏幕可以反射各种色光，黑色物体可以吸收各种色光，故C错误；D阳光下，树木在地面上形成的影子是由于光的直线传播形成的，故D错误。故选：A。【点评】此题涉及到近视眼的成因及其矫正、光的反射、
16、平面镜成像，以及光的直线传播，是一道光学综合题。3（3分）学校在预防新冠肺炎期间，要求对每位师生进行体温检测。下列说法正确的是（）A体温计的量程是3545B体温计的分度值是1C检测某同学体温是36.8，该同学体温正常D冰水混合物的温度一定为0【分析】（1）体温计的分度值是0.1，量程是3542；（2）人的正常体温37左右，变化幅度很小；（3）在1标准大气压下，冰水混合物的温度规定为0。【解答】解：AB、体温计测量的范围（量程）是3542，分度值是0.1，故AB错误；C人的正常体温大约37左右，体温是36.8属于正常体温，故C正确；D在标准大气压下，冰水混合物的温度是0，故D错误。故选：C。【点
17、评】本题考查了体温计的量程、分度值以及人的正常体温，属于基础题目。4（3分）下列物理量估测最符合实际的是（）A中学生课桌的高度约为150cmB九年级物理课本的长度约为26 cmC中学生步行的正常速度约为3m/sD一元硬币的质量约为60g【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右，故A不符合实际；B、一根筷子的长度约25cm，九年级物理课本的长度略大于此数值，在26cm左右，故B符合实际；
18、C、中学生正常步行的速度在4km/h4m/s1.1m/s左右，故C不符合实际；D、一块橡皮的质量约6g，一枚一元硬币的质量与此差不多，在6g左右，故D不符合实际。故选：B。【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。5（3分）下列说法正确的是（）A夏天打开冰箱门，看到的“白气”是水蒸气B坐在行驶汽车上的人，相对于窗外的树是静止的C春天扑鼻而来的花香，是一种扩散现象D目前核电站是利用核的聚变获得电能【分析】（1）物质由气态变成液态的过程叫做液化；（2）判断物体的运动和静止，首先选择参照物，被研究的物体和参照物之间
19、发生位置的变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的；（3）不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；（4）核电站是利用核的裂变获得电能。【解答】解：A、夏天打开冰箱门看到的“白气”，是周围温度较高的水蒸气遇到从冰箱里冒出来的温度较低的水蒸气液化而成的小水滴，故A错误；B、以窗外的树为参照物，坐在行驶汽车上的人与路边的树之间发生了位置的变化，坐在行驶汽车上的人是运动的，故B错误；C、春天扑鼻而来的花香，是花的香味分子无规则运动造成的，属于扩散现象，故C正确；D、核电站是通过核裂变来获取能量进行发电获取电能的，故D错误。故选：C。【点评】知道液化概念，会根
20、据参照物判断物体的运动状态，理解扩散现象，知道核电站的工作原理，可解答此题。6（3分）如图，能说明发电机工作原理的是（）ABCD【分析】发电机工作原理是电磁感应，电磁感应是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感性运动，导体中有感应电流产生。【解答】解：A、小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场，故A错误。B、开关闭合后，导体中存在电流，电流在磁场中受到磁力作用而运动，电动机就是根据该原理制成的，故B错误。C、在外力作用下闭合电路一部分导体棒切割磁感线，从而产生感应电流使电流表发生偏转，属于电磁感应现象，发电机就是根据该原理制成的，故C正确。D、此图是电磁继电器的原理图：DE接在电源上，电路中有电
21、流，电磁铁吸引衔铁，使动触点和下面静触点接通，所以电磁继电器是利用电流的磁效应工作的，故D错误。故选：C。【点评】电磁部分包括三部分内容：磁效应、电磁感应、通电导体在磁场中受力而运动，掌握电动机、发电机、电磁铁、扬声器、话筒、电磁起重机、电磁继电器等工作原理。7（3分）下列关于电磁波的说法正确的是（）A电磁波在空气中的传播速度是340m/sB电磁波只能传播声音信号，不能传递图象信号C电磁波不能在真空中传播D北斗卫星定位系统既能发射也能接受电磁波【分析】（1）电磁波的传播速度和光速相同，都是3108m/s；（2）电磁波既可以传递声音信号，也可以传递图象信号；（3）电磁波的传播可以不需要介质；（4
22、）电磁波是移动通信传递信息的介质。【解答】解：A电磁波在空气中的传播速度是3108m/s，故A错误；B电磁波作为载波使用时，既可以传递声音信号，也可以传递图象信号，故B错误；C电磁波可以在真空中传播，故C错误；D卫星接收和发送信号要靠电磁波传递，我国的北斗卫星定位系统也是利用电磁波来传递信号的，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了电磁波的传播速度、电磁波的作用、电磁波的传播条件等问题，是一道基础题。8（3分）如果所示电路中，闭合开关S，电流表A1、A2、A3的示数分别为I1、I2、I3，它们的大小关系正确的是（）AI1I2I3BI1I2I3CI1I3I2DI1I2I3【分析】先分析电路的连接
23、方式和电流表的测量对象，再根据电路的电流特点分析解答。【解答】解：由图知，三盏灯泡并联，A1测三盏灯的总电流，A3测通过L1、L2的电流之和，A2测通过L1的电流；因为并联电路中的干路电流等于各支路电流之和，所以A1的示数I1最大，其次是A3的示数I3，A2的示数I2最小，即I1I3I2。故选：C。【点评】本题考查了并联电路电流特点的应用，解题的关键是正确分析电路的连接方式、电流表的测量对象。9（3分）如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，灯泡L发光，电流表有示数，电压表的示数几乎为零，则下列判断中正确的是（）A电阻R断路B电阻R短路C灯L断路D灯L短路【分析】根据电路图可知，电阻和灯
24、泡是串联的，电压表与电阻并联，测电阻两端的电压；电路故障一般是短路和断路，根据选项中的故障逐一分析出现的现象是否符合题意。【解答】解：A如果电阻R断路，灯泡不发光，电流表示数减小为零，电压表测量电源电压示数增大，故A不符合题意；B如果电阻R短路，灯泡发光，电路电阻减小电流增大，电流表示数增大；电压表相当于与导线并联示数减小为零，故B符合题意；C如果灯泡断路不发光，整个电路断路，两表示数都减小为零，故C不符合题意；D如果灯泡短路不发光，电路电阻减小电流增大，电流表示数增大；电压表测量电源电压示数增大，故D不符合题意。故选：B。【点评】本题考查了电路故障的判断，在判断电路故障时，利用假设的方法来判
25、断一种可能性是否成立是我们经常要用到的。10（3分）将一个重为G的鸡蛋放进盛有浓盐水的杯中，鸡蛋漂浮，然后逐渐向杯中加入清水，当鸡蛋下沉至杯底静止时停止加水，如图中的图象能粗略描述这个过程中浮力随时间变化关系的是（）ABCD【分析】当液物时，物体漂浮，浮力等于重力；当液物时，物体悬浮，浮力等于重力；当液物时，物体下沉，浮力小于重力。根据物体的浮沉条件和阿基米德原理判断鸡蛋所受浮力的变化。【解答】解：当鸡蛋在浓盐水中漂浮时，此时鸡蛋所受浮力等于鸡蛋的重力；当给浓盐水中缓慢加入水时，混合液的密度开始减小，当此时混合液的密度仍大于鸡蛋的密度，虽然鸡蛋开始缓慢下沉，不过鸡蛋仍处于漂浮状态，只是浸入液体
26、中的体积在增大，而露出的体积在减小，所以此时鸡蛋受到的浮力仍等于鸡蛋的重力；当混合液的密度逐渐减小到等于鸡蛋的密度时，此时鸡蛋在液体中处于悬浮状态，鸡蛋受到的浮力仍等于鸡蛋的重力；当浓盐水中的水越来越多而引起混合液的密度比鸡蛋密度小的时候，此时鸡蛋受到的浮力就会小于重力，鸡蛋出现下沉直至沉到杯子的底部，由此可知，鸡蛋受到的浮力是先不变，然后减小，所以选项C符合题意。故选：C。【点评】本题关键：一是浮沉条件的使用，二是鸡蛋自重和体积不变（隐含条件），三是利用阿基米德原理时要同时考虑影响浮力的两个因素（液体的密度和排开液体的体积）。11（3分）如图所示，水平桌面上放有底面积和质量都相同的甲、乙两圆
27、形平底容器，分别装有深度相同、质量相等的不同液体。容器对桌面的压力分别为F甲、F乙，液体对容器底部的压力分别为F甲、F乙下列关系正确的是（）AF甲F乙BF甲F乙CF甲F乙DF甲F乙【分析】容器对水平桌面的压力等于容器的重力与液体的重力之和；液体对底的压力可以根据液体产生的压力和水重力的关系进行分析，注意上下粗细一样的容器中，液体对容器底的压力等于液体的重力；上面粗、下面细的容器中液体对容器底的压力小于液体的重力；上面细、下面粗的容器中液体的压力大于液体的重力。【解答】解：AC容器对水平桌面的压力等于容器的重力与液体的重力之和；因两种液体的质量相等，则液体的重力相等，容器的底面积和质量都相同，则
28、对桌面的压力F甲F乙，故AC错误；BD甲容器是柱形容器，容器底部受到液体的压力等于液体的重力；乙容器上面粗、下面细，一部分液体压在容器的侧壁上，容器底部受到液体的压力小于容器中液体的重力，则有F甲F乙，故B正确，D错误。故选：B。【点评】本题主要考查压强公式的应用，知道在水平面上，物体对水平面的压力等于物体自身的重力是解题的关键。12（3分）如图所示电路中，电源电压U6V不变，R1为滑动变阻器，R2为定值电阻，开关S闭合后，当滑片P在变阻器的a、b两端之间滑动的过程中，电流表的示数在1.2A0.4A之间变化，则下列结论正确的是（）AR210BR1的最大电阻为5C电压表的最大示数为4.8VD电阻
29、R2的电功率变化范围是0.8W至7.2W【分析】（1）当滑片位于B端时，电路为R2的简单电路，此时电路中的电流最大，根据欧姆定律求出电阻R2的阻值；（2）当滑片位于A端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，R1、R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出电路的总电阻，根据串联电路的电阻的特点求出R1的最大电阻；（3）根据串联电路的分压特点可和欧姆定律算出电压表的最大示数；（4）根据PI2R求出电阻R2的电功率变化范围。【解答】解：A、当滑片位于B端时，电路为R2的简单电路，此时电路中的电流最大，最大为1.2A，根据欧姆定律I知，电阻R2的阻值为
30、：R25，故A错误；B、当滑片位于A端时，R1、R2串联，电路中的电流最小，即I0.4A，此时电路的总电阻为：R15，R1的最大电阻为：R1RR215510，故B错误；C、根据串联电路的分压作用，当滑动变阻器的电阻最大时，滑动变阻器分压最多，电压表示数最大，电压表的示数最大：U1I小R10.4A104V，故C错误；D、电阻R2消耗的最大电功率：P2max（I）2R2（1.2A）257.2W，电阻R2消耗的最小电功率：P2minI2R2（0.4A）250.8W，故电阻R2的电功率变化范围是0.87.2W，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，会根据
31、滑片的移动确定两电表示数之间的关系是解决本题的关键。二、填空与作图题（13-18题每题1分，19-20题每图2分，共22分）13（3分）汽油机工作时将燃料燃烧时产生的内能转化为机械能，一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是4800r/min，该汽油机每秒对外做功40次。【分析】（1）燃料燃烧时把化学能转化为内能，热机就是利用内能来做功的机器，工作时把内能转化为机械能；（2）知道在四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。【解答】解：热机就是利用燃料燃烧时产生的内能来做功的机器，工作时把内能转化为机械能；单缸四冲程汽油机的飞轮转速是4800r/min80r/s，因
32、一个工作循环转2圈，完成4个冲程，做功一次；所以每秒完成40个工作循环，完成160个冲程，做功40次。故答案为：内；机械；40。【点评】本题考查学生对热机工作中的能量转化和热机的工作原理的掌握情况，解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答。14（4分）小明同学利用光具座探究凸透镜成像规律实验时，将点燃的蜡烛放在距凸透镜光心20cm处时，在另一侧的光屏上得到一个清晰等大的像。则透镜的焦距为10cm；将蜡烛移到距透镜光心25厘米处时，应调节光屏靠近（选填“远离”或“靠近”）透镜。才能在光屏上得到一个清晰的像，该像是倒立（选填“倒立”或“正立”）缩小（选填“放大”或“缩小”）的实像。【分析
33、】（1）凸透镜成实像时，uv2f，凸透镜成倒立、等大的实像，列出等式求出凸透镜的焦距。（2）根据u2f时，凸透镜成倒立、缩小的实像，2fvf，判断光屏的移动方向。【解答】解：（1）光屏上出现等大的像，可以判断这个像是倒立、等大的实像，所以uv2f20cm，所以凸透镜的焦距为：f10cm。（2）凸透镜的焦距10cm，物距u25cm，u2f 时，凸透镜成倒立、缩小的实像，2fvf，所以，20cmv10cm，故应调节光屏靠近透镜。故答案为：10；靠近；倒立；缩小。【点评】本题通过uv2f 求出凸透镜的焦距，然后根据调节后的物距和焦距的关系判断凸透镜成像情况。15（3分）可燃冰作为一种新型燃料。是天然
34、气与水在高压低温条件下形成的类冰状的结晶物质，可直接点燃，1m3可燃冰在常温常压下可释放160m3的天然气。根据以上信息可知，可燃冰是不可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源。1m3的可燃冰释放的天然气完全燃烧放出的热量为6.72109J，若该热量全部被水吸收，可将2104kg的水从10加热到90c水4.2103J/（kg），天然气的热值q4.2107J/m3，环境为标准大气压。【分析】（1）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；（2）1m3可燃冰在常温常压下可释放160m3的天然
35、气，知道天然气的热值，利用公式Q放Vq求出160m3的天然气完全燃烧放出的热量，即1m3的可燃冰释放的天然气完全燃烧放出的热量，而Q吸Q放，再利用Q吸cm（tt0）求出水的质量。【解答】解：（1）由题知，可燃冰在短时间之内不可再生，所以可燃冰是不可再生能源。（2）1m3可燃冰在常温常压下可释放出160m3的天然气，完全燃烧160m3的天然气可放出的热量：Q放Vq160m34.2107J/m36.72109J，即：1m3的可燃冰释放的天然气完全燃烧放出的热量为6.72109J；由题知，Q吸Q放6.72109J，由Q吸cm（tt0）可得，这些热量可加热水的质量：m2104kg。故答案为：（1）不可
36、再生；（2）6.72109；（3）2104。【点评】本题考查了能量分类、吸热公式Q吸cmt、燃料完全燃烧放热公式Q放Vq的应用，注意利用好条件：1m3的可燃冰释放的天然气完全燃烧放出的热量全部被水吸收。16（3分）如图所示，重为50N物体静止在水平桌面上，物体受到的支持力和重力是一对平衡力。当物体受到水平向右、大小为15N的拉力F时，物体刚好向右做匀速直线运动，此时物体受到的摩擦力为15N；当拉力F为18N时，物体向右做加速运动，此时物体受到的摩擦力为15N。【分析】根据物体的状态，判断物体的受力情况；根据二力平衡条件，当物体处于静止或匀速直线运动状态时，受两个力平衡时，平衡力的大小相等；影响
37、滑动摩檫力的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度。【解答】解：重为50N物体静止在水平桌面上，物体受到的支持力和重力是一对平衡力。用大小为15N的力水平向左拉物体，物体向左做匀速直线运动，物体受到的滑动摩檫力与拉力是一对平衡力，大小相等，方向相反，则有fF15N，摩擦力的方向与拉力方向相反，即摩擦力方向水平向右。因为影响滑动摩檫力的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度没有发生变化，因此当把拉力F增大为18N时，则物体受到的摩擦力仍为15N。故答案为：重力；15；15。【点评】此题是有关摩擦力大小的判断，对于初中摩擦力的大小不需要利用公式计算，摩擦力大小只要求求出静摩擦力和滑动摩擦力，这两种摩擦力一
38、般与平衡力相结合出题。17（2分）如图所示，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表读数之比U甲：U乙4：1，则R1：R23：1；当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，通过两电表的电流之比I1：I23：4。【分析】（1）当开关S闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻串联，甲电压表测电源电压，乙电压表测R2两端电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；（2）当开关S断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过R2支路的电流，电流表乙测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流之比，根据并联电路的电流特点求出干路电流
39、之比。【解答】解：（1）当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，则两电阻两端的电压之比为；因串联电路中各处的电流相等，所以，通过电阻R1、R2的电流之比I1：I21：1，由I可得，两电阻的阻值之比：；（2）当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两电阻并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，则两支路的电流之比；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，两电流表的示数之比。故答案为：（1）3：1；（2）3：4。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是
40、开关闭合与断开、不同电表时电路串并联的辨别以及电表所测电路元件的判断。18（3分）如图所示，电源电压恒定为10V，R110，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从一端滑到另一端的过程中，电压表的示数从2V变成5V，则R2的阻值为10，滑动变阻器的最大阻值为30，当滑片P置于b点时，该电路1min消耗的电功为120J。【分析】（1）当滑片在最左端时，R1与R2串联，电压表测量电阻R1两端的电压，根据公式I求出电路的电流，根据串联电路电压的规律求出电阻R2两端的电压，进一步求出电阻R2的阻值。（2）当滑片在最右端时，R1与R2与滑动变阻器R3串联，电压表测量电阻R1两端的电压，已知电压表的示数可求电路电
41、流，根据串联电路电压的规律进一步求出电阻R2两端的电压和滑动变阻器两端的电压，最后根据公式I求出滑动变阻器的最大阻值；利用WUIt即可求出1min消耗的电功。【解答】解：当滑片在最左端时，电路电流I10.5A，根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和可得：电阻R2两端的电压U2UU110V5V5V；根据I可得：电阻R210；（2）当滑片在最右端时，电路电流I0.2A，根据I可得：电阻R2两端的电压U2IR20.2A102V，所以滑动变阻器两端的电压为U3UU1U210V2V2V6V，滑动变阻器的最大阻值R330。（3）当滑片P置于b点时，该电路1min消耗的电功：WUIt10V0.2A6
42、0s120J。故答案为：（1）10；（2）30；（3）120。【点评】本题考查电流、电压、电阻、电功率的计算，关键是欧姆定律及其变形的灵活运用，重点串联电路电流和电压的规律，难点是滑片移动过程中R3的最大电功率的确定。19（2分）根据平面镜成像特点画出点光源S发出的光经平面镜反射后过A点的反射光线。【分析】先根据平面镜成像的特点作出S的像；再根据平面镜成像原理可知，反射光线所有的反向延长线都会过S的像；连接像点与A点，则与平面镜的交点为入射点，再完成光路即可。【解答】解：先通过平面镜作出发光点S的对称点S即为S的像；连接SA交平面镜于点O，SO为入射光线，OA为反射光线；如图所示：【点评】本题
43、利用了平面镜成像特点来完成光路。一定要注意物与像关于镜面是对称的。20（2分）用笔画线表示导线，将图中的开关、电灯正确接入家庭电路中。【分析】庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套；这样连接的电路，不但开关控制灯泡，而且断开开关，切断火线，更换灯泡时，更安全。【解答】解：开关控制灯泡时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡螺旋套，如图所示：【点评】本题考查了家庭电路中开关和所控制灯的连接方法，属于基础题目。三、实验探究题（每空2分，电路连接2分，共26分）21（8分）在测量盐水密度的实验中，芳芳同学按照正确的实验方法
44、和步骤进行操作，并设计了记录数据的表格，具体实验步骤如下：步骤一：将天平放在水平桌面上，游码拨到“0”刻度线处，并调节天平平衡。步骤二：向烧杯中倒入适量待测盐水后，用天平测出烧杯与盐水的总质量m总，如甲图所示，并记录。步骤三：将烧杯中的部分待测盐水倒入量筒中，用天平测出剩余盐水和烧杯的总质量m，并记录。步骤四：读出倒入量筒中盐水的体积V，并记录。步骤五：根据已测得的物理量计算出待测盐水的密度，并记录。（1）请根据以上信息将表格中填写完整。烧杯和盐水的总质量m总/g烧杯和剩余盐水的总质量m/g倒出盐水的质量m/g倒出盐水的体积V/cm3盐水的密度/（gcm3）15712433301.1（2）小华
45、同学测量相同待测盐水密度的实验方法是：先测出空烧杯的质量为m1；接着向空烧杯中倒入适量的待测盐水后，测出总质量为m2；再把烧杯中的盐水全部倒入量筒中，测出盐水的体积为V；然后计算出盐水的密度，两位同学测出的盐水密度大小关系为：（选填“”、“”或“”）。【分析】（1）物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值。倒出盐水的质量等于烧杯和盐水的总质量与烧杯和剩余盐水的总质量的差。知道量筒中盐水的质量和体积，根据密度公式求出盐水的密度。（2）烧杯中的盐水不会全部倒出，烧杯上有残留的盐水，导致盐水的体积测量值偏小，密度测量值偏大。【解答】解：（1）烧杯和盐水总质量：m总100g+50g+5g+2g157
46、g，倒出盐水的质量：m157g124g33g盐水的密度：1.1g/cm3。（2）另一同学把烧杯中的盐水全部倒入量筒中时，烧杯上有残留的盐水，导致盐水的体积测量值偏小，密度测量值偏大，故：。故答案为：（1）157；33；1.1；（2）。【点评】测量液体密度时，如果先测量空烧杯的质量，再测量烧杯和液体总质量，把烧杯中的液体全部倒入量筒中，烧杯中有残留，会使体积测量值偏小，密度测量值偏大，这是最容易出现错误的地方。22（10分）如图所示是小王“探究杠杆的平衡条件”的装置，每个钩码重为0.5N（钩码个数若干），弹簧测力计量程为05N。（1）将该装置置于水平桌面上，静止时处于甲图所示状态。为使杠杆在水平
47、位置平衡，小王应将杠杆右端的平衡螺母向左（选填“左”或“右”）移，这样做的好处是便于直接测量力臂。（2）乙图中杠杆恰好处于水平平衡，若在A点下方再挂一个相同的钩码，为使杠杆保持水平平衡，则需将B点的钩码向右移动1格。（3）丙图中杠杆每个小格长度均为5cm，在C点竖直悬挂4个重为0.5N的钩码，当在D点用如丙图所示动力F拉杠杆。使杠杆在水平位置平衡，此时动力臂为10cm，动力F为3N。【分析】（1）实验前，应首先进行杠杆平衡调节，根据杠杆的平衡条件，杠杆左、右两端的螺母（或一端的螺母）向杠杆上翘的一端调节；杠杆处于静止状态或匀速转动状态都为杠杆的平衡状态；在实验中也必须使杠杆在水平位置平衡是为了
48、便于测量力臂；（2）根据杠杆的平衡条件计算即可；（3）当动力在D点斜向下拉（与水平方向成30角）动力臂是OD，根据杠杆的平衡条件求出动力大小。【解答】解：（1）为使杠杆在水平位置平衡，小王应将杠杆右端的平衡螺母向左移。在实验中也必须使杠杆在水平位置平衡是为了便于测量力臂。（2）如图乙所示，设一格的长度为l，根据杠杆的平衡条件可得：4G2l2Gnl，解得：n4，故应该将B处所挂钩码向右移动431格（3）当动力在D点斜向下拉（与水平方向成30角）动力臂是：l1OD45cm10cm，根据杠杆的平衡条件Fl14Gl2可得，动力为：F3N。故答案为：（1）左；力臂； （2）1；（3）10；3。【点评】本
49、题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算，常见题目。23（8分）如图所示，小强和小冬设计了用“伏安法”测量未知电阻Rx的阻值的实验。（1）图甲是实物电路图，请用笔画线代替导线将其连接完整。（要求滑片向右滑，电压表示数减小，导线不允许交叉）（2）闭合开关前应将滑动变阻器的滑片移到B端（选填“A”或“B”）。（3）闭合开关，当滑片移动到某位置时，电压表、电流表示数如图乙所示，则未知电阻Rx10；此时Rx消耗的实际功率P0.576W。【分析】（1）根据电阻的串联和欧姆定律判断电路的接法；（2）为了保护电路，闭合开关前，滑片要处于最大阻值处；（3）确定电压表、电流
50、表的量程读出示数，根据R计算出电阻值，再根据PUI计算出实际功率。【解答】解：（1）滑片向右滑，电压表示数减小，根据UIR知电压不变，电流减小，根据R知电阻增大，接到A点，如图所示：（2）为了保护电路，在闭合开关前，应将滑片移至B端，使其阻值最大；（3）由图乙知，电压表的量程为03V，分度值为0.1V，示数为2.4V；电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.24A；根据欧姆定律可得，未知电阻的阻值：Rx10；此时Rx消耗的实际功率为：PUI2.4V0.24A0.576W。故答案为：（1）见上图；（2）B；（3）10；0.576。【点评】此题主要是对学生电路图连接、注意事项、电表
51、读数、欧姆定律应用以及电功率的计算等知识，是一道中考常见题。四、解答题（解答应写成必要的文字说明、公式、演算步骤、数值和单位24小题7分，25小题9分，共16分）24（7分）如图所示，灯泡L标有“6V 3W”字样（不考虑灯丝电阻变化），定值电阻R128，当开关S1、S2、S3全部闭合时，灯泡正常发光，电流表示数为0.75A求：（1）电源电压U；（2）定值电阻R0的大小；（3）当S1闭合，S2、S3断开时，电路消耗的功率。【分析】（1）当开关S1、S2、S3均闭合时，R1短路，灯L与R0并联，小灯泡恰好正常发光，由此可求得电源电压；（2）根据欧姆定律可求得通过小灯泡的电流，再根据并联电路的电流规
52、律可求得通过R0的电流，然后根据欧姆定律可求得电阻R0的值；（3）当开关S1闭合，S2和S3断开时，灯L与R1串联，根据小灯泡L标有“6V3W”字样求得小灯泡的电阻，然后可求得电路中的总电阻，然后利用P可求得电路消耗的功率。【解答】解：（1）当开关S1、S2、S3均闭合时，R1短路，灯L与R0并联，电流表测干路电流，因为灯L正常发光，则有：U源ULU06V；（2）由PUI得，通过小灯泡电流：IL0.5A；根据并联电路电流的规律知，通过R0电流为：I0IIL0.75A0.5A0.25A，由I可得，定值电阻R0的阻值：R024；（3）当开关S1闭合，S2和S3断开时，灯L与R1串联，由I可得，小灯
53、泡电阻：RL12；电路总电阻：R总RL+R112+2840，电路消耗的功率：P0.9W。答：（1）电源电压为6V；（2）定值电阻R0的值为24；（3）当S1闭合，S2、S3断开时，电路消耗的功率是0.9W。【点评】此题涉及到并联电路的电流规律，欧姆定律公式及其变形的应用，串联电路的电流特点，电功的计算等多个知识点，是一道综合性较强的题目。25（9分）用如图所示的滑轮组匀速提升浸没在水中的物体，已知G物300N，圆柱形容器底面积S600cm2，物体浸没在水中时水面高度为90cm，当物体完全离开水面后，水面高度为80cm，已知物体浸没在水中被提升时此装置的机械效率为80%（不计绳重和绳子与滑轮间摩
54、擦及水的阻力），1.0103kg/m3，g取10N/kg。求：（1）物体浸没在水中时，水对容器底的压强；（2）物体浸没在水中时受到的浮力；（3）物体完全离开水面后匀速提升时所需拉力F。【分析】（1）物体浸没在水中时，知道此时水深，利用pgh求此时水对容器底的压强；（2）当物体完全离开水面后，知道此时水深、容器底面积，物体排开水的体积V排S容（h1h2），利用阿基米德原理求物体浸没在水中时受到的浮力；（3）物体浸没在水中时，由于不计绳重和绳子与滑轮间的摩擦及水的阻力，滑轮组的机械效率，据此求动滑轮重力；由图知，n3，不计绳重和摩擦，物体完全离开水面后匀速提升时所需拉力F（G物+G动）。【解答】解
55、：（1）物体浸没在水中时，水深h190cm0.9m，此时水对容器底的压强：pgh11103kg/m310N/kg0.9m9000Pa；（2）当物体完全离开水面后，水深h280cm，物体排开水的体积：V排S容（h1h2）600cm2（90cm80cm）6000cm36103m3，物体浸没在水中时受到的浮力：F浮水V排g1103kg/m36103m310N/kg60N；（3）物体浸没在水中时，由于不计绳重和绳子与滑轮间的摩擦及水的阻力，滑轮组的机械效率：80%，解得动滑轮重力：G动60N；由图知，n3，不计绳重和摩擦，物体完全离开水面后匀速提升时所需拉力：F（G物+G动）（300N+60N）120N。答：（1）物体浸没在水中时，水对容器底的压强为9000Pa；（2）物体浸没在水中时受到的浮力为60N；（3）物体完全离开水面后匀速提升时所需拉力为120N。【点评】本题为力学综合题，考查了液体压强公式、阿基米德原理、机械效率公式的应用，要利用好关系式：物体浸没在水中时，由于不计绳重和绳子与滑轮间的摩擦及水的阻力，滑轮组的机械效率。