1、柳州铁一中学20152016学年第二学期高一年级期考物理理科试卷一. 选择题（本题包括10小题每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1. 探测器探测到土星外层上有一个小环，为了判断它是土星的一部分还是土星的卫星群，可以测量环中各层的线速度v与该层到土星中心的距离R之间的关系来确定A若，则该环是土星的一部分 B若，则该环是土星的卫星群C若，则该环是土星的一部分 D若，则该环是土星的卫星群2关于机械能守恒，下列说法正确的是A做匀速直线运动的物体，其机械能一定守恒 B平抛运动的物体，其机械能一定守恒C做匀速圆周运动的物
2、体，其机械能一定守恒 D物体不受摩擦力，其机械能一定守恒3. 如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹粒子先经过M点，再经过N点可以判断 A粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力 BM点的电势高于N点的电势 C粒子带正电 D粒子在M点的动能大于在N点的动能4.我国计划在2017年前后发射一颗返回式月球着陆器，进行首次月球样品取样并安全返回地球设想着陆器完成了对月球的考察任务后，由月球表面回到绕月球做圆周运动的轨道舱已知月球表面的重力加速度为g，月球半径为R，轨道舱到月球中心的距离为r，引力常量为G，那么，由以上条件可求出的物理量是A地球的质量 B月球的质量C月
3、球绕地球转动的周期 D轨道舱绕月球转动的周期5. 如图所示，可视为质点的小球A、B用不可伸长的细软轻线连接，跨过固定在地面上半径为R的光滑圆柱，A的质量为B的3倍当B位于地面时，A恰与圆柱轴心等高将A由静止释放，A下落到地面时不在弹起，则B上升的最大高度是A2R B. C. D. 6如图所示,虚线为静电场中的等势面1234,相邻的等势面之间的电势差相等,其中等势面3的电势为0,一带正电的点电荷在静电力的作用下,经过a、b点时动能分别为26 eV和5 eV当此点电荷运动到某一位置,其电势能变为8 eV时,它的动能应为A. 4 eV B. 11 eV C. 13 eV D. 20 eV7. 银河系
4、的恒星中大约四分之一是双星某双星由质量不等的星体S1和S2构成，两星在相互之间的万有引力作用下绕两者连线上某一定点O做匀速圆周运动. 由天文观测得其周期为T，S1到O点的距离为r1，S1和S2的距离为r，已知万有引力常量为G.由此可求出S2的质量为A. B. C. D. 8a是静置在地球赤道上的物体，b是近地卫星，c是地球同步卫星，a、b、c在同一平面内绕地心做逆时针方向的圆周运动，某时刻，它们运行到过地心的同一直线上，如图甲所示一段时间后，它们的位置可能是图乙中的 9. 两块大小、形状完全相同的金属平板平行正对放置，构成一平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，接通开关S，电源即给电容器充电
5、则A保持S接通，增大两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B保持S接通，在两极板间插入一块电介质，则极板上的电荷量不变C断开S，增大两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D断开S，在两极板间插入一块电介质，则两极板间的电势差增大10. 如图所示，手持一根长为l的轻绳的一端在水平桌面上做半径为r、角速度为的匀速圆周运动，绳始终保持与该圆周相切，绳的另一端系一质量为m的木块，木块也在桌面上做匀速圆周运动，不计空气阻力则A绳对木块不做功 B木块不受桌面的摩擦力C绳的拉力大小等于 D绳拉木块做功的功率等于m3r(l2+r2)/l二非选择题（本大题6个小题，共60分）11. （6分）某探究小组想利
6、用验证机械能守恒定律的装置测量当地的重力加速度，如图甲所示框架上装有可上下移动位置的光电门1和固定不动的光电门2；框架竖直部分紧贴一刻度尺，零刻度线在上端，可以测量出两个光电门到零刻度线的距离x1和x2；框架水平部分用电磁铁吸住一个质量为m的小铁块，小铁块的重心所在高度恰好与刻度尺零刻度线对齐切断电磁铁线圈中的电流时，小铁块由静止释放，当小铁块先后经过两个光电门时，与光电门连接的传感器即可测算出其速度大小v1和v2 . 小组成员多次改变光电门1的位置，得到多组x1和v1的数据，建立如图乙所示的坐标系并描点连线，得出图线的斜率为k.(1) 当地的重力加速度为_(用k表示)(2) 若选择光电门2所
7、在高度为零势能面，则小铁块经过光电门1时的机械能表达式为 _ (用题中物理量的字母表示)(3) 关于光电门1的位置，下面哪个做法可以减小重力加速度的测量误差()A尽量靠近刻度尺零刻度线B尽量靠近光电门2C既不能太靠近刻度尺零刻度线，也不能太靠近光电门212（8分）某实验小组采用如图所示的装置探究功与速度变化的关系，图中小车中可放置砝码，实验中，打点计时器的工作频率为50Hz . (1)下图是钩码质量为0.03kg、砝码质量为0.02kg时得到的一条纸带，在纸带上选择起始点O及A、B、C、D、E计数点，可获得各计数点到O的距离x及对应时刻小车的瞬时速度v，请将C点的测量结果填在表中的相应位置纸带
8、的测量结果测量点x/cmv/(ms1)O0.000.35A1.510.40B3.200.45CD7.150.53E9.410.60(2)本实验，若用钩码的重力表示小车受到的合外力，为了减小这种做法带来的实验误差，应采取的两项措施是：_；_.13（10分）如图为一真空示波管的示意图，电子从灯丝K发出(初速度可忽略不计)，经灯丝与A板间的电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中(偏转电场可视为匀强电场)，电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点已知M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L，偏转电场右边缘
9、到荧光屏的距离为L0，电子的质量为m，电荷量为e，不计电子受到的重力及它们之间的相互作用力(1)求电子穿过A板时速度的大小；(2)求电子打在荧光屏上的侧移量OP的距离14（10分）宇航员站在一星球表面上的某高处，沿水平方向抛出一个小球，经过时间t，小球落到星球表面，测得抛出点与落地点间的距离为L；若抛出时的初速度不变，高度增大到原来的2倍，则抛出点到落地点间的距离为L，已知两落地点在同一水平面上，该星球的半径为R，万有引力常量为G求：（1）该星球表面的重力加速度g是多少？（2）该星球的密度是多少？ 15. （12分）如图所示，AB为半径R0.8m的1/4光滑圆弧轨道，下端B恰与小车右端平滑对接
10、小车质量M3kg，车足够长现有一质量m1kg的滑块，由轨道顶端无初速释放，滑到B端后冲上小车已知地面光滑，滑块与小车上表面间的动摩擦因数0.3，当车运行了1.5 s时，车被地面装置锁定 (g10m/s2) 求：(1)滑块到达B端时，轨道对它支持力的大小；(2)车被锁定时，车右端距轨道B端的距离；(3)从车开始运动到被锁定的过程中，滑块与车面间由于摩擦而产生的内能大小16.（14分）如图所示，在竖直面上固定着光滑绝缘的圆形空心管，其圆心在O点过O点的一条水平直径及其延长线上的A、B两点固定着两个电荷其中固定于A点的为正电荷，所带的电荷量为Q；固定于B点的是未知电荷在它们形成的电场中，有一个可视为
11、质点的质量为m、带电荷量为q的小球正在空心管中做圆周运动，若已知小球以某一速度通过最低点C处时，小球恰好与空心管上、下壁均无挤压且无沿切线方向的加速度，A、B间的距离为L，ABC=ACB=30COOB，静电力常量为k，重力加速度为g（1）判断小球和固定在B点的电荷带正电还是负电；（2）求出固定在B点的电荷所带的电荷量；（3）当小球运动到圆形空心管最高点时，空心管对小球作用力的大小和方向高一物理理科期考试卷参考答案1. AD 2. B 3. BC 4. BD 5. D 6. A 7. D 8. AC 9. A 10. D11. （每空2分）(1) (2) 或 (3) C12. （每空2分） (1
12、) 5.18 (5.175.20均可) 0.49(2) 平衡摩擦力钩码的重力远小于小车及砝码的重力和13解:(1)设电子经电压U1加速后的速度为v0，由动能定理有eU1mv （2分）解得v0. （1分）(2)电子沿极板方向做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动设偏转电场的电场强度为E，电子在偏转电场中运动的时间为t，加速度为a，电子离开偏转电场时的侧移量为y.由牛顿第二定律和运动学公式有t a yat2 （3分） 解得 y. （1分）由相似三角形得 （2分）解得 （1分）14解：（1）抛出点高度h、水平射程x与L之间有关系： （1分）当初速度不变，抛出高度增加到原来的2倍时，水
13、平射程增加到原来x， （1分）则有 （1分）解得 又 （1分） 所以 （1分）（2）在星球表面上 得 （2分）所以 （1分）=（1分） （2分）15解： (1)设滑块到达B端时速度为v，由动能定理，得mgR （1分）由牛顿第二定律，得FNmg （1分）联立两式，代入数值得轨道对滑块的支持力：FN3mg30 N （1分）(2)当滑块滑上小车后，由牛顿第二定律，得对滑块有：mgma1 （1分） 对小车有：mgMa2 （1分）设经时间t两者达到共同速度，则有：va1ta2t 解得t1 s （1分）由于1 s1.5 s，此时小车还未被锁定，两者的共同速度：va2t1 m/s （1分）因此，车被锁定时，
14、车右端距轨道B端的距离：xv(t0t)1 m （1分）(3)从车开始运动到被锁定的过程中，滑块相对小车滑动的距离x2 m （2分）所以产生的内能：Emgx6 J （2分）16. 解析：（1）根据小球的受力情况如图所示，故小球带负电，B处电荷带负电。 （2分）（2）由几何关系知LACL，LBC2LABcos 30L （1分）根据小球的受力分析图可知F1sin 30F2cos 30 （1分）即F1F2 （1分） 则 （1分）所以QBQ （1分）(3)根据对称性，小球位于最低点和最高点时受到的静电力F的大小相等，方向均指向圆心小球在最低点C处时，由牛顿第二定律，有Fmg （1分）小球在最低点C和最高点的电势能相同 （1分）对小球从C点运动到最高点的过程应用能量守恒定律得： （1分）小球在最高点时由牛顿第二定律，有：F+mgF管 （2分）解得F管6mg （1分） 方向竖直向上 （1分）版权所有：高考资源网()