1、高考物理考前冲刺押题卷第卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。1下列说法不正确的是()AU经过一次衰变后变为ThB由核反应方程CsBaX，可以判断X为电子C核反应方程HeNOH为轻核聚变D若16 g铋210经过15天时间，还剩2 g未衰变，则铋210的半衰期为5天【答案】C【解析】U经过一次衰变后，电荷数少2，质量数少4，变为Th，A正确；根据电荷数守恒、质量数守恒知，X的电荷数为1，质量数为0，可知X为电子，B正确；HeNOH为人工转变，C错误；根
2、据mm0，可得，解得T5天，D正确2如图所示，水平直杆OP右端固定于竖直墙上的O点，长为L2 m的轻绳一端固定于直杆P点，另一端固定于墙上O点正下方的Q点，OP长为d1.2 m，重为8 N的钩码由光滑挂钩挂在轻绳上处于静止状态，则轻绳的弹力大小为()A10 N B8 N C6 N D5 N【答案】D【解析】设挂钩所在处为N点，延长PN交墙于M点，如图所示同一条绳子拉力相等，根据对称性可知两边的绳子与竖直方向的夹角相等，设为，则根据几何关系可知NQMN，即PM等于绳长；根据几何关系可得sin 0.6，则37，根据平衡条件可得2Tcos mg，解得T5 N，故D正确，A、B、C错误3如图，篮球架下
3、的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为H.上升第一个所用的时间为t1，第四个所用的时间为t2.不计空气阻力，则满足()A12 B23C34 D45【答案】C【解析】采用逆向思维法，把运动员的竖直向上运动视为竖直向下初速度为零的匀加速运动，则gt，设竖直向下运动高度所用时间为t3，竖直向下运动H高度所用时间为t4，则有gt，Hgt，t1t4t3，联立解得2，选项C正确4如图所示，MN是流速稳定的河流，河宽一定，小船在静水中的速度大小一定，现小船从A点渡河，第一次船头沿AB方向与河岸上游夹角为，到达对岸；第二次船头沿AC方向与河岸下游夹角为，到达对岸，若两次航行的时间相等，则()A
4、B D无法比较与的大小【答案】A【解析】第一次船头沿AB方向(即为船在静水中的速度方向沿AB方向)到达对岸，第二次船头沿AC方向(即为船在静水中的速度方向沿AC方向)到达对岸，对在这两种情况下的船在静水中的速度进行分解，因两次航行的时间相等，所以在垂直于河岸方向上的速度是相等的因此两方向与河岸的夹角也相等，即，故A正确，B、C、D错误5如图所示，一颗卫星绕地球做椭圆运动，运动周期为T，图中虚线为卫星的运行轨迹，A、B、C、D是轨迹上的四个位置，其中A距离地球最近，C距离地球最远B和D点是 和 的中点，下列说法正确的是()A卫星在C点的速度最大B卫星在C点的加速度最大C卫星从A经D到C点的运动时
5、间为T/2D卫星从B经A到D点的运动时间为T/2【答案】C【解析】卫星绕地球做椭圆运动，类似于行星绕太阳运转，根据开普勒第二定律：行星与太阳的连线在相等时间内扫过的面积相等，则知卫星与地球的连线在相等时间内扫过的面积相等，所以卫星在距离地球最近的A点速度最大，在距离地球最远的C点速度最小，卫星在B、D两点的速度大小相等，故A错误；在椭圆的各个点上都是引力产生加速度a，因A点离地心的距离最小，则A点的加速度最大，故B错误；根据椭圆运动的对称性可知tADCtCBAT，则tADC，故C正确；椭圆上近地点A附近速度较大，远地点C附近速度最小，则tBAD，故D错误6.有5个完全相同的灯泡连接在理想变压器
6、的原、副线圈中，如图所示若将该线路与交流电源接通，且开关S接在位置1时，5个灯泡发光亮度相同；若将开关S接在位置2时，灯泡均未烧坏则下列可能的是()A该变压器是降压变压器，原、副线圈匝数比为41B该变压器是升压变压器，原、副线圈匝数比为14C副线圈中的灯泡仍能发光，只是更亮些D副线圈中的灯泡仍能发光，只是亮度变暗【答案】AC【解析】五个灯泡发光程度相同，所以原线圈电流与副线圈电流之比为14，根据可知该变压器是降压变压器，原、副线圈匝数比为41，故A正确，B错误；接到2位置，原线圈输出电压变大，根据电压与匝数的关系可知副线圈电压变大，所以灯泡的电流变大，灯泡仍能发光，但亮度变大，故C正确，D错误
7、7如图所示，a、b两点位于以负点电荷Q(Q0)为球心的球面上，c点在球面外，则()Aa点场强的大小比b点大Bb点场强的大小比c点小Ca点电势与b点电势相同Db点电势比c点低【答案】CD【解析】由点电荷的场强公式Ek知，a、b两点与Q距离相等， 场强大小相等，A错；由Ek知，离Q 越近， 场强越大，故b点场强大小比c点大或由负点电荷形成的电场的电场线形状是“万箭穿心”，离点电荷越近电场线越密，场强越大，得出b点的场强大小比c点的大，B错；点电荷形成的电场的等势面是以点电荷为球心的一簇球面，离Q距离相等的两点的电势相等，C对；沿电场线的方向是电势降落最快的方向，得出离Q越近，电势越低，D对8如图，
8、空间中存在一匀强磁场区域，磁场方向与竖直面(纸面)垂直，磁场的上、下边界(虚线)均为水平面；纸面内磁场上方有一个矩形导线框abcd，其上、下两边均与磁场边界平行，已知矩形导线框长为2l，宽为l，磁场上、下边界的间距为3l.若线框从某一高度处自由下落，从cd边进入磁场时开始，直至cd边到达磁场下边界为止，不计空气阻力，下列说法正确的是()A线框在进入磁场的过程中感应电流的方向为adcbaB线框下落的速度大小可能始终减小C线框下落的速度大小可能先减小后增加D线框下落过程中线框的重力势能全部转化为内能【答案】AC【解析】根据楞次定律，线框在进入磁场的过程中感应电流的方向为adcba，选项A正确；线圈
9、开始进入磁场后受向上的安培力作用，若安培力大于重力，则线圈进入磁场时做减速运动，线圈完全进入磁场后无感应电流产生，此时不受安培力，只在重力作用下做匀加速运动，选项B错误，选项C正确；线框下落过程中，若线圈加速进入磁场，则线框的重力势能转化为线圈的动能和内能；若线圈减速进入磁场，则重力势能和减小的动能之和转化为内能；若线圈匀速进入磁场，则重力势能转化为内能，选项D错误第卷二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第912题为必考题，每个试题考生都必须作答。第1314题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题（共47分）9（6分）橡皮筋像弹簧一样，也遵守胡克定律，即在弹性限度内伸长量x与弹力F成
10、正比，可表达为F=kx，某同学用铁架台、刻度尺、钩码和待测橡皮筋组成如图所示装置，测定橡皮筋的劲度系数，是通过改变钩码个数测得一系列弹力F与橡皮筋总长度x的值，并作出F一x图象如图请回答下列问题：题3-6图 （1）若将图线延长与F轴相交，该交点的物理意义是 。（2）由图线计算得该橡皮筋的劲度系数为 ；（3）橡皮筋的劲度系数的值与橡皮筋未受到拉力时的长度L、横截面积S有关，理论与实际都表明k=YS/L，其中Y是一个由材料决定的常数，材料力学上称之为杨氏模量。已知该实验所测橡皮筋未受到拉力时圆形横截面的直径D=4.00 mm，则其杨氏模量Y= 。【答案】(1)相当于弹簧压缩1cm时的弹力（2分）（
11、2）24N/m（2分）（3）1.15105Pa。（2分）【解析】(1) 由图线可知，橡皮筋原长为6cm。若将图线延长与F轴相交，橡皮筋长度为5cm，对应弹力为负值，该交点的物理意义是相当于橡皮筋压缩1cm时的弹力。（2）由F=kx=k(x-x0)可知，F一x图象斜率等于橡皮筋的劲度系数k，k=24N/m。（3）橡皮筋横截面积S=D2/4=1.25610-5m2，L=0.06m, k=24N/m 代入k=YS/L，解得Y=1.15105Pa。10（9分）某研究性学习小组准备测定实验室里一未知电源的电动势E和内阻r。实验器材如下：毫安表mA（量程0100 mA）；电压表V（量程06 V）；滑动变阻
12、器R（阻值范围0500 ）；导线若干，开关S一个。实验步骤如下并完成下列问题：（1）设计如图1所示的电路图，正确连接如图2所示电路；（2）闭合开关S，将滑动变阻器R的滑片移到_端（选填“左”或“右”）；多次调节滑动变阻器的滑片，记下电压表的示数U和毫安表的示数I；某次测量时毫安表的示数如图3所示，其读数为_mA。（3）通过减小滑动变阻器接入电路的阻值测出多组U和I的数据，最后得到如图4所示的UI图象。根据图线求得电源的电动势E=_，内阻r=_。（结果保留两位有效数字即可）【答案】（1）如图所示（达到同等效果同样正确）（2分） （2）右（1分） 58.0（57.858.2均可）（2分）（3）6.
13、0 （2分） 25 （2分）【解析】（1）电路实物连接图如答案图所示。（2）为了让电流由最小开始调节，开始时滑动变阻器阻值滑到最大位置，故应滑到右端，由图可知，电流表最小分度为1 mA，故读数为58.0 mA；（3）将图4所示的图线向两头延长，图线与纵坐标的交点表示电源的电动势，故E=6.0 V；图线的斜率表示内阻，可解得r=25 。11（14分）如图甲所示，竖直面MN的左侧空间中存在竖直向上的匀强电场（上、下及左侧无边界）。一个质量为m、电荷量为q、可视为质点的带正电小球，以水平初速度v0沿PQ向右做直线运动。若小球刚经过D点时（t=0），在电场所在空间叠加如图乙所示随时间周期性变化、垂直纸
14、面向里的匀强磁场，使得小球再次通过D点时与PQ连线成600角。已知DQ间的距离为(+1)L，t0小于小球在磁场中做圆周运动的周期，忽略磁场变化造成的影响，重力加速度为g。求：（1）电场强度E的大小；（2）t0与t1的比值；（3）小球过D点后将做周期性运动，则当小球运动的周期最大时，求出此时的磁感应强度B0及运动的最大周期Tm的大小，并在图中画出此情形下小球运动一个周期的轨迹。11【答案】（1） （2） （3） 【解析】（1）带正电的小球做匀速直线运动，由平衡知识可知：mg=Eq（2分）解得（1分）（2）小球能再次通过D点，其运动轨迹如图所示设半径为r，有（1分）由几何关系得（1分）设小球做圆周
15、运动的周期为T，则（1分）由以上各式得（2分）（3）当小球运动的周期最大时，其运动轨迹应与MN相切，如图所示由几何关系得（1分）由牛顿第二定律得（1分）得（1分）（1分）可得（2分）小球运动一个周期的轨迹如图所示。12（18分）竖直面内一倾斜轨道与一足够长的水平轨道通过一小段光滑圆弧平滑连接，小物块B静止于水平轨道的最左端，如图（a）所示。t=0时刻，小物块A在倾斜轨道上从静止开始下滑，一段时间后与B发生弹性碰撞（碰撞时间极短）；当A返回到倾斜轨道上的P点（图中未标出）时，速度减为0，此时对其施加一外力，使其在倾斜轨道上保持静止。物块A运动的vt图像如图（b）所示，图中的v1和t1均为未知量。
16、已知A的质量为m，初始时A与B的高度差为H，重力加速度大小为g，不计空气阻力。（1）求物块B的质量；（2）在图（b）所描述的整个运动过程中，求物块A克服摩擦力所做的功；（3）已知两物块与轨道间的动摩擦因数均相等，在物块B停止运动后，改变物块与轨道间的动摩擦因数，然后将A从P点释放，一段时间后A刚好能与B再次碰上。求改变前后动摩擦因数的比值。【答案】（1）3m （2） （3）【解析】（1）根据图（b），v1为物块A在碰撞前瞬间速度的大小，为其碰撞后瞬间速度的大小。设物块B的质量为，碰撞后瞬间的速度大小为，由动量守恒定律和机械能守恒定律有（1分）（1分）联立式得（2分）（2）在图（b）所描述的运动
17、中，设物块A与轨道间的滑动摩擦力大小为f，下滑过程中所走过的路程为s1，返回过程中所走过的路程为s2，P点的高度为h，整个过程中克服摩擦力所做的功为W，由动能定理有（2分）（2分）从图（b）所给的vt图线可知（1分）（1分）由几何关系（1分）物块A在整个过程中克服摩擦力所做的功为（1分）联立式可得（1分）（3）设倾斜轨道倾角为，物块与轨道间的动摩擦因数在改变前为，有（1分）设物块B在水平轨道上能够滑行的距离为，由动能定理有（1分）设改变后的动摩擦因数为，由动能定理有（2分）联立式可得（1分）（二）选考题：共15分。请考生从2道物理题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。13物理选修3
18、3（15分）（1）（5分）根据热力学定律，下列说法正确的是_。（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）A第二类永动机违反能量守恒定律，因此不可能制成B热效率为100%的热机是不可能制成的C电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递D从单一热源吸收热量，使之完全变为功是提高机械效率的常用手段E吸收了热量的物体，其内能也不一定增加【答案】BCE【解析】第二类永动机不可能制成，是因它违反了热力学第二定律，故选项A错误；热效率为100%的热机是不可能制成的，故B正确；电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递，故C正确；
19、从单一热源吸收热量，使之完全变为功而不产生其他影响是不可能实现的，在现实生产中一般不用此方法提高机械效率，故D错误；改变内能的方式有做功和热传递，吸收了热量的物体，其内能也不一定增加，E正确（2）（10分）竖直放置的粗细均匀的U形细玻璃管两臂分别灌有水银，水平部分有一空气柱，各部分长度如图所示，单位为cm.现将管的右端封闭，从左管口缓慢倒入水银，恰好使水平部分右端的水银全部进入右管中已知大气压强p075 cmHg，环境温度不变，左管足够长求：(1)此时右管封闭气体的压强；(2)左管中需要倒入水银柱的长度【答案】(1)90 cmHg(2)27 cm【解析】(1)对右管中的气体，初态p175 cm
20、Hg，V130S；末态体积：V2(305)S25S（2分）由玻意耳定律得p1V1p2V2（2分）解得：p290 cmHg（2分）(2)对水平管中的气体，初态压强：pp015 cmHg90 cmHg，V11S；末态压强：pp220 cmHg110 cmHg根据玻意耳定律得pVpV（2分）解得V9S，水平管中的长度变为9 cm，此时原来左侧19 cm水银柱已有11 cm进入到水平管中，所以左侧管中倒入水银柱的长度应该是pp08 cm27 cm（2分）14物理选修34（15分）（1）（5分）如图为甲、乙两列简谐横波在同一绳上传播时某时刻的波形图，甲波向右传播，乙波向左传播质点M位于x0.2 m处，则
21、下列说法正确的是_。（填正确答案标号，选对1个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分0分）A这两列波会发生干涉现象BM点的振动总是减弱CM点将做振幅为30 cm的简谐运动D由图示时刻开始，再经过甲波周期，M点将位于波峰E图示时刻x0.1 m的质点偏离平衡位置的位移为10 cm【答案】ACE【解析】两列简谐横波在同一均匀介质内传播，波速相等，由图可知两列波的波长相等，由vf可知，频率相等，所以两列波能产生干涉，A正确；图示时刻，两波在M点都从平衡位置向下振动，故两波加强，则M点振动总是加强，振幅等于两列波振幅之和，为A20 cm10 cm30 cm，则M点将做振幅为3
22、0 cm的简谐振动，B错误，C正确；从图示时刻开始，经T甲时间后，两列波的波谷在M点相遇，所以M点到达波谷，D错误；图示时刻x0.1 m的质点偏离平衡位置的位移x20 cm10 cm10 cm，E正确（2）（10分）一个半圆柱形玻璃砖，其横截面是半径为R的半圆，AB为半圆的直径，O为圆心，如图所示玻璃的折射率为n .(1)一束平行光垂直射向玻璃砖的下表面，若光线到达上表面后，都能从该表面射出，则入射光束在AB上的最大宽度为多少？(2)一细束光线在O点左侧与O相距R处垂直于AB从下方入射，求此光线从玻璃砖射出点的位置【答案】(1)R(2)光线从玻璃砖射出点的位置在O点左、右侧分别与O相距R处【解析】(1)在O点左侧，设从E点射入的光线进入玻璃砖后在上表面的入射角恰好等于全反射的临界角，则OE区域的入射光线经上表面折射后都能从玻璃砖射出，如图，由全反射条件有sin （2分）由几何关系有OERsin （1分） 由对称性可知，若光线都能从上表面射出，光束的宽度最大为l2OE （1分）联立式，代入已知数据得lR. （1分）(2)设光线在距O点R的C点射入后，在上表面的入射角为，由几何关系及式和已知条件得60（2分）光线在玻璃砖内会发生三次全反射，最后由G点射出，如图，由反射定律和几何关系得OGOCR（1分）射到G点的光有一部分被反射，沿原路返回到达C点射出（2分）