1、专题二动力学、能量、动量观点在力学中的应用第卷(选择题，共48分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第17题只有一项符合题目要求，第812题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1(2019浙江宁波慈溪高三上学期期末)下列关于运动和力的叙述，正确的是()A甲图中，蹲在体重计上的人突然站起的瞬间，指针示数会大于人的重力GB乙图中，在玻璃漏斗中做匀速圆周运动的小球受到的合外力是恒力C丙图中，在水平直跑道上减速的航天飞机，伞对飞机的拉力大于飞机对伞的拉力D丁图中，滑冰运动员通过圆弧弯道处，若此时地面摩擦力突然消失，则他将在
2、冰面上沿着轨迹半径方向“离心”而去答案A解析蹲在体重计上的人突然站起的瞬间，加速度方向向上，处于超重状态，指针示数会大于人的重力，A正确；小球在玻璃漏斗中做匀速圆周运动，合外力提供向心力，合外力的方向始终指向圆心，是变力，B错误；伞对飞机的拉力与飞机对伞的拉力是一对作用力和反作用力，大小相等，C错误；运动员通过圆弧弯道处，若地面摩擦力突然消失，他将沿轨迹切线方向“离心”而去，D错误。2(2019云南昭通高三上学期期末)光滑水平桌面上有P、Q两个物块，将一轻弹簧置于P、Q之间，用外力缓慢压P、Q，撤去外力后，P、Q开始运动，Q的动能是P的动能的n倍，则P和Q的质量之比为()An2 B. Cn D
3、1答案C解析设P与Q的质量分别为m和M，撤去外力后，系统受合外力为0，所以总动量守恒，设二者的动量大小分别为pP和pQ，P的动量方向为正方向，则根据动量守恒定律有：pPpQ0，故pPpQ；根据动能与动量的关系Ekmv2，所以，由题意，联立得n，C正确。3. (2019石家庄精英中学高三二调)如图所示，两辆质量均为M的小车A和B置于光滑的水平面上，有一质量为m的人静止站在A车上，两车静止。若这个人自A车跳到B车上，接着又跳回A车并与A车相对静止，则此时A车和B车的速度大小之比为()A. B. C. D.答案C解析A、B两车以及人组成的系统水平方向动量守恒，规定向右为正方向，有0MvB(Mm)vA
4、，解得：，C正确。4(2019四川广元高三第一次高考适应性考试)质量相等的甲、乙两物体从离地面相同高度处同时由静止开始下落，运动中两物体所受阻力的特点不同，其vt图象如图所示。则下列判断正确的是()At0时刻甲物体的加速度大于乙物体的加速度Bt0时刻甲、乙两物体所受阻力相同C0t0时间内，甲、乙两物体重力势能的变化量相同D0t0时间内，甲物体克服阻力做的功较多答案A解析由图线的斜率可以看出，t0时刻甲物体的加速度大于乙的加速度，A正确；在t0时刻，甲物体的加速度大于乙的加速度，根据牛顿第二定律可知ag，质量相等，则t0时刻甲物体所受阻力小于乙物体所受阻力，B错误；0t0时间内，乙下落的位移大于
5、甲下落的位移，则乙物体重力做的功较多，所以乙物体重力势能的变化量较大，C错误；0t0时间内，根据动能定理可知，甲、乙合外力做功相等，而乙重力做的功较多，所以乙克服阻力做的功较多，D错误。5(2019宁夏平罗中学高三上学期期末)“旋转秋千”是游乐园里常见的游乐项目，其基本装置是将绳子上端固定在转盘的边上，绳子下端连接座椅，人坐在座椅上随转盘旋转而在空中飞旋。若将人和座椅看成质点，“旋转秋千”可简化为如图所示的模型。其中，处于水平面内的圆形转盘，半径为r，可绕穿过其中心的竖直轴转动。让转盘由静止开始逐渐加速转动，经过一段时间后质点与转盘一起以角速度做匀速圆周运动，此时绳子与竖直方向的夹角为。已知绳
6、长为L且不可伸长，质点的质量为m，不计空气阻力及绳重。则下列说法中正确的是()A质点的重力越大，绳子与竖直方向的夹角越小B质点做匀速圆周运动的向心力是其所受悬线的拉力C转盘转动的角速度与夹角的关系为 D质点从静止到做匀速圆周运动的过程中，绳子对质点做的功为mg(rLsin)tan答案C解析稳定后，质点绕轴做匀速圆周运动，自身重力和悬线拉力的合力即悬线拉力在水平方向的分力提供向心力，B错误；角速度一定，根据几何关系可得圆周运动半径RrLsin，重力和绳子拉力的合力即mgtanm(rLsin)2，方程两边约去质量，即与重力大小无关，A错误；角速度 ，C正确；质点从静止到做匀速圆周运动的过程中，有重
7、力和绳子拉力做功，根据动能定理有WFmgL(1cos)m(rLsin)2，整理得WFmgL(1cos)mgtan(rLsin)，D错误。6(2019哈尔滨师大附中高三上学期期末)如图所示，在光滑的水平面上静止放着装有一条光滑弧形轨道的小车，小车的质量为1 kg。一质量为0.5 kg的小球以3 m/s的速度沿弧形轨道水平方向射入，小球沿弧形轨道上升至h高处后，再沿轨道下滑脱离小车(g10 m/s2)，则()Ah45 cmB小球上升至h处的速度为0C脱离时小球的速度大小为3 m/sD脱离时小车的速度大小为2 m/s答案D解析小球上升到最高点时与小车相对静止，有共同速度v，规定向右为正方向，由水平方
8、向动量守恒得：m1v0(m1m2)v，解得：v1 m/s，由机械能守恒定律得：m1v(m1m2)v2m1gh，联立以上两式解得：h0.3 m，A、B错误；设小球返回小车左端时速度为v1，此时小车速度为v2，规定向右为正方向，由水平方向动量守恒可得：m1v0m1v1m2v2，由机械能守恒得：m1vm1vm2v，联立解得：v22 m/s，v11 m/s，故脱离时小球的速度大小为1 m/s，小车的速度大小为2 m/s，C错误，D正确。7(2019全国卷)从地面竖直向上抛出一物体，物体在运动过程中除受到重力外，还受到一大小不变、方向始终与运动方向相反的外力作用。距地面高度h在3 m以内时，物体上升、下
9、落过程中动能Ek随h的变化如图所示。重力加速度取10 m/s2。该物体的质量为()A2 kg B1.5 kg C1 kg D0.5 kg答案C解析画出运动示意图如图，设阻力为f，据动能定理知AB(上升过程)：EkBEkA(mgf)h，CD(下落过程)：EkDEkC(mgf)h，整理以上两式得：mgh30 J，解得物体的质量m1 kg。C正确。8(2019山东烟台高三上学期期末)2018年12月，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭成功发射嫦娥四号月球探测器，开启了月球探测的新旅程。如图所示为月球探测器经过多次变轨后登陆月球的轨道示意图，轨道上P、Q、S三点与月球中心在同一直线上，P、Q两
10、点分别是椭圆环月轨道的远月点和近月点，已知轨道为圆轨道。关于探测器，下列说法正确的是()A在P点由轨道进入轨道需要减速B在轨道上S点的速度小于在轨道上P点的速度C在轨道上由P向Q运动的过程中，月球的引力对探测器做正功D在轨道上Q点的加速度大于在P点的加速度答案ACD解析探测器在P点由轨道进入轨道需点火减速，以减小需要的向心力，使万有引力等于所需要的向心力，A正确；探测器在轨道上的P点需要点火减速后才能进入轨道，所以探测器在轨道上的P点的速度大于在轨道上P点的速度，即探测器在轨道上的S点的速度大于在轨道上P点的速度，B错误；在轨道上由P向Q运动的过程中，探测器与月球之间的距离减小，万有引力做正功
11、，即月球的引力对探测器做正功，C正确；探测器在轨道上Q点受到的万有引力比在P点的大，根据牛顿第二定律Fma，可得探测器在Q点的加速度大于在P点的加速度，D正确。9(2019广东省梅州市兴宁一中高三上期末)一物块静止在粗糙程度均匀的水平地面上，04 s内所受水平拉力随时间的变化关系图象如图甲所示，02 s内速度图象如图乙所示。关于物块的运动，下列说法正确的是()A物块的质量为1 kgB4 s内物块的位移为8 mC4 s内拉力做的功为16 JD4 s末物块的速度大小为4 m/s答案ABC解析由图乙可知，12 s内物块做匀速运动，故说明摩擦力大小fF22 N,01 s内做匀加速运动，加速度a4 m/
12、s2，由牛顿第二定律可得F1fma，其中F16 N，解得：m1 kg，A正确；2 s后受到的合力大小F合F3f2 N2 N4 N，方向与运动方向相反，物块做匀减速运动，加速度大小a4 m/s2，匀减速至停止的时间t s1 s，则t3 s末速度减为零，此后保持静止，故4 s内的位移x4 m8 m，B正确；根据动能定理可知，WFfx0，解得：WF28 J16 J，C正确；由以上分析可知，4 s末物块的速度大小为零，D错误。10(2019江苏省宿迁市沭阳县高三上期末)如图所示，质量为m的物体套在足够长的固定倾斜直杆上，并用弹性绳连接于O点。杆与水平方向的夹角为，杆上C点位于O点的正下方，物体与杆间的
13、动摩擦因数tan，物体在A点时，绳水平且处于原长状态。将物体从A点由静止释放，则物体()A到C点时，速度可能为0B到C点时，加速度可能为0C下滑过程中加速度先减小后增大D可以再次回到A点答案AB解析从A点到达C点，重力做正功mgLACsin，摩擦力做负功mgLACcos，因为mgLACcos，可能存在弹力也做负功，若三者合力的功为零，则根据动能定理可知，到达C点时动能为零，则速度为零，A正确；若到达C点时，其受到的弹性绳的弹力等于重力时，即此时加速度可能为零，B正确；当弹性绳没有弹力时，由于s，D错误。第卷(非选择题，共62分)二、实验题(本题共2小题，共14分)13(2019天津高三上学期期
14、末七校联考)(6分)气垫导轨是一种常用的实验仪器，它利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，此时滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦。现利用气垫导轨来研究功能关系。如图甲所示，在气垫导轨的左端固定一轻质弹簧，轨道上有滑块A紧靠弹簧但不连接，滑块A的质量为m，重力加速度为g。(1)用游标卡尺测出滑块A上的挡光片的宽度，读数如图乙所示，则宽度d_ cm；(2)利用该装置研究弹簧对滑块做功的大小：某同学打开气源，调节装置，使滑块可以静止悬浮在导轨上，然后用力将滑块A压紧到P点，释放后，滑块A上的挡光片通过光电门的时间为t，则弹簧对滑块所做的功为_；(用题中所给字母表示)(3)利用该装
15、置测量滑块与导轨间的动摩擦因数：关闭气源，仍将滑块A由P点释放，当光电门到P点的距离为x时，测出滑块A上的挡光片通过光电门的时间为t，移动光电门，测出多组数据(滑块都能通过光电门)，并绘出x图象。如图丙所示，已知该图线斜率的绝对值为k，则滑块与导轨间的动摩擦因数为_。答案(1)0.960(2)m2(3)解析(1)游标卡尺的读数为d9 mm12 mm9.60 mm0.960 cm。(2)由于挡光片非常窄，所以通过光电门的平均速度近似等于瞬时速度，故通过光电门的速度为v，故根据动能定理可得弹簧对滑块所做的功为Wmv20m2。(3)每次都由P点释放，则每次弹簧弹性势能都相同，由能量的转化和守恒可得：
16、m2mgx1m2mgx2，解得：，由于k，故。14(2019四川泸州泸县一中高三上学期期末)(8分)在做“研究平抛运动”的实验中，为了确定小球在不同时刻所通过的位置，实验时用如图所示的装置。实验操作的主要步骤如下：A在一块平木板上钉上复写纸和白纸，然后将其竖直立于斜槽轨道末端槽口前，木板与槽口之间有一段距离，并保持板面与轨道末端的水平段垂直；B使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞到木板在白纸上留下痕迹A；C将木板沿水平方向向右平移一段距离x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，小球撞到木板在白纸上留下痕迹B；D将木板再水平向右平移同样距离x，使小球仍从斜槽上紧靠挡板处由静止滚下，再在白
17、纸上得到痕迹C。若测得A、B间距离为y1，B、C间距离为y2，已知当地的重力加速度为g。(1)关于该实验，下列说法中正确的是_。A斜槽轨道必须尽可能光滑B每次释放小球的位置可以不同C每次小球均需由静止释放D小球的初速度可通过测量小球的释放点与抛出点之间的高度h，之后再由机械能守恒定律求出(2)根据上述直接测量的量和已知的物理量可以得到小球平抛的初速度大小的表达式为v0_。(用题中所给字母表示)(3)实验完成后，该同学对上述实验过程进行了深入的研究，并得出如下的结论，其中正确的是_。A小球打在B点时的动量与打在A点时的动量的差值为p1，小球打在C点时的动量与打在B点时动量的差值为p2，则应有p1
18、p211B小球打在B点时的动量与打在A点时的动量的差值为p1，小球打在C点时的动量与打在B点时动量的差值为p2，则应有p1p212C小球打在B点时的动能与打在A点时的动能的差值为Ek1，小球打在C点时的动能与打在B点时动能的差值为Ek2，则应有Ek1Ek211D小球打在B点时的动能与打在A点时的动能的差值为Ek1，小球打在C点时的动能与打在B点时动能的差值为Ek2，则应有Ek1Ek213答案(1)C(2)x (3)A解析(1)为了保证小球的初速度相等，每次让小球从斜槽的同一位置由静止释放，斜槽轨道不需要光滑，A、B错误，C正确；只有斜槽光滑时，小球的初速度才可通过测量小球的释放点与抛出点之间的
19、高度h，之后再由机械能守恒定律求出，D错误。(2)根据y2y1gT2，解得T ，故v0x。(3)依据动量定理：mv2mv1mgt，由于水平位移相同，则它们的运动时间相等，因此应有p1p211，A正确，B错误；根据动能定理：EkEkmgy，虽然它们的运动时间相等，但由于小球打在A点时竖直方向的速度不为零，那么竖直方向的位移不是13，因此Ek1Ek213，因为竖直方向的位移不相等，所以动能的变化量也不相等，C、D错误。三、计算论述题(本题共4小题，共48分。解答时写出必要的文字说明和重要的演算步骤，只写出答案的不得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值的单位)15(2019江苏南通如皋高三上学
20、期期末)(8分)如图，质量分别为m110 kg和m22.0 kg的弹性小球a、b用弹性轻绳紧紧的把它们捆在一起，使它们发生微小的形变，该系统以速度v00.10 m/s沿光滑水平面向右做直线运动，某时刻轻绳突然自动断开，断开后，小球b停止运动，小球a继续沿原方向直线运动。求：(1)刚分离时，小球a的速度大小v1；(2)两球分开过程中，小球a受到的冲量I。答案(1)0.12 m/s(2)0.20 Ns解析(1)两小球组成的系统在光滑水平面上运动，系统所受合外力为零，动量守恒，则：(m1m2)v00m1v1代入数据求得：v10.12 m/s。(2)两球分开过程中，对a，应用动量定理得：Ip1m1v1
21、m1v00.20 Ns。16(2019江西临川高三上三校联考)(12分)我国无人机产业发展在消费级无人机细分领域居于全球领先地位。某天，东东网购的货物到了，快递员按东东提示把货物放到他家阳台正下方的平地上，东东操控小型无人机带动货物，由静止竖直向上做匀加速直线运动一段时间后，货物又匀速上升53 s，最后再做匀减速运动1 s恰好到达他家阳台且速度为零。货物上升的过程中，遥控器上显示无人机加速、匀速、减速过程对货物的作用力F1、F2和F3大小分别为20.8 N、20.4 N和18.4 N，若货物受到的阻力恒为其重力的0.02倍，g取10 m/s2，求：(1)货物的质量；(2)货物上升过程中的最大动
22、能及东东家阳台距地面的高度。答案(1)2 kg(2)1 J56 m解析(1)货物匀速上升的过程中，根据平衡条件有：F2mgff0.02mg解得：m2 kg。(2)货物匀减速运动阶段，由牛顿第二定律有：mgfF3ma3由运动学公式有：0va3t3x3t3解得：v1 m/s，x30.5 m货物上升过程中的最大动能：Ekmmv21 J货物匀速运动阶段，有：x2vt253 m货物加速运动阶段，由牛顿第二定律有：F1mgfma1由运动学公式有：va1t1，x1a1t联立解得：x12.5 m所以东东家阳台距地面的高度：hx1x2x356 m。17(2019全国卷) (12分)静止在水平地面上的两小物块A、
23、B，质量分别为mA1.0 kg，mB4.0 kg；两者之间有一被压缩的微型弹簧，A与其右侧的竖直墙壁距离l1.0 m，如图所示。某时刻，将压缩的微型弹簧释放，使A、B瞬间分离，两物块获得的动能之和为Ek10.0 J。释放后，A沿着与墙壁垂直的方向向右运动。A、B与地面之间的动摩擦因数均为0.20。重力加速度取g10 m/s2。A、B运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短。(1)求弹簧释放后瞬间A、B速度的大小；(2)物块A、B中的哪一个先停止？该物块刚停止时A与B之间的距离是多少？(3)A和B都停止后，A与B之间的距离是多少？答案(1)4.0 m/s1.0 m/s(2)物块B先停止0
24、.50 m(3)0.91 m解析(1)设弹簧释放后瞬间A和B的速度大小分别为vA、vB，以向右为正，由动量守恒定律、机械能守恒定律和题给条件有0mAvAmBvBEkmAvmBv联立式并代入题给数据得vA4.0 m/s，vB1.0 m/s(2)A、B两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速度大小相等，设为a。假设A和B发生碰撞前，已经有一个物块停止，此物块应为弹簧释放后速度较小的B。设从弹簧释放到B停止所需时间为t，B向左运动的路程为sB，则有mBamBgsBvBtat2vBat0在时间t内，A可能与墙发生弹性碰撞，碰撞后A将向左运动，碰撞并不改变A的速度大小，所以无论此碰撞是否发生，
25、A在时间t内的路程sA都可表示为sAvAtat2联立式并代入题给数据得sA1.75 m，sB0.25 m这表明在时间t内A已与墙壁发生碰撞，但没有与B发生碰撞，此时A位于出发点右边0.25 m处，B位于出发点左边0.25 m处，两物块之间的距离s为s0.25 m0.25 m0.50 m(3)t时刻后A将继续向左运动，假设它能与静止的B碰撞，碰撞前速度的大小为vA，由动能定理有mAvA2mAvmAg(2lsB)联立式并代入题给数据得vA m/s故A与B将发生碰撞。设碰撞后A、B的速度分别为vA和vB，由动量守恒定律与机械能守恒定律有mA(vA)mAvAmBvBmAvA2mAvA2mBvB2联立式
26、并代入题给数据得vA m/s，vB m/s这表明碰撞后A将向右运动，B继续向左运动。假设碰撞后A向右运动距离为sA时停止，B向左运动距离为sB时停止，由运动学公式2asAvA2,2asBvB2由式及题给数据得sA0.63 m，sB0.28 msA小于碰撞处到墙壁的距离。由上式可得两物块停止后的距离ssAsB0.91 m。18(2019全国卷)(16分)一质量为m2000 kg的汽车以某一速度在平直公路上匀速行驶。行驶过程中，司机突然发现前方100 m处有一警示牌，立即刹车。刹车过程中，汽车所受阻力大小随时间的变化可简化为图a中的图线。图a中，0t1时间段为从司机发现警示牌到采取措施的反应时间(
27、这段时间内汽车所受阻力已忽略，汽车仍保持匀速行驶)，t10.8 s；t1t2时间段为刹车系统的启动时间，t21.3 s；从t2时刻开始汽车的刹车系统稳定工作，直至汽车停止。已知从t2时刻开始，汽车第1 s内的位移为24 m，第4 s内的位移为1 m。(1)在图b中定性画出从司机发现警示牌到刹车系统稳定工作后汽车运动的vt图线。(2)求t2时刻汽车的速度大小及此后的加速度大小。(3)求刹车前汽车匀速行驶时的速度大小及t1t2时间内汽车克服阻力做的功；从司机发现警示牌到汽车停止，汽车行驶的距离约为多少(以t1t2时间段始末速度的算术平均值替代这段时间内汽车的平均速度)?答案(1)图见解析(2)28
28、 m/s8 m/s2(3)30 m/s1.16105 J87.5 m解析(1)vt图象如图所示。(2)设刹车前汽车匀速行驶时的速度大小为v1，则t1时刻的速度大小也为v1；设t2时刻的速度大小为v2。在t2时刻后汽车做匀减速运动，设其加速度大小为a，取t1 s。设汽车在t2(n1)tt2nt内的位移为sn，n1,2,3，。若汽车在t23tt24t时间内未停止，设它在t23t时刻的速度大小为v3，在t24t时刻的速度大小为v4，由运动学公式有s1s43a(t)2s1v2ta(t)2v4v24at联立式，代入已知数据解得v4 m/s这说明在t24t时刻前，汽车已经停止。因此，式不成立。由于在t23tt24t内汽车停止，由运动学公式v3v23at2as4v联立式，代入已知数据解得a8 m/s2，v228 m/s或a m/s2，v229.76 m/s但式情形下，v30，不合题意，舍去。(3)设汽车的刹车系统稳定工作时，汽车所受阻力的大小为f1，由牛顿第二定律有f1ma在t1t2时间内，阻力对汽车冲量的大小为If1(t2t1)由动量定理有Imv1mv2由动能定理，在t1t2时间内，汽车克服阻力做的功为Wmvmv联立式，代入已知数据解得v130 m/sW1.16105 J从司机发现警示牌到汽车停止，汽车行驶的距离约为sv1t1(v1v2)(t2t1)联立式，代入已知数据解得s87.5 m。