1、2017年广东省广州市高考数学二模试卷（理科）选择题：本题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1已知集合A=x|x1|1，B=x|10，则AB=（）Ax|1x2Bx|0x2Cx|0x1Dx|0x12若复数z满足（34i+z）i=2+i，则复数z所对应的点位于（）A第一象限B第二象限C第三象限D第四象限3执行如图所示的程序图，则输出的S值为（）A4B3C2D34从1，2，3，4，5这5个数字中任取3个数字组成没有重复数字的三位数，则这个三位数是偶数的概率为（）ABCD5函数f（x）=ln（|x|1）+x的大致图象是（）ABCD6已知cos（）=，则sin=（
2、）ABCD7已知点A（4，4）在抛物线y2=2px （p0）上，该抛物线的焦点为F，过点A作该抛物线准线的垂线，垂足为E，则EAF的平分线所在的直线方程为（）A2x+y12=0Bx+2y12=0C2xy4=0Dx2y+4=08在棱长为2的正方体ABCDA1B1C1D1中，M是棱A1D1的中点，过C1，B，M作正方体的截面，则这个截面的面积为（）ABCD9已知kR，点P（a，b）是直线x+y=2k与圆x2+y2=k22k+3的公共点，则ab的最大值为（）A15B9C1D10已知函数f（x）=2sin（x+）（0）的图象在区间0，1上恰有3个最高点，则的取值范围为（）A，）B，）C，）D4，6）1
3、1如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗线画出的是某三棱锥的三视图，则该三棱锥的体积为（）ABCD1612定义在R上的奇函数y=f（x）为减函数，若m，n满足f（m22m）+f（2nn2）0，则当1n时，的取值范围为（）A，1B1，C，D，1二、填空题（共4小题，每小题5分，满分20分）13已知点O（0，0），A（1，3），B（2，4），=2+m，若点P在y袖上，则实数m=14孙子算经是我国古代重要的数学著作，约成书于四、五世纪，传本的孙子算经共三卷，其中下卷：“物不知数”中有如下问题：“今有物，不知其数，三三数之，剩二；五五数之，剩三；七七数之，剩二，问：物几何？”其意思为：“现有一堆物品，不
4、知它的数目，3个3个数，剩2个，5个5个数，剩3个，7个7个数，剩2个，问这堆物品共有多少个？”试计算这堆物品至少有个15设（x2y）5（x+3y）4=a9x9+a8x8y+a7x7y2+a1xy8+a0y9，则a0+a8=16在平面四边形ABCD中，连接对角线BD，已知CD=9，BD=16，BDC=90，sinA=，则对角线AC的最大值为三、解答题（共5小题，满分60分）解答须写出文字说明，证明过程或演算步骤17（12分）设等比数列an的前n项和为Sn，已知a1a2a3=8，S2n=3（a1+a3+a5+a2n1）（nN*）（）求数列an的通项公式；（）设bn=nSn，求数列bn的前n项和T
5、n18（12分）如图，ABCD是边长为a的菱形，BAD=60，EB平面ABCD，FD平面ABCD，EB=2FD=a（）求证：EF丄AC；（）求直线CE与平面ABF所成角的正弦值19（12分）某商场拟对商品进行促销，现有两种方案供选择每种促销方案都需分两个月实施，且每种方案中第一个月与第二个月的销售相互独立根据以往促销的统计数据，若实施方案1，顶计第一个月的销量是促销前的1.2倍和1.5倍的概率分别是0.6和0.4第二个月销量是笫一个月的1.4倍和1.6倍的概率都是0.5；若实施方案2，预计第一个月的销量是促销前的1.4倍和1.5倍的概率分别是0.7和0.3，第二个月的销量是第一个月的1.2倍和
6、1.6倍的概率分别是0.6和0.4令i（i=1，2）表示实施方案i的第二个月的销量是促销前销量的倍数（）求1，2的分布列：（）不管实施哪种方案，i与第二个月的利润之间的关系如表，试比较哪种方案第二个月的利润更大销量倍数i1.71.7i2.3i2.3利润（万元）15202520（12分）已知双曲线y2=1的焦点是椭圆C： +=1（ab0）的顶点，且椭圆与双曲线的离心率互为倒数（I）求椭圆C的方程；（）设动点M在椭圆C上，且|MN|=，记直线MN在y轴上的截距为m，求m的最大值21（12分）已知函数f（x）=ax+b在点（e，f（e）处的切线方程为y=ax+2e（）求实数b的值；（）若存在xe，e
7、2，满足f（x）+e，求实数a的取值范围选修4-4：坐标系与参数方程22（10分）在平面直角坐标系xOy中已知直线l的普通方程为xy2=0，曲线C的参数方程为（为参数），设直线l与曲线C交于A，B两点（1）求线段AB的长（2）已知点P在曲线C上运动当PAB的面积最大时，求点P的坐标及PAB的最大面积选修4-5：不等式选讲23（I）已知a+b+c=1，证明（a+1）2+（b+1）2+（c+1）2；（）若对任总实数x，不等式|xa|+|2x1|2恒成立，求实数a的取值范围2017年广东省广州市高考数学二模试卷（理科）参考答案与试题解析选择题：本题共12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只
8、有一项是符合题目要求的1已知集合A=x|x1|1，B=x|10，则AB=（）Ax|1x2Bx|0x2Cx|0x1Dx|0x1【考点】1E：交集及其运算【分析】求出A，B中不等式的解集，找出A与B的交集即可【解答】解：由|x1|1，即1x11，即0x2，即A=x|0x2，由10，即0，解得x1或x0，即B=x|x1或x0则AB=x|1x2，故选：A【点评】此题考查了交集及其运算，熟练掌握交集的定义是解本题的关键2若复数z满足（34i+z）i=2+i，则复数z所对应的点位于（）A第一象限B第二象限C第三象限D第四象限【考点】A3：复数相等的充要条件【分析】把已知等式变形，利用复数代数形式的乘除运算
9、化简求得z，得到z的坐标得答案【解答】解：由（34i+z）i=2+i，得34i+z=，z=2+2i复数z所对应的点的坐标为（2，2），位于第二象限故选：B【点评】本题考查复数代数形式的乘除运算，考查了复数的代数表示法及其几何意义，是基础题3执行如图所示的程序图，则输出的S值为（）A4B3C2D3【考点】EF：程序框图【分析】由已知中的程序语句可知该框图的功能是利用循环结构计算并输出变量S的值，模拟程序的运行过程，分析循环中各变量值的变化情况，可得答案【解答】解：s=0，i=2，s=2，i=3，s=1i=4，s=3，i=5，s=2，i=6，s=4，i=76，结束循环，输出s=4，故选：A【点评】
10、本题考查了程序框图的应用问题，解题时应模拟程序框图的运行过程，以便得出正确的结论，属于基础题4从1，2，3，4，5这5个数字中任取3个数字组成没有重复数字的三位数，则这个三位数是偶数的概率为（）ABCD【考点】CB：古典概型及其概率计算公式【分析】先求出基本事件总数n=60，再求出这个三位数是偶数包含的基本事件个数，由此能求出这个三位数是偶数的概率【解答】解：从1，2，3，4，5这5个数字中任取3个数字组成没有重复数字的三位数，基本事件总数n=60，这个三位数是偶数包含的基本事件个数m=24，这个三位数是偶数的概率为p=故选：B【点评】本题考查概率的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意等可能
11、事件概率计算公式的合理运用5函数f（x）=ln（|x|1）+x的大致图象是（）ABCD【考点】3O：函数的图象【分析】化简f（x），利用导数判断f（x）的单调性即可得出正确答案【解答】解：f（x）的定义域为x|x1或x1f（x）=，f（x）=，当x1时，f（x）0，当x2时，f（x）0，当2x1时，f（x）0，f（x）在（，2）上单调递增，在（2，1）上单调递减，在（1，+）上单调递增故选A【点评】本题考查了函数图象的判断，函数单调性的判断，属于中档题6已知cos（）=，则sin=（）ABCD【考点】GO：运用诱导公式化简求值【分析】利用二倍角的余弦公式、诱导公式，求得sin的值【解答】解：c
12、os（）=，cos（）=21=sin，即sin=，故选：C【点评】本题主要考查二倍角的余弦公式、诱导公式的应用，属于基础题7已知点A（4，4）在抛物线y2=2px （p0）上，该抛物线的焦点为F，过点A作该抛物线准线的垂线，垂足为E，则EAF的平分线所在的直线方程为（）A2x+y12=0Bx+2y12=0C2xy4=0Dx2y+4=0【考点】K8：抛物线的简单性质【分析】先求出抛物线方程，再抛物线的定义可得|AF|=|AE|，所以EAF的平分线所在直线就是线段EF的垂直平分线，从而可得结论【解答】解：点A（4，4）在抛物线y2=2px（p0）上，16=8p，p=2抛物线的焦点为F（1，0），准
13、线方程为x=1，E（1，4）由抛物线的定义可得|AF|=|AE|，所以EAF的平分线所在直线就是线段EF的垂直平分线kEF=2，EAF的平分线所在直线的方程为y4=（x4），即x2y+4=0故选D【点评】本题考查抛物线的标准方程，考查学生的计算能力，属于基础题8在棱长为2的正方体ABCDA1B1C1D1中，M是棱A1D1的中点，过C1，B，M作正方体的截面，则这个截面的面积为（）ABCD【考点】LA：平行投影及平行投影作图法【分析】由于截面被平行平面所截，所以截面为梯形，取AA1的中点N，可知截面为等腰梯形，利用题中数据可求【解答】解：取AA1的中点N，连接MN，NB，MC1，BC1，由于截面
14、被平行平面所截，所以截面为梯形，且MN=BC1=，MC1=BN，=，梯形的高为，梯形的面积为（）=，故选C【点评】本题的考点是棱柱的结构特征，主要考查几何体的截面问题，关键利用正方体图形特征，从而确定截面为梯形9已知kR，点P（a，b）是直线x+y=2k与圆x2+y2=k22k+3的公共点，则ab的最大值为（）A15B9C1D【考点】J9：直线与圆的位置关系【分析】先根据直线与圆相交，圆心到直线的距离小于等于半径，以及圆半径为正数，求出k的范围，再根据P（a，b）是直线x+y=2k与圆x2+y2=k22k+3的公共点，满足直线与圆方程，代入直线与圆方程，化简，求出用k表示的ab的式子，根据k的
15、范围求ab的最大值【解答】解：由题意，圆心（0.0）到直线的距离d=解得3k1，又k22k+30恒成立k的取值范围为3k1，由点P（a，b）是直线x+y=2k与圆x2+y2=k22k+3的公共点，得（a+b）2a2b2=2ab=3k2+2k3=3（k+）2，k=3时，ab的最大值为9故选B【点评】本题主要考查了直线与圆相交位置关系的判断，做题时考虑要全面，不要丢情况10已知函数f（x）=2sin（x+）（0）的图象在区间0，1上恰有3个最高点，则的取值范围为（）A，）B，）C，）D4，6）【考点】H2：正弦函数的图象【分析】根据区间0，1上，求出x+的范围，由于在区间0，1上恰有3个最高点，建
16、立不等式关系，求解即可【解答】解：函数f（x）=2sin（x+）（0），x0，1上，x+，图象在区间0，1上恰有3个最高点，+，解得：故选C【点评】本题主要考查对三角函数的化简能力和三角函数的图象和性质的运用，利用三角函数公式将函数进行化简是解决本题的关键属于中档题11如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗线画出的是某三棱锥的三视图，则该三棱锥的体积为（）ABCD16【考点】L!：由三视图求面积、体积【分析】根据三视图可知三棱锥倒立放置，从而得出棱锥的高，根据俯视图找出三棱锥的底面，得出底面积，从而可求出棱锥的体积【解答】解：由主视图和侧视图可知三棱锥倒立放置，棱锥的底面水平放置，故三棱锥的高为
17、h=4，主视图为直角三角形，棱锥的一个侧面与底面垂直，结合俯视图可知三棱锥的底面为俯视图中的左上三角形，S底=4，V=故选：B【点评】本题考查了棱锥的三视图和体积计算，根据三视图的特征找出棱锥的底面是关键，属于中档题12定义在R上的奇函数y=f（x）为减函数，若m，n满足f（m22m）+f（2nn2）0，则当1n时，的取值范围为（）A，1B1，C，D，1【考点】3N：奇偶性与单调性的综合【分析】根据条件，确定函数的奇偶性，利用函数的奇偶性和单调性将不等式进行转化，利用线性规划的知识即可得到结论【解答】解：由题意，不等式f（m22m）+f（2nn2）0等价为f（m22m）f（2nn2）=f（2n
18、+n2），定义在R上的函数y=f（x）是减函数m22mn22n，即（mn）（m+n2）0，且1n，n=，m=，或m=设z=，则z的几何意义为区域内的动点P（n，m）与原点连线的斜率，（，）与原点的连线斜率为1，（，）与原点的连线斜率为，的取值范围为故选：D【点评】本题主要考查函数奇偶性和单调性的应用，利用线性规划以及直线斜率的几何意义是解决本题的关键，综合性较强，有一定的难度二、填空题（共4小题，每小题5分，满分20分）13已知点O（0，0），A（1，3），B（2，4），=2+m，若点P在y袖上，则实数m=【考点】9H：平面向量的基本定理及其意义【分析】利用坐标来表示平面向量的运算，又因为点P
19、在y轴上，所以它的横坐标为0，从而得到答案【解答】解：O（0，0），A（1，3），B（2，4），=（1，3），=（3，7），P在y袖上，可设=（0，y），=2+m，（0，y）=2（1，3）+m（3，7）=（3m2，67m），3m2=0，解得m=【点评】本题考查了利用坐标来表示平面向量的运算，属于最基本的题目14孙子算经是我国古代重要的数学著作，约成书于四、五世纪，传本的孙子算经共三卷，其中下卷：“物不知数”中有如下问题：“今有物，不知其数，三三数之，剩二；五五数之，剩三；七七数之，剩二，问：物几何？”其意思为：“现有一堆物品，不知它的数目，3个3个数，剩2个，5个5个数，剩3个，7个7个数，剩
20、2个，问这堆物品共有多少个？”试计算这堆物品至少有23个【考点】F4：进行简单的合情推理【分析】根据“三三数之剩二，五五数之剩三，七七数之剩二”找到三个数：第一个数能同时被3和5整除；第二个数能同时被3和7整除；第三个数能同时被5和7整除，将这三个数分别乘以被7、5、3除的余数再相加即可求出答案【解答】解：我们首先需要先求出三个数：第一个数能同时被3和5整除，但除以7余1，即15；第二个数能同时被3和7整除，但除以5余1，即21；第三个数能同时被5和7整除，但除以3余1，即70；然后将这三个数分别乘以被7、5、3除的余数再相加，即：152+213+702=233最后，再减去3、5、7最小公倍数
21、的整数倍，可得：2331052=23，或者105k+23（k为正整数）这堆物品至少有23，故答案为：23【点评】本题考查的是带余数的除法，简单的合情推理的应用，根据题意下求出15、21、70这三个数是解答此题的关键，属于中档题15设（x2y）5（x+3y）4=a9x9+a8x8y+a7x7y2+a1xy8+a0y9，则a0+a8=2590【考点】DB：二项式系数的性质【分析】展开（x2y）5（x+3y）4=+（2y）5x4+4x33y+6x2（3y）2+4x（3y）3+（3y）4=a9x9+a8x8y+a7x7y2+a1xy8+a0y9，比较系数即可的得出【解答】解：（x2y）5（x+3y）4
22、=+（2y）5x4+4x33y+6x2（3y）2+4x（3y）3+（3y）4=a9x9+a8x8y+a7x7y2+a1xy8+a0y9，则a0+a8=（2）534+1210=2590故答案为：2590【点评】本题考查了二项式定理的应用，考查了推理能力与计算能力，属于基础题16在平面四边形ABCD中，连接对角线BD，已知CD=9，BD=16，BDC=90，sinA=，则对角线AC的最大值为27【考点】HT：三角形中的几何计算【分析】根据题意，建立坐标系，求出D、C、B的坐标，设ABD三点都在圆E上，其半径为R，由正弦定理计算可得R=10，进而分析可得E的坐标，由于sinA为定值，则点A在以点E（
23、6，8）为圆心，10为半径的圆上，当且仅当C、E、A三点共线时，AC取得最大值，计算即可得答案【解答】解：根据题意，建立如图的坐标系，则D（0，0），C（9，0），B（0，16），BD中点为G，则G（0，8），设ABD三点都在圆E上，其半径为R，在RtADB中，由正弦定理可得=2R=20，即R=10，即EB=10，BG=8，则EG=6，则E的坐标为（6，8），故点A在以点E（6，8）为圆心，10为半径的圆上，当且仅当C、E、A三点共线时，AC取得最大值，此时AC=10+EC=27；故答案为：27【点评】本题考查正弦定理的应用，注意A为动点，需要先分析A所在的轨迹三、解答题（共5小题，满分60分
24、）解答须写出文字说明，证明过程或演算步骤17（12分）（2017广州二模）设等比数列an的前n项和为Sn，已知a1a2a3=8，S2n=3（a1+a3+a5+a2n1）（nN*）（）求数列an的通项公式；（）设bn=nSn，求数列bn的前n项和Tn【考点】8E：数列的求和；8H：数列递推式【分析】（）先根据等比数列的性质可求出a2的值，然后根据S2n=3（a1+a3+a2n1）中令n=1可求出首项a1，从而求出公比，即可求出an的通项公式，（）先根据等比数列的求和公式求出Sn，再求出bn=nSn，根据分组求和和错位相减法求和即可【解答】解：（）利用等比数列的性质可得，a1a2a3=a23=8
25、即a2=2S2n=3（a1+a3+a2n1）n=1时有，S2=a1+a2=3a1从而可得a1=1，q=2，an=2n1，（）由（）可得Sn=1+2n，bn=nSn=n+n2n，Tn=（1+2+3+n）+12+222+323+n2n，设An=12+222+323+n2n，2An=122+223+（n1）2n+n2n+1，两式相减可得An=2+22+23+2nn2n+1=n2n+1=2+2n+1n2n+1=2+（1n）2n+1，An=2+（n1）2n+1，Tn=+2+（n1）2n+1【点评】本题主要考查了等比数列的前n项和以及错位相减法求和，以及等比数列的性质和通项公式，属于中档题18（12分）（
26、2017广州二模）如图，ABCD是边长为a的菱形，BAD=60，EB平面ABCD，FD平面ABCD，EB=2FD=a（）求证：EF丄AC；（）求直线CE与平面ABF所成角的正弦值【考点】MI：直线与平面所成的角【分析】（）证明AC平面EFDB，即可证明EF丄AC；（）建立坐标系，利用向量方法，即可求直线CE与平面ABF所成角的正弦值【解答】（）证明：EB平面ABCD，AC平面ABCD，EBAC，ABCD是边长为a的菱形，ACBD，EBBD=B，EBFD，AC平面EFDB，EF丄AC；（）解：建立如图所示的坐标系，则A（a，0，0），B（0，0），F（0， a），C（a，0，0），E（0， a）
27、，=（a， a），=（a，0），=（a， a），设平面ABF的法向量为=（x，y，z），则，取=（，3，2），直线CE与平面ABF所成角的正弦值=【点评】本题考查线面垂直的判定，考查线面角，考查向量方法的运用，考查学生分析解决问题的能力，属于中档题19（12分）（2017广州二模）某商场拟对商品进行促销，现有两种方案供选择每种促销方案都需分两个月实施，且每种方案中第一个月与第二个月的销售相互独立根据以往促销的统计数据，若实施方案1，顶计第一个月的销量是促销前的1.2倍和1.5倍的概率分别是0.6和0.4第二个月销量是笫一个月的1.4倍和1.6倍的概率都是0.5；若实施方案2，预计第一个月的销量
28、是促销前的1.4倍和1.5倍的概率分别是0.7和0.3，第二个月的销量是第一个月的1.2倍和1.6倍的概率分别是0.6和0.4令i（i=1，2）表示实施方案i的第二个月的销量是促销前销量的倍数（）求1，2的分布列：（）不管实施哪种方案，i与第二个月的利润之间的关系如表，试比较哪种方案第二个月的利润更大销量倍数i1.71.7i2.3i2.3利润（万元）152025【考点】CG：离散型随机变量及其分布列；CH：离散型随机变量的期望与方差【分析】（）依题意，1的所有取值为1.68，1.92，2.1，2.4，分别求出相应的概率，由此能求出1的分布列；依题意，2的所有可能取值为1.68，1.8，2.24
29、，2.4，分别求出相应的概率，由此能求出2的分布列（）Qi表示方案i所带来的利润，分别求出EQ1，EQ2，由EQ1EQ2，实施方案1，第二个月的利润更大【解答】解：（）依题意，1的所有取值为1.68，1.92，2.1，2.4，P（1=1.68）=0.60.5=0.30，P（1=1.92）=0.60.5=0.30，P（1=2.1）=0.40.5=0.20，P（1=2.4）=0.40.5=0.20，1的分布列为： 1 1.68 1.92 2.12.4 P 0.30 0.30 0.20 0.20依题意，2的所有可能取值为1.68，1.8，2.24，2.4，P（2=1.68）=0.70.6=0.42，
30、P（2=1.8）=0.30.6=0.18，P（2=2.24）=0.70.4=0.28，P（2=2.4）=0.30.4=0.12，2的分布列为： 2 1.68 1.8 2.24 2.4 P 0.42 0.18 0.28 0.12（）Qi表示方案i所带来的利润，则： Q1 15 20 25 P 0.30 0.50 0.20 Q2 15 20 25 P 0.42 0.46 0.12EQ1=150.30+200.50+250.20=19.5，EQ2=150.42+200.46+250.12=18.5，EQ1EQ2，实施方案1，第二个月的利润更大【点评】本题考查离散型随机变量的分布列、数学期望的求法，是
31、中档题，解题时要认真审题，在历年高考中都是必考题型之一20（12分）（2017广州二模）已知双曲线y2=1的焦点是椭圆C： +=1（ab0）的顶点，且椭圆与双曲线的离心率互为倒数（I）求椭圆C的方程；（）设动点M在椭圆C上，且|MN|=，记直线MN在y轴上的截距为m，求m的最大值【考点】KL：直线与椭圆的位置关系【分析】（I）由题意求得椭圆的离心率，即可求得a和b的值，即可求得椭圆方程；（）分类讨论，当斜率为0时，即可求得m的值，设直线l的方程，代入椭圆方程，利用韦达定理及弦长公式即可求得m的表达式，利用导数求得函数的单调性及最值，即可求得m的最大值【解答】解：（）双曲线y2=1的焦点是椭圆C
32、： +=1（ab0）的顶点，且椭圆与双曲线的离心率互为倒数，a=， =，c=，b=，椭圆C的方程为=1（）当直线MN的斜率为0时，由|MN|=，则M（，y），则y=，则直线MN在y轴上的截距为，当直线MN的斜率不存时，与y轴无焦点，设MN为：y=kx+m，（k0）联立，得（1+6k2）x2+12kmx+6m26=0，=（12km）24（1+6k2）（6m26）0，=144k224m2+240，m26k2+1，|MN|=，=，整理，得，6k2+1，整理得：36k4+12k2+10，即6k2+10，k（，0）（0，+），则=，令k2+1=t，t1，则f（t）=2t+，t1，求导f（t）=2+，令f
33、（t）0，解得：1t，令f（t）0，解得：t，则f（t）在（1，）单调递增，在（，+）单调递减，当t=时，f（t）取最大值，最大值为，m的最大值为，综上可知：m的最大值为【点评】本题考查椭圆的标准方程及简单几何性质，直线与椭圆的位置关系，考查韦达定理，弦长公式，利用导数求函数的单调性及最值，考查计算能力，属于中档题21（12分）（2017广州二模）已知函数f（x）=ax+b在点（e，f（e）处的切线方程为y=ax+2e（）求实数b的值；（）若存在xe，e2，满足f（x）+e，求实数a的取值范围【考点】6E：利用导数求闭区间上函数的最值；6H：利用导数研究曲线上某点切线方程【分析】（）求导，利用
34、导数的几何意义，直线的点斜式方程，即可求得实数b的值；（）则a在e，e2上有解，构造辅助函数，求导，利用导数与函数单调性的关系，求得h（x）的取值【解答】解：（）f（x）=ax+b，x（0，1）（1，+），求导，f（x）=a，则函数f（x）在点（e，f（e）处切线方程y（eex+b）=a（xe），即y=ax+e+b，由函数f（x）在（e，f（e）处的切线方程为y=ax+2e，比较可得b=e，实数b的值e；（）由f（x）+e，即ax+e+e，则a在e，e2，上有解，设h（x）=，xe，e2，求导h（x）=，令p（x）=lnx2，x在e，e2时，p（x）=0，则函数p（x）在e，e2上单调递减，p
35、（x）p（e）=lne20，则h（x）0，及h（x）在区间e，e2单调递减，h（x）h（e2）=，实数a的取值范围，+【点评】本题考查导数的综合应用，导数的几何意义，利用导数求函数的切线方程，利用导数求函数的单调性及最值，考查计算能力，属于中档题选修4-4：坐标系与参数方程22（10分）（2017广州二模）在平面直角坐标系xOy中已知直线l的普通方程为xy2=0，曲线C的参数方程为（为参数），设直线l与曲线C交于A，B两点（1）求线段AB的长（2）已知点P在曲线C上运动当PAB的面积最大时，求点P的坐标及PAB的最大面积【考点】KL：直线与椭圆的位置关系；QL：椭圆的参数方程【分析】（1）根据
36、题意，将曲线C的参数方程变形为普通方程，将直线xy2=0代入其中，可得x23x=0，解可得x的值，由弦长公式计算可得答案；（2）分析可得要使PAB的面积最大，则必须使P到直线直线l的距离最大，设P的坐标为（2cos，2sin），其中0，2），由点到直线l的距离公式可得d=，由余弦函数的性质分析可得当+=，即=时，d取得最大值，代入点的坐标（2cos，2sin）中可得P的坐标，进而计算可得PAB的最大面积，即可得答案【解答】解：（1）根据题意，曲线C的参数方程为，则其普通方程为： +=1，将直线xy2=0代入+=1可得：x23x=0，解可得x=0或3，故|AB|=|x1x2|=3；（2）要求在椭
37、圆+=1上求一点P，使PAB的面积最大，则P到直线直线l的距离最大；设P的坐标为（2cos，2sin），其中0，2），则P到直线l的距离d=，又由0，2），则+，所以当+=，即=时，d取得最大值，且dmax=3，此时P（3，1），PAB的最大面积S=|AB|d=9【点评】本题考查椭圆与直线的位置关系，涉及椭圆的参数方程，关键是正确将参数方程化为普通方程选修4-5：不等式选讲23（2017广州二模）（I）已知a+b+c=1，证明（a+1）2+（b+1）2+（c+1）2；（）若对任总实数x，不等式|xa|+|2x1|2恒成立，求实数a的取值范围【考点】R4：绝对值三角不等式；R6：不等式的证明【分
38、析】（I）利用柯西不等式，即可证明；（）分：a=、a、a三种情况，分别化简不等式，根据函数y=|2x1|+|xa|的最小值大于或等于2，求得a的范围【解答】（I）证明：由柯西不等式可得（1+1+1）（a+1）2+（b+1）2+（c+1）2（a+1+b+1+c+1）2，a+b+c=1，（a+1）2+（b+1）2+（c+1）2；（）解：当a=时，不等式即|x|，显然不能任意实数x均成立当a时，|2x1|+|xa|=，此时，根据函数y=|2x1|+|xa|的单调性可得y的最小值为3+a+1不等式|2x1|+|xa|2对任意实数x均成立，3+a+12，解得 a当a时，|2x1|+|xa|=，此时，根据函数y=|2x1|+|xa|的单调性可得y的最小值为a+1不等式|2x1|+|xa|2对任意实数x均成立，a+12，解得 a综上可得，实数a的取值范围是（，+）【点评】本题主要考查绝对值不等式的解法，体现了转化以及分类讨论的数学思想，属于中档题