1、2015年广西柳州一中高考物理一模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1在物理学的研究及应用过程中涉及诸多的思想方法，如理想化、模型化、放大、假说、极限思想，控制变量、猜想、假设、类比、比值法等等以下关于所用思想方法的叙述不正确的是（）A在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是假设法B速度的定义式v=，采用的是比值法；当t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想C在探究电阻、电压和电流三者之间的关系时，先保持电
2、压不变研究电阻与电流的关系，再保持电流不变研究电阻与电压的关系，该实验应用了控制变量法D如图是三个实验装置，这三个实验都体现了放大的思想2形成雾霾天气的主要污染物是PM2.5，为了研究PM2.5的相关性质，某实验小组在实验中让一带电PM2.5颗粒（重力不计），垂直射入正交的匀强电场和磁场区域，如图所示，其中M、N为正对的平行带电金属板，结果它恰能沿直线运动则（）AM板一定带正电BPM2.5颗粒一定带正电C若仅使PM2.5颗粒的带电量增大，颗粒一定向M板偏移D若仅使PM2.5颗粒的速度增大，颗粒一定向N板偏移3如图所示，理想变压器原副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均
3、为理想电表，除R以外其余电阻不计从某时刻开始在原线圈c、d两端加上u1=220sin100t（V）的交变电压，并将开关接在a处则（）At=0.01s时，电流表A1的示数为0B若单刀双掷开关接a，则电压表示数为22 VC若单刀双掷开关接a，再将滑动变阻器触片P向下移，电压表 示数变大D若仅将单刀双掷开关由a拨向b，变压器的输入功率变小4质量为m的小球（视为质点）从某液面上方一定高度处由静止释放，进人液体后受到的阻力与其速率成正比小球在整个运动过程中的速率随时间变化的规律如图所示，取重力加速度为g则下列分析中正确的是（）A小球在液体中先做匀减速运动后做匀速运动B小球在液体中受到的阻力与其速率的比值
4、为C小球进入液体瞬间的加速度大小为gD小球在t1t2时间内的平均速度大于5一正三角形导线框ABC（高度为a）从图示位置沿x轴正向匀速穿过两匀强磁场区域两磁场区域磁感应强度大小均为B、方向相反、垂直于平面、宽度均为a图乙反映感应电流I与线框移动距离x的关系，以逆时针方向为电流的正方向图象正确的是（）ABCD6假设地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，飞船在距地面高度为3R的圆轨道运动，到达轨道上A点点火进入椭圆轨道，到达轨道的近地点B再次点火进入近地轨道绕地球做圆周运动，不考虑飞船质量的变化，下列分析正确的是（）A飞船在轨道上运行速率可能超过7.9km/sB飞船在轨道上运行速率为C飞船从轨道到
5、轨道机械能增加D飞船在轨道绕地球运行一周所需的时间为27如图所示轻质弹簧的一端与固定的竖直板P拴接，另一端与物体A相连，物体A静止于光滑水平桌面上，右端接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体B相连开始时用手托住B，让细线恰好伸直，然后由静止释放B直至B获得最大速度下列有关该过程的分析正确的是（）AB物体的动能增加量等于B物体重力势能的减少量BB物体的机械能一直减小C细线拉力对A做的功等于A物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量DB物体机械能的减少量等于弹簧的弹性势能的增加量8如图所示，MN为纸面内的一条直线，其所在空间分布与纸面平行的匀强电场或与纸面垂直的匀强磁场的单一场区现有重力不计的带电粒子从
6、MN上的O点以水平初速度v0沿纸面射入场区，下列判断正确的是（）A如果粒子回到MN上时速率不变，则该空间存在的一定是磁场B如果粒子回到MN上时速率增大，则该空间存在的一定是电场C若仅增大水平初速度v0，发现粒子再回到MN上时速度方向与增大前相同，则该空间存在的一定是磁场D若仅增大水平初速度v0，发现粒子再回到MN所用的时间发生变化，则该空间存在的一定是电场二、非选择题：包括必考题和选考题两部分考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9在探究“加速度与力、质量的关系”的实验中：（1）小明同学在进行实验之前，将实验器材组装如图1所示该装置中的错误或不妥之处有：；（2）小明改正实验装置后，图2是他
7、在实验中得到的一条纸带，图中相邻两计数点之间的时间间隔为T，由图中物理量可得小车的加速度a的表达式为m/s210（1）测某金属丝的电阻率，为了精确的测出金属丝的电阻，需用欧姆表对金属丝的电阻粗测，如图是分别用欧姆档的“1档”（图a）和“10档”（图b）测量时表针所指的位置，则测该段金属丝应选择档（填“1”或“10”），该段金属丝的阻值约为（2）所测金属丝的直径d如图c所示，d=mm；接入电路金属丝的长度L如图d（金属丝的左端与零刻度线对齐）所示，L=cm（3）为了更精确的测量该段金属丝的电阻，实验室提供了如下实验器材：A电源电动势E（3V，内阻约1）B电流表A1（00.6A，内阻r1约5）C电
8、流表A2（010mA，内阻r2=10）D电压表V（015V，内阻约3k）E定值电阻R0=250F滑动变阻器R1（05，额定电流1A）G滑动变阻器R2（0150，额定电流0.3A）H开关，导线若干请根据你选择的实验器材在如图e的虚线框内画出实验电路图并标明所选器材的字母代号（4）若所选电表A1、A2的读数分别用I1、I2表示，根据你上面所设计的实验电路，所测金属丝的电阻的表达式为R=，若所测电阻值为R，所测金属丝电阻率的表达式为=（用R、L、d表示）11如图所示，半径为r的光滑圆管形轨道AB部分平直，BC部分是处于竖直平面内半径为R的半圆，r远小于R有一质量m，半径比r略小的光滑小球以水平初速度
9、v0射入圆管中：（1）要求小球从C端出来，初速度v0至少多大？（2）若小球的初速度速度为v0=6，求小球对管壁的作用力12如图1所示，宽度为d的竖直狭长区域内（边界为L1、L2），存在垂直纸面向里的匀强磁场和竖直方向上的周期性变化的电场（如图2所示），电场强度的大小为E0，E0表示电场方向竖直向上t=0时，一带正电、质量为m的微粒从左边界上的N1点以水平速度v射入该区域，沿直线运动到Q点后，做一次完整的圆周运动，再沿直线运动到右边界上的N2点Q为线段N1N2的中点，重力加速度为g上述d、E0、m、v、g为已知量（1）求微粒所带电荷量q和磁感应强度B的大小；（2）求电场变化的周期T；（3）改变宽
10、度d，使微粒仍能按上述运动过程通过相应宽度的区域，求T的最小值（二）选考题：共45分请考生从给出的3道物理题中任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号方框图黑注意所做题目都题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选大区域指定位置答题如果不涂、多涂均按所答第一题评分；多答则按所答的第一题评分【物理-选修3-3】13下列说法中正确的是（）A同一温度下，气体分子速率呈现出“中间多，两头少”的分布规律B单晶体和多晶体都有规则的几何外形C布朗运动反映了固体小颗粒内分子的无规则运动D物体熔化时吸热，分子平均动能不一定增加E完全失重状态下的气体压强一定不为零14如图为一个封闭有一定质量理想气体的内
11、壁光滑的圆环形细管，S是固定在管上的阀门，M为可自由移动的活塞，其质量不计初始时，S、M与管道中心O在同一水平面内，气体被均分为上下两部分，气体温度均为T0=305K，压强为P0=1.05105Pa现对下面部分气体缓慢加热，且保持上面部分气体温度不变，当活塞M缓慢移动到管道最高点时，求：上面部分气体的压强；下面部分气体的温度【物理-选修3-4】15一列简谐横波，某时刻的图象如图甲所示，从该时刻开始计时，波上A质点的振动图象如图乙所示，则以下说法正确的是（）A这列波沿x轴正向传播B这列波的波速是25m/sC质点P将比质点Q先回到平衡位置D经过t=0.4s，A质点通过的路程为4mE经过t=0.8s
12、，A质点通过的位移为8m16 “道威棱镜”广泛地应用在光学仪器当中，如图，将一等腰直角棱镜截去棱角，使其平行于底面，可制成“道威棱镜”，这样就减小了棱镜的重量和杂散的内部反射如图所示，从M点发出的一束平行于底边CD的单色光从AC边射入，已知棱镜玻璃的折射率n=求光线进入“道威棱镜”时的折射角，并通过计算判断光线能否从CD边射出【物理一一选修3-5】17下列说法正确的是（）A卢瑟福通过粒子散射实验建立了原子核式结构模型B宏观物体的物质波波长非常小极易观察到它的波动性C衰变中产生的射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的D爱因斯坦在对光电效应的研究中，提出了光子说E对于任何一种金属都存在
13、一个“最大波长”，入射光的波长必须小于这个波长，才能产生光电效应18如图所示，质量为m1=0.2kg的小物块A，沿水平面与小物块B发生正碰，小物块B质量为m2=1kg碰撞前A的速度大小为v0=3m/s，B静止在水平面上由于两物块的材料未知，将可能发生不同性质的碰撞，已知A、B与地面间的动摩擦因素均为=0.2，重力加速度g取10m/s2，试求碰后B在水平面上滑行的时间2015年广西柳州一中高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1在物
14、理学的研究及应用过程中涉及诸多的思想方法，如理想化、模型化、放大、假说、极限思想，控制变量、猜想、假设、类比、比值法等等以下关于所用思想方法的叙述不正确的是（）A在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是假设法B速度的定义式v=，采用的是比值法；当t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想C在探究电阻、电压和电流三者之间的关系时，先保持电压不变研究电阻与电流的关系，再保持电流不变研究电阻与电压的关系，该实验应用了控制变量法D如图是三个实验装置，这三个实验都体现了放大的思想【考点】物理学史【分析】常用的物理学研究方法有：控制变量法、等效替代法、模型法
15、、比较法、类比法、转换法等，是科学探究中的重要思想方法质点是实际物体在一定条件下的科学抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法；在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法；将微小形变放大是利用放大的思想方法【解答】解：A、质点是用来代替物体的有质量的点，采用的科学方法为物理化模型的方法，故A错误；B、为研究某一时刻或某一位置时的速度，我们采用了取时间非常小，即让时间趋向无穷小时的平均速度作为瞬时速度，即采用了极限思维法，故B正确；C、在探究电阻、电压和电流三者之间的关系时，先保
16、持电压不变研究电阻与电流的关系，再保持电流不变研究电阻与电压的关系，该实验应用了控制变量法故C正确D、用力向下压，使桌面产生微小形变，使平面镜M逆时针方向微小旋转，若使法线转过角，则M反射的光线旋转的角度为2，N反射的光线就就旋转了4，那么投射到平面镜上的光斑走过的距离就更大，故该实验观察测量结果采用的是微小变量放大法第三个装置都是球m，受到m对它的引力会使竖直悬线发生扭转，从而使镜面M的法线转过微小角度，从而电光源的投影会在标尺上移动一定距离，从而将微小形变放大将微小形变进行放大，故都是利用放大的思想方法这两个装置都是将微小形变进行放大，故都是利用放大的思想方法用挤压玻璃瓶时微小的变化不易观
17、察，但通过细管中水位的变化能够观察出来，是一种放大的思想故D正确本题选错误的，故选：A【点评】在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注重科学方法的积累与学习2形成雾霾天气的主要污染物是PM2.5，为了研究PM2.5的相关性质，某实验小组在实验中让一带电PM2.5颗粒（重力不计），垂直射入正交的匀强电场和磁场区域，如图所示，其中M、N为正对的平行带电金属板，结果它恰能沿直线运动则（）AM板一定带正电BPM2.5颗粒一定带正电C若仅使PM2.5颗粒的带电量增大，颗粒一定向M板偏移D若仅使PM2.5颗粒的速度增大，颗粒
18、一定向N板偏移【考点】带电粒子在混合场中的运动【专题】带电粒子在复合场中的运动专题【分析】首先分析粒子在复合场中的受力情况，粒子受到电场力和洛伦兹力作用，无论粒子电性如何，电场力和洛伦兹力都将方向相反，然后根据粒子在复合场中运动特点结合能量关系分析即可得出答案【解答】解：A：无论粒子带何种电荷，由于电场力与洛伦兹力都是方向相反的，大小相等根据左手定则，若是正电荷，其的洛伦兹力方向向上，电场力方向向下，而正电荷受到电场力与与电场强度同向，则M板带正电；若是负电荷，则洛伦兹力向下，电场力向上，负电荷受到电场力方向与电场强度方向相反，则M板带正电，故A正确，B错误C：根据电场力和洛伦兹力平衡，即qv
19、B=qE，v=，与电量的多少无关故C错误D：若使PM2.5颗粒的速度增大，则洛伦兹力增大，则电场力与洛伦兹力不平衡，出现偏转现象，因洛伦兹力方向不确定，则不一定向N板偏移，故D错误故选：A【点评】考查粒子受洛伦兹力与电场力做直线运动，其一定是匀速直线运动，并会根据力的大小来确定偏转方向3如图所示，理想变压器原副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想电表，除R以外其余电阻不计从某时刻开始在原线圈c、d两端加上u1=220sin100t（V）的交变电压，并将开关接在a处则（）At=0.01s时，电流表A1的示数为0B若单刀双掷开关接a，则电压表示数为22 VC若单刀双
20、掷开关接a，再将滑动变阻器触片P向下移，电压表 示数变大D若仅将单刀双掷开关由a拨向b，变压器的输入功率变小【考点】变压器的构造和原理【专题】交流电专题【分析】根据变压器特点：匝数与电压成正比、与电流成反比，输入功率等于输出功率【解答】解：A、电表显示的是有效值，原线圈两端电压有效值为220V，根据匝数比等于电压比知电压表的示数为22V，副线圈的电流I=，原线圈电流为I不等于零，故A错误；B、电压表显示的是有效值，原线圈两端电压为220V，根据匝数比等于电压比知电压表的示数为22V，故B正确；C、若将滑动变阻器触片P向下移动，负载电阻减小，电流都增大而电压不变，因为电压由匝数比和输入电压决定，
21、故C错误；D、若将单刀双掷开关由a拨向b，变压比增大，则输出电压增大，输入功率等于输出功率增大，故D错误；故选：B【点评】做好本题需要理解交流电的瞬时值表达式和闭合电路欧姆定律在变压器中的应用4质量为m的小球（视为质点）从某液面上方一定高度处由静止释放，进人液体后受到的阻力与其速率成正比小球在整个运动过程中的速率随时间变化的规律如图所示，取重力加速度为g则下列分析中正确的是（）A小球在液体中先做匀减速运动后做匀速运动B小球在液体中受到的阻力与其速率的比值为C小球进入液体瞬间的加速度大小为gD小球在t1t2时间内的平均速度大于【考点】匀变速直线运动的图像【专题】运动学中的图像专题【分析】由图象得
22、到小球下降过程的运动规律，然后进行受力分析，根据牛顿第二定律和运动学公式进行分析【解答】解：A、有图象可知；小球在液体中先做减速运动后做匀速运动，但不是匀减速运动，故A错误；B、当速度为v2时，匀速下降，故小球在液体中受到的阻力与其速率的比值为，故B错误；C、小球进入瞬间，有：mgkv1=ma1，阻力与其速率的比值为，联立解得加速度大小为 a=g，故C正确；D、速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移，由图象得，匀减速直线运动的位移大于变减速运动位移，匀减速直线运动的平均速度等于，故小球小球在t1t2平均速度小于，故D错误；故选：C【点评】速度时间图象斜率表示加速度，面积表示位移，会用极限的思想
23、求解位移5一正三角形导线框ABC（高度为a）从图示位置沿x轴正向匀速穿过两匀强磁场区域两磁场区域磁感应强度大小均为B、方向相反、垂直于平面、宽度均为a图乙反映感应电流I与线框移动距离x的关系，以逆时针方向为电流的正方向图象正确的是（）ABCD【考点】导体切割磁感线时的感应电动势【专题】电磁感应与电路结合【分析】线框匀速穿过两磁场区域时，分为三个过程：穿过左侧磁场，穿过两磁场分界线和穿过右侧磁场由有效切割长度变化，根据感应电动势公式，分析感应电动势的变化，再分析感应电流的变化【解答】解：A、x在a2a范围，线框穿过两磁场分界线时，BC、AC边在右侧磁场中切割磁感线，有效切割长度逐渐增大，产生的感
24、应电动势E1增大，AC边在左侧磁场中切割磁感线，产生的感应电动势E2增大，两个电动势串联，总电动势E=E1+E2增大故A错误； B、x在0a范围，线框穿过左侧磁场时，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针，为正值故B错误； CD、在2a3a，线框穿过左侧磁场时，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针，为正值故C正确，D错误故选：C【点评】本题选择的方法是排除法，将选项逐一代入检验，剔除不符合题意的选项，最后选出正确的答案6假设地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，飞船在距地面高度为3R的圆轨道运动，到达轨道上A点点火进入椭圆轨道，到达轨道的近地点B再次点火进入近地轨道绕地球做圆周运动，不考虑飞船质量
25、的变化，下列分析正确的是（）A飞船在轨道上运行速率可能超过7.9km/sB飞船在轨道上运行速率为C飞船从轨道到轨道机械能增加D飞船在轨道绕地球运行一周所需的时间为2【考点】万有引力定律及其应用【专题】万有引力定律的应用专题【分析】在地球表面，万有引力等于重力，在任意轨道，万有引力提供向心力，联立方程即可求解；卫星变轨也就是近心运动或离心运动，根据提供的万有引力和所需的向心力关系确定；飞船在近地轨道绕地球运行，重力提供向心力，根据向心力周期公式即可求解【解答】解：A、7.9km/s是近地圆轨道的环绕速度，在B点速度必须大于7.9km/s才能做离心运动，才能沿着轨道运动，故A正确；B、飞船在轨道上
26、，轨道半径为4R，万有引力提供向心力，有：=m地球表面重力加速度：g=联立解得：v=，故B错误；C、飞船从轨道到轨道要在A点刹车减速做向心运动，故机械能要减小，故C错误；D、飞船在轨道运行时，重力等于向心力，故：mg=m解得：T=2，故D正确；故选：AD【点评】该题考查了万有引力公式及向心力基本公式的应用，难度不大，属于中档题7如图所示轻质弹簧的一端与固定的竖直板P拴接，另一端与物体A相连，物体A静止于光滑水平桌面上，右端接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体B相连开始时用手托住B，让细线恰好伸直，然后由静止释放B直至B获得最大速度下列有关该过程的分析正确的是（）AB物体的动能增加量等于B物体重
27、力势能的减少量BB物体的机械能一直减小C细线拉力对A做的功等于A物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量DB物体机械能的减少量等于弹簧的弹性势能的增加量【考点】功能关系【分析】正确解答该题要分析清楚过程中两物体受力的变化情况和各个力做功情况，根据功能关系明确系统动能、B重力势能、弹簧弹性势能等能量的变化情况，注意各种功能关系的应用【解答】解：A、B、由于要可以细线拉力做功，故物体B的机械能减小，故物体B的重力势能的减小量大于其动能的增加量，故A错误，B正确；C、系统机械能的增量等于系统除重力和弹簧弹力之外的力所做的功，A物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量等于细线拉力对A做的功，故C正确；D、整个
28、系统中，根据功能关系可知，B减小的机械能能转化为A的机械能以及弹簧的弹性势能，故B物体机械能的减少量大于弹簧弹性势能的增加量，故D错误；故选：BC【点评】正确受力分析，明确各种功能关系，是解答这类问题的关键，这类问题对于提高学生的分析综合能力起着很重要的作用8如图所示，MN为纸面内的一条直线，其所在空间分布与纸面平行的匀强电场或与纸面垂直的匀强磁场的单一场区现有重力不计的带电粒子从MN上的O点以水平初速度v0沿纸面射入场区，下列判断正确的是（）A如果粒子回到MN上时速率不变，则该空间存在的一定是磁场B如果粒子回到MN上时速率增大，则该空间存在的一定是电场C若仅增大水平初速度v0，发现粒子再回到
29、MN上时速度方向与增大前相同，则该空间存在的一定是磁场D若仅增大水平初速度v0，发现粒子再回到MN所用的时间发生变化，则该空间存在的一定是电场【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】洛伦兹力不做功，电场力可以做功；粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，在电场中做类似抛体运动【解答】解：A、若带电粒子以与电场线平行的速度v0射入，粒子返回速率不变，故A错误；B、洛伦兹力对带电粒子不做功，不能使粒子速度增大，电场力可使带电粒子做功，动能增大，故速率增加一定是电场，故B正确；C、若带电粒子以与电场线平行的速度v0射入，粒子返回速率不变，故C错误；D、由T=知，粒子在磁场
30、中运动的时间与速率无关；故时间改变一定是电场；故D正确；故选：BD【点评】本题关键是分电场和磁场两种情况进行分析讨论，抓住匀速圆周运动模型和直线运动模型进行分析讨论二、非选择题：包括必考题和选考题两部分考生根据要求作答（一）必考题（共129分）9在探究“加速度与力、质量的关系”的实验中：（1）小明同学在进行实验之前，将实验器材组装如图1所示该装置中的错误或不妥之处有：打点计时器的电源不能用干电池；小车离打点计时器太远（2）小明改正实验装置后，图2是他在实验中得到的一条纸带，图中相邻两计数点之间的时间间隔为T，由图中物理量可得小车的加速度a的表达式为m/s2【考点】探究加速度与物体质量、物体受力
31、的关系【专题】实验题【分析】（1）打点计时器使用的是交流电源，而干电池是直流电源接通电源前，小车应紧靠打点计时器，而在该图中小车初始位置离打点计时器太远（2）根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小【解答】解：（1）打点计时器应该用低压交流电（图中干电池为直流电源）；小车离定滑轮太近（离打点计器较远），小车应靠近打点计时器且打点计时器应距左端较远，这样便于小车运动一段过程，从而能准确测量小车的加速度，减小误差；没有平衡摩擦力；（2）相邻两计数点之间的时间间隔为T，根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：（s4s2）s2=a（2T2）即：a=故答案为：（
32、1）打点计时器的电源不能用干电池；小车离打点计时器太远；（2）【点评】把握实验原理才能准确的把握实验的操作步骤，才能准确的选择和操作实验器材要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用10（1）测某金属丝的电阻率，为了精确的测出金属丝的电阻，需用欧姆表对金属丝的电阻粗测，如图是分别用欧姆档的“1档”（图a）和“10档”（图b）测量时表针所指的位置，则测该段金属丝应选择1档（填“1”或“10”），该段金属丝的阻值约为7（2）所测金属丝的直径d如图c所示，d=1.750mm；接入电路金属丝的长度L如图d（金属丝的左端与零刻度线对齐）所示，L=98.0
33、2cm（3）为了更精确的测量该段金属丝的电阻，实验室提供了如下实验器材：A电源电动势E（3V，内阻约1）B电流表A1（00.6A，内阻r1约5）C电流表A2（010mA，内阻r2=10）D电压表V（015V，内阻约3k）E定值电阻R0=250F滑动变阻器R1（05，额定电流1A）G滑动变阻器R2（0150，额定电流0.3A）H开关，导线若干请根据你选择的实验器材在如图e的虚线框内画出实验电路图并标明所选器材的字母代号（4）若所选电表A1、A2的读数分别用I1、I2表示，根据你上面所设计的实验电路，所测金属丝的电阻的表达式为R=，若所测电阻值为R，所测金属丝电阻率的表达式为=（用R、L、d表示）
34、【考点】测定金属的电阻率【专题】实验题【分析】（1）应用欧姆表测定值时应选择合适的挡位，使指针指针表盘中央刻度线附近，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；确定刻度尺分度值，然后读出其示数（3）根据实验原理与所给实验器材选择实验需要的实验器材，根据实验器材与实验目的设计实验原理图（4）根据实验电路图应用欧姆定律求出电阻表达式，由电阻定律求出电阻率的表达式【解答】解：（1）由图a、b所示可知，图b所示欧姆表指针偏转角度太大，应选用图a所示测量电阻阻值，图a所示欧姆档的“1档”，所测电阻阻值为71=7；（2）由图c所示螺旋测微器可知，固
35、定刻度示数为1.5mm，可动刻度示数为25.00.01mm=0.250mm，螺旋测微器示数为1.5mm+0.250mm=1.750mm；由图d所示刻度尺可知，其分度值为1mm，刻度尺示数为98.02cm；（3）电压表量程为15V，电源电动势为3V，用电压表测电压误差太大，不能用电压表测电压，可以用内阻已知的电流表A2与定值电阻串联组成电压表测电压，电路最大电流约为I=0.43A，电流表应选A1，待测电阻丝阻值约为7，电流表内阻约为5，电压表内阻为10+250=260，电压表内阻远大于电阻丝电阻，电流表应采用外接法，为测多组实验数据、方便实验操作，滑动变阻器应选择R1并采用分压接法，实验电路图如
36、图所示：（4）由电路图可知，电阻两端电压为：U=I2（R0+r2），待测电阻阻值为：RX=，电阻为：R=，则电阻率为：=；故答案为：（1）1，7.0；（2）1.750，98.02；（3）如图；（4）；【点评】应用欧姆表测定值时应选择合适的挡位，使指针指针表盘中央刻度线附近，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；本题考查了实验器材选择与实验电路设计，知道实验原理、知道实验器材的选择原则选择实验器材，然后设计实验电路11如图所示，半径为r的光滑圆管形轨道AB部分平直，BC部分是处于竖直平面内半径为R的半圆，r远小于R有一质量m，半径比r略小的
37、光滑小球以水平初速度v0射入圆管中：（1）要求小球从C端出来，初速度v0至少多大？（2）若小球的初速度速度为v0=6，求小球对管壁的作用力【考点】机械能守恒定律；向心力【专题】机械能守恒定律应用专题【分析】（1）当球恰好能从C端出来时，速度为零，根据机械能守恒定律求解初速度v0（2）小球从A到C过程，只有重力做功，机械能守恒，根据守恒定律列式求解出C点的速度；在C点，弹力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解弹力【解答】解：（1）恰好过C点：vc=0从A到C，由机械能守恒：解得：（2）从A到C，由机械能守恒：解得：在C点设作用力方向竖直向下：解得：FN=31mg由牛顿第三定律：小球对
38、管壁的作用力，方向竖直向上；答：（1）要求小球从C端出来，初速度v0至少为；（2）若小球的初速度速度为v0=6，小球对管壁的作用力为31mg，方向竖直向上【点评】本题是机械能守恒定律与向心力知识的结合，考查综合应用物理规律的能力对于小球在管子里的运动情形与轻杆模型类似，关键抓住临界情况：小球恰好到最高点和在最高点恰好不受管壁作用力两种情况12如图1所示，宽度为d的竖直狭长区域内（边界为L1、L2），存在垂直纸面向里的匀强磁场和竖直方向上的周期性变化的电场（如图2所示），电场强度的大小为E0，E0表示电场方向竖直向上t=0时，一带正电、质量为m的微粒从左边界上的N1点以水平速度v射入该区域，沿直
39、线运动到Q点后，做一次完整的圆周运动，再沿直线运动到右边界上的N2点Q为线段N1N2的中点，重力加速度为g上述d、E0、m、v、g为已知量（1）求微粒所带电荷量q和磁感应强度B的大小；（2）求电场变化的周期T；（3）改变宽度d，使微粒仍能按上述运动过程通过相应宽度的区域，求T的最小值【考点】共点力平衡的条件及其应用；匀速圆周运动；线速度、角速度和周期、转速【专题】压轴题【分析】根据物体的运动性质结合物理情景确定物体的受力情况再根据受力分析列出相应等式解决问题【解答】解：（1）根据题意，微粒做圆周运动，洛伦兹力完全提供向心力，重力与电场力平衡，则mg=qE0微粒水平向右做直线运动，竖直方向合力为
40、0则 mg+qE0=qvB联立得：q=B=（2）设微粒从N1运动到Q的时间为t1，作圆周运动的周期为t2，则=vt1qvB=m2R=vt2联立得：t1=，t2=电场变化的周期T=t1+t2=+（3）若微粒能完成题述的运动过程，要求 d2R联立得：R=，设N1Q段直线运动的最短时间t1min，由得t1min=，因t2不变，T的最小值 Tmin=t1min+t2=答：（1）微粒所带电荷量q为，磁感应强度B的大小为（2）电场变化的周期T为+（3）T的最小值为【点评】运动与力是紧密联系的，通过运动情况研究物体受力情况是解决问题的一个重要思路（二）选考题：共45分请考生从给出的3道物理题中任选一题作答，
41、并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号方框图黑注意所做题目都题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选大区域指定位置答题如果不涂、多涂均按所答第一题评分；多答则按所答的第一题评分【物理-选修3-3】13下列说法中正确的是（）A同一温度下，气体分子速率呈现出“中间多，两头少”的分布规律B单晶体和多晶体都有规则的几何外形C布朗运动反映了固体小颗粒内分子的无规则运动D物体熔化时吸热，分子平均动能不一定增加E完全失重状态下的气体压强一定不为零【考点】布朗运动；温度是分子平均动能的标志；* 晶体和非晶体【专题】布朗运动专题【分析】多晶体没有规则的几何外形，布朗运动是固体颗粒的运动，零摄氏度的冰融化成零摄氏
42、度的水吸热，但温度不变，所以分子的平均动能不变，气体压强是由于气体分子的撞击引起的【解答】解：A、同一温度下，气体分子速率呈现出“中间多，两头少”的分布规律，A正确；B、多晶体没有规则的几何外形，B错误；C、布朗运动是固体颗粒的运动，间接反映了液体分子的无规则运动，C错误；D、零摄氏度的冰融化成零摄氏度的水吸热，但温度不变，所以分子的平均动能不变，D正确；E、气体压强是由于气体分子的撞击引起的，完全失重状态下气体的运动不会停止，E正确；故选：ADE【点评】掌握布朗运动的实质，晶体的特点，气体压强的微观解释，难度不大14如图为一个封闭有一定质量理想气体的内壁光滑的圆环形细管，S是固定在管上的阀门
43、，M为可自由移动的活塞，其质量不计初始时，S、M与管道中心O在同一水平面内，气体被均分为上下两部分，气体温度均为T0=305K，压强为P0=1.05105Pa现对下面部分气体缓慢加热，且保持上面部分气体温度不变，当活塞M缓慢移动到管道最高点时，求：上面部分气体的压强；下面部分气体的温度【考点】理想气体的状态方程；气体的等容变化和等压变化【专题】理想气体状态方程专题【分析】对上面气体应用玻意耳定律可以求出气体的压强；对下面气体应用理想气体状态方程可以求出气体的温度【解答】解：设四分之一圆环的容积为V，对上面气体，由题意可知，气体的状态参量：初状态：V1=2V，p1=P0=1.05105Pa，末状
44、态：V1=V，气体发生等温变化，由玻意耳定律得：p1V1=p1V1，代入数据得：p1=2.1105Pa；对下部分气体，由题意可知，气体的状态参量：初状态：V2=2V，T2=T0=305K，p2=P0=1.05105Pa，末状态：V2=3V，p2=p1=2.1105Pa，由理想气体状态方程得： =，代入数据得：T2=915K；答：上面部分气体的压强为2.1105Pa；下面部分气体的温度为915K【点评】应用理想气体状态方程与热力学第一定律即可正确解题，根据题意求出气体的初末状态参量、应用理想气体状态方程即可正确解题；要掌握连接体问题的解题思路与方法【物理-选修3-4】15一列简谐横波，某时刻的图
45、象如图甲所示，从该时刻开始计时，波上A质点的振动图象如图乙所示，则以下说法正确的是（）A这列波沿x轴正向传播B这列波的波速是25m/sC质点P将比质点Q先回到平衡位置D经过t=0.4s，A质点通过的路程为4mE经过t=0.8s，A质点通过的位移为8m【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系【专题】振动图像与波动图像专题【分析】由乙图读出t=0时刻质点A的速度方向，由甲图判断出波的传播方向由甲图读出波长，由乙图读出周期，求出波速判断该时刻P、Q的速度方向，即可分析它们回到平衡位置的先后；根据时间与周期的倍数关系，结合在一个周期内质点通过的路程是4倍振幅，求解经过t=0.4s，A质点通过的路程，
46、确定经过t=0.8s，A质点通过的位移【解答】解：A、由质点A的振动图象乙知：质点A在t=0时刻处于平衡位置且向上振动，则由波形平移法可知该波必定沿x轴负方向传播，故A错误B、由图甲知 =20m，由图乙知 T=0.8s，所以波速=25m/s，故B正确C、由于波沿x轴负方向传播，P点振动方向向下，回到平衡位置的时间小于T，而Q点由波谷直接向平衡位置振动，所需时间为T，故C正确D、由图知振幅A=2m因为t=0.4s=T，所以质点A通过的路程为S=2A=4m，故D正确E、因为t=0.8s=T，所以质点A通过的位移为0，故E错误故选：BCD【点评】本题既要理解振动图象和波动图象各自的物理意义，由振动图
47、象能判断出质点的速度方向，同时要把握两种图象的联系，由质点的速度方向，判断出波的传播方向对于简谐运动质点的路程，往往根据：在一个周期内质点通过的路程是4倍振幅，分析和求解16“道威棱镜”广泛地应用在光学仪器当中，如图，将一等腰直角棱镜截去棱角，使其平行于底面，可制成“道威棱镜”，这样就减小了棱镜的重量和杂散的内部反射如图所示，从M点发出的一束平行于底边CD的单色光从AC边射入，已知棱镜玻璃的折射率n=求光线进入“道威棱镜”时的折射角，并通过计算判断光线能否从CD边射出【考点】光的折射定律【专题】光的折射专题【分析】根据折射定律算出光线进入“道威棱镜”时的折射角；由公式sinC=计算出从棱镜射向
48、空气的临界角，由几何关系得到折射光线到达CD面的入射角，比较入射角与临界角C的大小【解答】解：根据折射定律：n=得：r=30由几何关系知=75根据全反射定律，sinC=得：C=457545，故在CD面发生全反射，没有光线射出；答：光线进入“道威棱镜”时的折射角为30，光线不能从CD边射出【点评】本题关键是画出光路图，找出入射角和折射角，掌握折射定律公式n=和全反射定律sinC=【物理一一选修3-5】17下列说法正确的是（）A卢瑟福通过粒子散射实验建立了原子核式结构模型B宏观物体的物质波波长非常小极易观察到它的波动性C衰变中产生的射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的D爱因斯坦在对光
49、电效应的研究中，提出了光子说E对于任何一种金属都存在一个“最大波长”，入射光的波长必须小于这个波长，才能产生光电效应【考点】物理学史【专题】常规题型【分析】卢瑟福粒子散射实验提出原子核式结构模型；波长非常小，难易观察到它的波动性；射线实际上是原子核中的中子放出来电子；爱因斯坦根据光电效应，提出光子说；【解答】解：A、卢瑟福通过粒子散射实验建立了原子核式结构模型，故A正确；B、宏观物体的物质波波长非常小，极易观察到它的粒子性，故B错误；C、衰变中产生的射线实际上是原子的核中的一个中子转化为质子同时生成一个电子，故C错误；D、爱因斯坦在对光电效应的研究中，提出了光子说，故D正确；E、对于任何一种金
50、属都存在一个“最大波长”，入射光的波长必须小于这个波长，才能产生光电效应，故E正确；故选：ADE【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一18如图所示，质量为m1=0.2kg的小物块A，沿水平面与小物块B发生正碰，小物块B质量为m2=1kg碰撞前A的速度大小为v0=3m/s，B静止在水平面上由于两物块的材料未知，将可能发生不同性质的碰撞，已知A、B与地面间的动摩擦因素均为=0.2，重力加速度g取10m/s2，试求碰后B在水平面上滑行的时间【考点】动量守恒定律；功能关系【专题】动量定理应用专题【分析】由于题目中说“由于两物块的材料未
51、知，将可能发生不同性质的碰撞”所以要对可能的碰撞进行讨论：1发生完全非弹性碰撞，此时A与B 的速度相同，B的速度最小，停下来 时间最短；2发生弹性碰撞，此时B的速度最大，停下来的时间最长；【解答】解：选取A与B组成的系统为研究的对象，假如两物块发生的是完全非弹性碰撞，碰后的共同速度为v1，则由动量守恒定律有：m1v0=（m1+m2）v1碰后，A、B一起滑行直至停下，设滑行时间为t1，则由动量定理有：（m1+m2）gt1=（m1+m2）v1解得t1=0.25s 假如两物块发生的是完全弹性碰撞，碰后A、B的速度分别为vA、v2，则由动量守恒定律有：m1v0=m1vA+m2v2由功能原理有设碰后B滑行的时间为t2，则m2gt2=m2v2解联立方程组得t2=0.5s 可见，碰后B在水平面上滑行的时间满足0.25st0.5s答：碰后B在水平面上滑行的时间满足0.25st0.5s【点评】该题中需要对碰撞的情况进行讨论，B物块停下来的时间在最长时间与最短时间之间，并不是单一的一个时间本题是容易出错的题目