1、四川省眉山市仁寿二中2014-2015学年高二上学期期末物理热身试卷一、选择题：本题共7小题，每小题6分，共42分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一个，有点有多个选项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1（6分）关于磁感应强度B，下列说法中正确的是（）A磁场中某点B的大小，跟放在该点的试探电流元的情况有关B磁场中某点B的方向，跟放在该点的试探电流元所受磁场力方向一致C在磁场中某点的试探电流元不受磁场力作用时，该点B值大小为零D在磁场中磁感线越密集的地方，磁感应强度越大2（6分）在如图所示的电路中，当滑动变阻器R3的滑动触头P向下滑动时（）A电压表示数变大，电流表
2、示数变小B电压表示数变小，电流表示数变大C电压表示数变大，电流表示数变大D电压表示数变小，电流表示数变小3（6分）如图所示，长为2l的直导线折成边长相等，夹角为60的V形，并置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中，磁感应强度为B当在该导线中通以电流强度为I的电流时，该V形通电导线受到的安培力大小和方向（平行于纸面）为（）ABil 竖直向下BBIl 竖直向上C2BIl竖直向下D2BIl竖直向上4（6分）如图所示，蹄形磁铁的两极之间放置一个线圈abcd，磁铁和线圈都可以绕OO轴转动，当磁铁按图示方向绕OO轴转动，线圈的运动情况是（）A俯视，线圈顺时针转动，转速与磁铁相同B俯视，线圈逆时针转动，转速与磁
3、铁相同C线圈与磁铁转动方向相同，但转速小于磁铁的转速D线圈静止不动 小于磁铁的转速5（6分）如图所示电路中，L是一电阻可忽略不计的电感线圈，a、b为B灯左右两端点，A、B、C为完全相同的三个灯泡，原来电键K是闭合的，三个灯泡均在发光某时刻将电键K打开，则下列说法正确的是（）A通过B灯电流方向由a到b，A灯闪亮后缓慢熄灭B通过B灯电流方向由b到a，B、C灯闪亮后缓慢熄灭C通过B灯电流方向由a到b，B、C灯闪亮后缓慢熄灭D通过B灯电流方向由b到a，B、C灯不会闪亮只是缓慢熄灭6（6分）如图所示，一个有界匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外一个矩形闭合导线框abcd，沿纸面由位置1（左）匀速运动到位置
4、2（右）则（）A导线框进入磁场时，感应电流方向为abcdaB导线框离开磁场时，感应电流方向为adcbaC导线框离开磁场时，受到的安培力方向水平向右D导线框进入磁场时受到的安培力方向水平向左7（6分）在如图所示的匀强电场和匀强磁场共存的区域内，电子（不计重力）可能沿水平方向向右作直线运动的是（）ABCD二、非选择题：（共17分）8（5分）多用电表表头的示意图如图所示在正确操作的情况下：（1）若选择开关的位置如黑箭头所示，则测量的物理量是正确操作后发现指针的偏转角很小，那么接下来的正确操作步骤应该依次为：改用倍率，然后，将红、黑表笔分别接触被测电阻的两根引线，读出指针所指刻度，再乘以倍率，得测量值
5、（2）无论用多用电表进行何种测量（限于直流），电流都应该从色表笔（填“红”或“黑”）经“+”插孔流入电表9（12分）某同学要测量一节干电池的电动势和内阻，实验器材仅有一个电压表（内阻很大）、一个电阻箱、一个开关和导线若干，该同学按如图所示电路进行实验，测得的数据如表所示实验次数12345R（）2.04.06.08.010.0U（V）1.001.191.271.311.35U/R（A）0.500.300.210.160.13（1）根据表中提供的数据，若利用图象确定电池的电动势和内阻，则应作图象；AU BRU CR D.U（2）根据（1），利用测得的数据，在坐标纸上画出适当的图象；（3）由（2）中
6、作出的图象可知，该电池的电动势E=V，内阻r=三、计算题10（15分）如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v从A点沿直径AOB方向射入磁场，经过t时间从C点射出磁场，OC与OB成60角现将带电粒子的速度变为，仍从A点沿原方向射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间是多少？11（17分）两根足够长的光滑平行直导轨MN、PQ与水平面成角放置，两导轨间距为L，M、P两点间接有阻值为R“的电阻一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直整套装置处于磁感应强度为B“的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向上，导轨和金属杆接触良好，它们的电阻不计现让ab杆由静止
7、开始沿导轨下滑（1）求ab杆下滑的最大速度vm；（2）ab杆由静止释放至达到最大速度的过程中，电阻R产生的焦耳热为Q，求该过程中ab杆下滑的距离x12（19分）如图甲所示，电阻不计，间距为l的平行长金属导轨置于水平面内，阻值为R的导体棒ab固定连接在导轨左端，另一阻值也为R的导体棒ef垂直放置到导轨上，ef与导轨接触良好现有一根轻杆一端固定在ef中点，另一端固定于墙上，轻杆与导轨保持平行，ef、ab两棒间距为d若整个装置处于方向竖直向下的匀强磁场中，且从某一时刻开始，磁感应强度B随时间t按图乙所示的方式变化（1）求在0to时间内流过导体棒ef的电流的大小；（2）求在to2to时间内通过线圈的电
8、荷量q四川省眉山市仁寿二中2014-2015学年高二上学期期末物理热身试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共7小题，每小题6分，共42分.在每小题给出的四个选项中，有的只有一个，有点有多个选项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1（6分）关于磁感应强度B，下列说法中正确的是（）A磁场中某点B的大小，跟放在该点的试探电流元的情况有关B磁场中某点B的方向，跟放在该点的试探电流元所受磁场力方向一致C在磁场中某点的试探电流元不受磁场力作用时，该点B值大小为零D在磁场中磁感线越密集的地方，磁感应强度越大考点：磁感应强度 分析：根据左手定则可知，磁感应强度的方向与安培力的方向
9、垂直；磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度此比值与磁场力及电流元均无关解答：解：A、磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度此比值与磁场力及电流元均无关故A错误；B、根据左手定则可知，磁感应强度的方向与安培力的方向垂直故B错误；C、当通电直导线的方向与磁场的方向平行时，通电直导线受到的安培力为0，而磁感应强度却不为0故C错误；D、磁感线的疏密表示磁场的强弱，在磁场中磁感线越密集的地方，磁感应强度大故D正确故选：D点评：本题关键要掌握磁感应强度的物理意义、定义方
10、法，以及磁感应强度与安培力之间的关系，即可进行分析判断基础题目2（6分）在如图所示的电路中，当滑动变阻器R3的滑动触头P向下滑动时（）A电压表示数变大，电流表示数变小B电压表示数变小，电流表示数变大C电压表示数变大，电流表示数变大D电压表示数变小，电流表示数变小考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：先分析电路结构，由滑片的移动可得出滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路的欧姆定律可得出总电流的变化，由U=EIr可得出路端电压的变化，得出并联部分电压的变化，求得R2中电流的变化，由并联电路的电流规律可得出电流表示数的变化解答：解：当滑片向下移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电
11、阻增大，则由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流减小，故内压减小，因此路端电压增大，并联部分电压也增大，故R2电压增大，电压表示数变大，故流过R2的电流增大，因总电流减小，故电流表示数减小；故A正确，BCD错误；故选：A点评：闭合电路的欧姆定律一般按先分析外电路，再分析内电路，最后再分析外电路的思路进行；若电阻与电源串联，可以等效为内阻处理3（6分）如图所示，长为2l的直导线折成边长相等，夹角为60的V形，并置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中，磁感应强度为B当在该导线中通以电流强度为I的电流时，该V形通电导线受到的安培力大小和方向（平行于纸面）为（）ABil 竖直向下BBIl 竖直向上C2BIl
12、竖直向下D2BIl竖直向上考点：安培力 分析：由安培力公式F=BIL进行计算，注意式中的L应为等效长度解答：解：导线在磁场内有效长度为2lsin30=l，故该V形通电导线受到安培力大小为F=BI2lsin30=BIL，由左手定则可得方向向上，则选项B正确故选：B点评：本题考查安培力的计算，熟记公式，但要理解等效长度的意义4（6分）如图所示，蹄形磁铁的两极之间放置一个线圈abcd，磁铁和线圈都可以绕OO轴转动，当磁铁按图示方向绕OO轴转动，线圈的运动情况是（）A俯视，线圈顺时针转动，转速与磁铁相同B俯视，线圈逆时针转动，转速与磁铁相同C线圈与磁铁转动方向相同，但转速小于磁铁的转速D线圈静止不动
13、小于磁铁的转速考点：楞次定律 专题：电磁感应与电路结合分析：转动磁铁时，导致线圈的磁通量发生变化，从而产生感应电流，出现安培力，导致线圈转动，由楞次定律可知，从而确定感应电流的方向，由于总是阻碍磁通量增加，故线圈与磁铁转动方向相同，但转动快慢不同解答：解：根据楞次定律可知，为阻碍磁通量变化，则导致线圈与磁铁转动方向相同，但快慢不一，线圈的转速一定比磁铁转速小，故ABD错误，C正确；故选：C点评：考查楞次定律、法拉第电磁感应定律，知道感应电流的磁通量总阻碍引起感应电流的磁场变化，同时掌握使用楞次定律判定感应电流方向的方法与技巧5（6分）如图所示电路中，L是一电阻可忽略不计的电感线圈，a、b为B灯
14、左右两端点，A、B、C为完全相同的三个灯泡，原来电键K是闭合的，三个灯泡均在发光某时刻将电键K打开，则下列说法正确的是（）A通过B灯电流方向由a到b，A灯闪亮后缓慢熄灭B通过B灯电流方向由b到a，B、C灯闪亮后缓慢熄灭C通过B灯电流方向由a到b，B、C灯闪亮后缓慢熄灭D通过B灯电流方向由b到a，B、C灯不会闪亮只是缓慢熄灭考点：自感现象和自感系数 分析：开关由闭合到断开瞬间，BC灯原来电流立即消失，而线圈产生自感电动势与ABC组成回路，由于阻碍作用使电流逐渐减小解答：解：开关闭合稳定时，L是一电阻可忽略不计的电感线圈，所以流过A的电流大于流过BC的，开关由闭合到断开瞬间，BC灯原来的电流瞬间消
15、失，而线圈产生自感电动势阻碍BC灯中电流减小，并与ABC组成回路，原来两支路灯电流不相等，则开关断开瞬间，电流都从原来A的值开始减小，所以三灯均过一会儿才熄灭，而流过灯泡BC的电流比原来大，B、C灯变亮后缓慢熄灭，电流的方向与L中的原多伦多方向相同，所以通过B灯电流方向由b到a，故B正确故选：B点评：本题考查对自感现象的理解和分析能力，可以用楞次定律和法拉第电磁感应定律判断、理解6（6分）如图所示，一个有界匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向外一个矩形闭合导线框abcd，沿纸面由位置1（左）匀速运动到位置2（右）则（）A导线框进入磁场时，感应电流方向为abcdaB导线框离开磁场时，感应电流方向为a
16、dcbaC导线框离开磁场时，受到的安培力方向水平向右D导线框进入磁场时受到的安培力方向水平向左考点：右手定则 分析：线框进入时bc边切割磁感线，出来时ad边切割磁感线，因此根据右手定则可以判断出电流方向，注意完全进入时，磁通量不变，无感应电流产生；然后根据左手定则判断安培力方向也可以利用楞次定律直接判断电流和受力方向解答：解：线框进入磁场时，磁通量增大，因此感应电流形成磁场方向向里，由安培定则可知感应电流方向为adcba，安培力方向水平向左，同理线框离开磁场时，电流方向为abcda，安培力方向水平向左，故ABC错误，D正确故选：D点评：本题可以利用楞次定律直接判断电流和受力方向，也可以利用右手
17、定则先判断电流向，然后利用左手定则判断受力方向7（6分）在如图所示的匀强电场和匀强磁场共存的区域内，电子（不计重力）可能沿水平方向向右作直线运动的是（）ABCD考点：带电粒子在混合场中的运动 专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：电子做直线运动，要求粒子受到得合力与初速度方向在同一直线上，逐项分析电子的受力情况即可解答解答：解：A、若电子向右运动，则受到电场力向左，洛伦兹力向下，合力跟初速度方向不在同一直线上，故A错误；B、若电子向右运动，则受到电场力向左，不受洛伦兹力，合力跟初速度方向在同一直线上，故B正确；C、若电子向右运动，则受到电场力向上，洛伦兹力向下，当电场力等于洛伦兹力时，电子向
18、右匀速运动，故C正确；D、若电子向右运动，则受到电场力向上，洛伦兹力向上，合力跟初速度方向不在同一直线上，故D错误；故选BC点评：本题主要考查了电子在电场和磁场中受力情况的分析，要使电子做直线运动，则要求粒子受到得合力与初速度方向在同一直线上，难度不大，属于基础题二、非选择题：（共17分）8（5分）多用电表表头的示意图如图所示在正确操作的情况下：（1）若选择开关的位置如黑箭头所示，则测量的物理量是电阻正确操作后发现指针的偏转角很小，那么接下来的正确操作步骤应该依次为：改用1k倍率，然后进行欧姆调零，将红、黑表笔分别接触被测电阻的两根引线，读出指针所指刻度，再乘以倍率，得测量值（2）无论用多用电
19、表进行何种测量（限于直流），电流都应该从红色表笔（填“红”或“黑”）经“+”插孔流入电表考点：用多用电表测电阻 专题：实验题分析：根据选择开关所处位置确定多用电表所测量的物理量及其量程（倍率），然后根据表头确定其分度值，根据指针位置读出其示数；用多用电表测电阻时要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度附近，如果指针偏转角度太小，说明所选挡位太小，应换大挡，然后进行欧姆调零，再进行测量；多用电表使用完毕，把选择开关置于off挡或交流电压最高挡；使用多用电表时，红表笔插“+”插孔，黑表笔插“”插孔，电流由红表笔流入电表解答：解：（1）若选择开关的位置如黑箭头所示，则测量的物理量是 电阻正确操作后发现指
20、针的偏转角很小，所选挡位太小，为准确测量电阻阻值，应改用1k倍率，然后进行欧姆调零，将红、黑表笔分别触被测电阻的两根引线，读出指针所指刻度，再乘以倍率，得测量值（2）无论用多用电表进行何种测量（限于直流），电流都应该从红色表笔经“+”插孔流入电表故答案为：（1）电阻；“1k；重新调零；（2）红点评：本题考查了多用电表的读数及使用注意事项，难度不大，是一道基础题，要掌握多用电表的读数方法及使用注意事项；在用欧姆表测电阻时，要选择合适的挡位，使指针指在表盘中央附近9（12分）某同学要测量一节干电池的电动势和内阻，实验器材仅有一个电压表（内阻很大）、一个电阻箱、一个开关和导线若干，该同学按如图所示电
21、路进行实验，测得的数据如表所示实验次数12345R（）2.04.06.08.010.0U（V）1.001.191.271.311.35U/R（A）0.500.300.210.160.13（1）根据表中提供的数据，若利用图象确定电池的电动势和内阻，则应作A图象；AU BRU CR D.U（2）根据（1），利用测得的数据，在坐标纸上画出适当的图象；（3）由（2）中作出的图象可知，该电池的电动势E=1.47V，内阻r=0.94考点：测定电源的电动势和内阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）根据闭合电路欧姆定律可得出相应的表达式，根据表达式选择最简单的图象进行处理；（2）由描点法即可作出相应的图象
22、；（3）由推导出来的表达式结合图象的性质可以得出电动势和内电阻解答：解：（1）由闭合电路欧姆定律可知：E=U+r，由表中数据可知，U与为线性函数关系，故可以作出U图象，故选A；（2）根据实验数据在坐标系内描出对应的点，然后作出图象，图象如图所示；（3）由图及公式可知，图象中图象与纵轴的交点为电动势，图象的斜率表示内阻，故可知电动势E=1.47V，内阻为r=0.94；故答案为：（1）A；（2）图象如图所示；（3）1.47（1.461.48均正确）；0.94（0.900.99均正确）点评：在测量电动势和内电阻的实验中由于公式较多，在解题中要根据题意，灵活的选用相应的表达式三、计算题10（15分）如
23、图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子以速度v从A点沿直径AOB方向射入磁场，经过t时间从C点射出磁场，OC与OB成60角现将带电粒子的速度变为，仍从A点沿原方向射入磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间是多少？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，应用牛顿第二定律求出粒子的轨道半径，根据粒子转过的圆心角与粒子的周期公式求出粒子的运动时间解答：解：根据作图法找出速度为v时的粒子轨迹圆圆心O，由几何关系可得：磁场中的轨迹弧所对圆心角A OC=60，设圆形磁场的半径为r，粒子的轨道半径为R1因此
24、有：qvB=m，轨迹圆半径：R1=r，当粒子速度变为v/3时，粒子的轨道半径为R2因此有：qvB=m，其轨迹圆半径：R2r，磁场中的轨迹弧所对圆心角：1=120，周期：，粒子运动时间：，解得：t2=2t；答：粒子在磁场中的运动时间为2t点评：本题考查了求粒子的运动时间，分析清楚粒子运动过程，应用牛顿第二定律与粒子的周期公式可以求出 粒子的运动时间11（17分）两根足够长的光滑平行直导轨MN、PQ与水平面成角放置，两导轨间距为L，M、P两点间接有阻值为R“的电阻一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直整套装置处于磁感应强度为B“的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向上，导轨和金属
25、杆接触良好，它们的电阻不计现让ab杆由静止开始沿导轨下滑（1）求ab杆下滑的最大速度vm；（2）ab杆由静止释放至达到最大速度的过程中，电阻R产生的焦耳热为Q，求该过程中ab杆下滑的距离x考点：安培力 分析：（1）在分析杆的运动时，注意由于杆的速度逐渐变大因此安培力将逐渐变大，所以杆从导轨上做加速度逐渐减小的加速运动，当安培力等于重力沿导轨分力时匀速运动，同时速度达到最大（2）杆下滑过程中，重力势能减小转化为电路中的焦耳热和杆的动能，因此根据功能关系可求出ab杆下滑的距离x；解答：解：（1）根据法拉第电磁感应定律 欧姆定律 安培力公式和牛顿第二定律 有 E=BLv FA=BILmgsinFA=
26、ma 即：当加速度a为零时，速度v达最大，速度最大值（2）根据能量守恒定律 有得：答：（1）ab杆下滑的最大速度为（2）ab杆下滑的距离为点评：对于电磁感应的综合问题要做好电流、安培力、运动、功能关系这四个方面的分析，同时这类问题涉及知识点多，容易混淆，要加强练习，平时注意知识的理解与应用12（19分）如图甲所示，电阻不计，间距为l的平行长金属导轨置于水平面内，阻值为R的导体棒ab固定连接在导轨左端，另一阻值也为R的导体棒ef垂直放置到导轨上，ef与导轨接触良好现有一根轻杆一端固定在ef中点，另一端固定于墙上，轻杆与导轨保持平行，ef、ab两棒间距为d若整个装置处于方向竖直向下的匀强磁场中，且
27、从某一时刻开始，磁感应强度B随时间t按图乙所示的方式变化（1）求在0to时间内流过导体棒ef的电流的大小；（2）求在to2to时间内通过线圈的电荷量q考点：法拉第电磁感应定律；安培力 专题：电磁感应与电路结合分析：（1）根据法拉第电磁感应定律，闭合电路欧姆定律与楞次定律，即可求解；（2）根据法拉第电磁感应定律，与电量表达式q=It，即可求解；解答：解：（1）在0t0时间内，磁感应强度的变化率=产生感应电动势的大小：E1=S=流过导体棒ef的电流大小：I1=（2）在t02t0时间内，磁感应强度的变化率=产生感应电动势的大小E2=ld=流过导体棒ef的电流大小I2=电荷量q=I2t0，解得：q=；答：（1）在0to时间内流过导体棒ef的电流的大小；（2）在to2to时间内通过线圈的电荷量点评：考查法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律等规律的应用，掌握受力平衡条件，注意电量表达式的内容