1、广西南宁市第三中学2020-2021学年高二化学上学期月考试题（一）理（含解析）1. 化学与生活密切相关，下列说法正确的是A. 在化妆品中添加乙醇可以起到保湿的作用B. 石油是多种烃的混合物，煤的主要成份是碳单质C. 苯甲酸钠可作食品防腐剂，可大量使用以延长食品保质期D. 医用酒精的浓度为75%，福尔马林是35%40%的甲醛溶液【答案】D【解析】【详解】A乙醇易挥发，不具备保湿作用，A错误；B煤的主要成分是由碳、氢、氧、氮和硫等元素组成的有机物，不是碳单质，B错误；C苯甲酸钠等防腐剂等添加剂的用量应控制在一定范围内，C错误；D医用酒精为体积分数为75%酒精溶液，35%40%的甲醛溶液称为福尔马
2、林，D正确。答案选D。2. 下列化学用语正确的是A. CH4的比例模型为：B. 2-甲基1，3丁二烯分子的键线式：C. 顺2丁烯的结构简式为：D. 对硝基甲苯的结构简式：【答案】B【解析】【详解】ACH4的比例模型为：，A错误；B键线式是指结构简式中省略碳原子和氢原子，在线端点和交叉点都是碳原子的式子，故2-甲基1，3丁二烯分子的键线式：，B正确；C反2丁烯的结构简式为：，顺-2-丁烯的结构简式为：，C错误；D对硝基甲苯的结构简式： ，D错误；故答案为：B。3. 现有一物质的核磁共振氢谱如下图所示，则它可能是() A. CH3CH2CH3B. CH3CH2CH2OHC. (CH3)2CHCH3
3、D. CH3CH2CHO【答案】B【解析】【分析】根据核磁共振氢谱有4组峰，面积比是3：2：2：1。【详解】ACH3CH2CH3核磁共振氢谱有2组峰，面积比是3：1，故A不选；BCH3CH2CH2OH核磁共振氢谱有4组峰，面积比是3：2：2：1，故B选；C (CH3)2CHCH3核磁共振氢谱有3组峰，面积比是6：1：3，故C不选；DCH3CH2CHO核磁共振氢谱有3组峰，面积比是3：2： 1，故D不选。4. 制取较纯的氯丙烷，下列最合理的方法是A. 丙烷和氯气取代B. 丙烯与氢气加成，再用氯气取代C. 丙烯和氯化氢加成D. 丙烯和氯气加成【答案】C【解析】【详解】A.丙烷和氯气取代可以是一氯取
4、代，也可以是多氯取代，副产物较多，故A错误；B.丙烯和氢气加成生成丙烷，丙烷和氯气再发生取代反应也是生成多种氯丙烷，故B错误；C.丙烯和氯化氢加成生成物为一氯丙烷（2种），产物较纯净，故C正确；D.丙烯和氯气加成生成的是二氯丙烷，没有得一氯丙烷，故D错误。答案选C。5. 联苯的结构简式如图()，下列有关联苯的说法中正确的是A. 联苯的一氯代物有5种B. 1mol联苯最多可以和5molH2发生加成反应C. 它和蒽()同属于芳香烃，两者互为同系物D. 它可以发生加成反应、取代反应，但不能使酸性高锰酸钾溶液褪色【答案】D【解析】【详解】A由分子的对称性可知，联苯有3种等效氢，故联苯的一氯代物有3种，
5、A项错误；B每个苯环与氢气以1：3发生加成反应，则1mol联苯最多可以和6molH2发生加成反应，B项错误；C同系物要求结构相似，联苯和蒽中苯环数目明显不相同，则它和蒽不是同系物，C项错误；D因联苯分子中含有2个苯环，故可发生加成、取代反应，但苯环不能被酸性高锰酸钾氧化，D项正确。答案选D。6. 有五种物质：苯、聚氯乙烯、丙烯、对二甲苯、1丁炔，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水发生化学反应使之褪色的是A. B. C. D. 【答案】C【解析】分析：能使KMnO4酸性溶液褪色，也能与溴水发生化学反应而褪色，则有机物中含双键或三键，以此来解答。详解：苯、聚氯乙烯中不含有碳碳双键或三键，不能使溴
6、水、高锰酸钾反应褪色，丙烯、2-丁炔中含碳碳双键或三键，能使KMnO4酸性溶液褪色，也能与溴水发生加成反应而褪色，对-二甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，但不能与溴水发生化学反应使之褪色，故选C。7. 下列选项中每对物质都能用分液漏斗进行分离的是A. 溴苯和水、硝基苯和水B. 乙酸乙酯和水、苯甲酸和水C. 乙酸和乙醇、甘油和水D. 甲苯和三硝基甲苯、乙醛和水【答案】A【解析】【分析】分液漏斗是用来分离两种相互不溶的液体，一般来说：有机溶质易溶于有机溶剂，无机溶质易溶于无机溶剂。【详解】A溴苯和水不互溶，溴硝基苯和水不互溶，都能用分液漏斗分离，选项A正确；B乙酸乙酯和水不互溶能用分液漏斗分离，苯甲酸
7、和水互溶不能用分液漏斗分离，选项B错误；C乙酸和乙醇互溶，甘油和水互溶，都不能用分液漏斗分离，选项C错误；D甲苯和三硝基甲苯互溶，乙醛和水互溶，都不能用分液漏斗分离，选项D错误；答案选A。8. 下表中实验操作能达到实验目的的是实验操作实验目的A向苯酚浓溶液中滴加少量稀溴水检验苯酚B向待测液中加入酸性高锰酸钾溶液鉴别苯、甲苯C向3mL5%的CuSO4溶液中滴加34滴2%的氢氧化钠溶液，再向其中加入0.5mL乙醛，加热检验醛基D向含有少量乙酸的乙酸乙酯中加入足量氢氧化钠溶液，分液除去乙酸乙酯中的乙酸A. AB. BC. CD. D【答案】B【解析】【详解】A.苯酚稀溶液和浓溴水反应生成白色三溴苯酚
8、沉淀，用于检验苯酚，A不能达到实验目的；B.甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，而苯不能，现象不同，可以鉴别，B能达到实验目的；C.检验醛基时需要在碱性条件下，实验过程中氢氧化钠为少量，C不能达到实验目的；D.乙酸、乙酸乙酯都能与氢氧化钠反应，不能达到除杂目的，D不能达到实验目的；答案选B。9. 下列有关实验装置及用途叙述完全正确的是A. a装置检验消去产物B. b装置检验酸性：盐酸碳酸苯酚C. c装置用于实验室制取并收集乙烯D. d装置用于实验室制硝基苯【答案】D【解析】【详解】A. 乙醇易挥发，且消去产物乙烯均能被高锰酸钾氧化，则应排除乙醇的干扰再检验，A项错误；B. 盐酸易挥发，盐酸与苯酚钠反
9、应，则不能比较碳酸、苯酚的酸性，B项错误；C. 制备乙烯测定反应液的温度170，则温度计的水银球应在液面下，C项错误；D. 苯与浓硝酸发生取代反应生成硝基苯，水浴加热控制温度5060，则图中装置可制备，D项正确；答案选D。【点睛】高中有机实验中，需要水浴加热的实验有：苯的硝化反应；银镜反应苯的磺化乙酸乙酯的水解；蔗糖和纤维素的水解等，需要要加以理解并识记。10. 叶蝉散对水稻叶蝉和飞虱具有较强的触杀作用，防效迅速，但残效不长。工业上用邻异丙基苯酚合成叶蝉散的过程如下,下列有关说法正确的是A. 邻异丙基苯酚分子中所有碳原子均共面B. 该反应为取代反应C. 叶蝉散的核磁共振氢谱有8组峰D. 邻异丙
10、基苯酚与互为同系物【答案】C【解析】【详解】A.邻异丙基苯酚分子中含有饱和碳原子，饱和碳原子为四面体结构，所有碳原子不可能共面，故A错误；B.由转化关系可知，该反应为邻异丙基苯酚与CH3N=C=O发生加成反应生成叶蝉散，故B错误；C.由叶蝉散的结构简式可知，叶蝉散分子中含有8类氢原子，则叶蝉散的核磁共振氢谱有8组峰，故C正确；D.同系物必须是同类物质，邻异丙基苯酚属于酚，属于醇，则邻异丙基苯酚与不可能互为同系物，故D错误；故选C。11. 阿伏加德罗常数的值为NA，有关苯乙炔的下列叙述正确的是A. 1mol该物质中含有单键数目为2NAB. 标准状况下，22.4L苯乙炔最多能与2NA个HCl分子加
11、成C. 1mol苯乙炔分子中共线的原子数最多为6NAD. 1mol聚苯乙炔含有NA个碳碳叁键【答案】C【解析】【详解】A1个苯乙炔分子中含有1个C-C单键，6个C-H 单键，1mol苯乙炔含有6mol C-H 单键、1molC-C单键，数目为7NA，故 A错误；B苯乙炔在标准状况下不是气体，无法计算22.4 L苯乙炔的物质的量，也就无法计算最多消耗的HCl数目，故 B错误；C苯环是平面正六边形结构，乙炔是直线结构，苯乙炔分子中共线的原子有6个，因此1mol苯乙炔分子中共线的原子数最多为 6NA，故C正确；D聚苯乙炔不含碳碳叁键，故D错误；答案选C。12. 某小分子抗癌药物的分子结构如右图所示，
12、下列说法正确的是（ ）A. 1mol该有机物最多可以和5mol NaOH反应B. 该有机物容易发生加成、取代、中和、消去等反应C. 该有机物遇FeCl3溶液不变色，但可使酸性KMnO4溶液褪色D. 1mol该有机物与浓溴水或氢气反应，最多消耗3mol Br2或6molH2【答案】A【解析】【分析】由结构简式可知，分子中含碳碳双键、-COOH、酚羟基、-COOC-、-Br，结合羧酸、酚、酯、卤代烃的性质对各选项进行判断。【详解】A.-COOH、酚羟基、-COOC-，-Br均与NaOH反应，则1mol该有机物最多可以和5mol NaOH反应，A正确；B.碳碳双键可发生加成反应、含-OH、-COOH
13、可发生取代、中和反应，-Br原子连接的C原子邻位C原子上没有H原子，因此不能发生消去反应，B错误；C.酚羟基遇FeCl3溶液变色，含有的酚羟基、碳碳双键都可以被KMnO4溶液氧化而使溶液褪色，C错误；D.碳碳双键、苯环上酚羟基邻对位氢原子能和溴发生反应，碳碳双键、苯环能和氢气发生加成反应，1mol该有机物与浓溴水或氢气反应，最多消耗3molBr2或4molH2，D错误；故合理选项是A。【点睛】本题考查有机物的结构与性质，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重考查卤代烃、酚、烯烃的性质，选项B为易错点，注意掌握有机物发生消去反应的条件。13. 以环戊烷为原料制备环戊二烯的合成路线如图，则下列说
14、法正确的是( )A. A的结构简式是B. 的反应类型分别是取代、消去C. 反应的条件分别是浓硫酸加热、光照D. 加入酸性KMnO4溶液，若溶液褪色则可证明已完全转化为【答案】B【解析】【分析】由环戊烷为原料制备环戊二烯的合成路线，根据逆向思维的方法推导，C为，B为，A为，据此分析解答。【详解】A由上述分析可知，A为，故A错误；B根据合成路线，反应为光照条件下的取代反应，反应为在氢氧化钠醇溶液中加热发生消去反应，反应为加成反应，反应为在氢氧化钠醇溶液中加热发生消去反应，故B正确；C反应为卤代烃的消去反应，需要的反应试剂和反应条件为氢氧化钠醇溶液、加热，反应为烯烃的加成反应，条件为常温，故C错误；
15、DB为环戊烯，含碳碳双键，环戊二烯含碳碳双键，均能使高锰酸钾褪色，则酸性KMnO4溶液褪色不能证明环戊烷已完全转化成环戊二烯，故D错误；答案选B。【点睛】把握官能团与性质的关系为解答的关键。本题的易错点为A，要注意根据目标产物的结构和官能团的性质分析推导，环烷烃可以与卤素发生取代反应，要制得，可以再通过水解得到。14. 某一元醛发生银镜反应，最多生成金属银4.32g，等质量的该醛完全燃烧生成水1.08g，则此醛可能是A. 丙醛B. 丙烯醛（CH2=CHCHO）C. 丁醛D. 乙醛【答案】A【解析】【详解】由一元醛发生银镜反应的关系式RCHO2Ag可知，醛的物质的量为=0.2mol，由等质量的该
16、醛完全燃烧生成水1.08g可知，醛中含有的氢原子个数为2=6，选项中只有丙醛(C3H6O)的氢原子个数为6，故选A。15. 分子式为C9H18O2的有机物A能在酸性条件下进行下列转化，同温同压下，相同质量的B和C的蒸气所占体积相同。则下列说法错误的是（A、B、C、D、E均为有机物）A. 符合上述转化关系的有机物A的结构有8种B. C和E一定为同系物C. C分子式为C4H8O2D. D发生还原反应可生成B【答案】B【解析】【分析】有机物A的分子式应为C9H18O2，在酸性条件下水解为B和C两种有机物，则有机物A为酯，同温同压下，相同质量的B和C的蒸气所占体积相同，说明B与C相对分子质量相同，因此
17、酸比醇少一个碳原子，说明水解后得到的羧酸C含有4个碳原子，而得到的醇B含有5个碳原子，含有4个碳原子的羧酸C有2种同分异构体：CH3CH2CH2COOH，（CH3）2CHCOOH；含有5个碳原子的醇B的有8种同分异构体：CH3CH2CH2CH2CH2OH，CH3CH2CH2CH（OH）CH3，CH3CH2CH（OH）CH2CH3，CH3CH2CH（CH3）CH2OH，CH3CH2C（OH）（CH3）2，CH3CH（OH）CH（CH3）2，HOCH2CH2CH（CH3）2，（CH3）3CCH2OH；D为醛，E为羧酸钠，其中醇能发生连续两步氧化被氧化成羧酸，说明羟基所连碳上有2个氢原子，共有4种，
18、所以有机物A的同分异构体数目有248种；【详解】A由分析可知，符合上述转化关系的有机物A的结构有8种，A正确；BC是饱和一元羧酸，E是羧酸钠，不能为同系物，B错误；C由分析可知，C为饱和一元羧酸，含有4个碳原子，则C的分子式为C4H8O2，C正确；D醇B催化氧化生成醛C，则醛C可还原（与氢气加成）醇B，D正确；答案选B。16. 下列说法正确的是A. C5H10O属于醛的同分异构体有8种B. C3H6O含单官能团的同分异构体有2种C. C3H2Cl6的同分异构体有4种D. C7H8O属于芳香族化合物的同分异构体有4种【答案】C【解析】【详解】AC5H10O属于醛的同分异构体4种：CH3CH2CH
19、2CH2CHO、(CH3)2CHCH2CHO、CH3CH2CH(CH3)CHO、(CH3)3CCHO，A错误；BC3H6O含单官能团的同分异构体有CH3CH2CHO、CH3COCH3、环丙醇以及环醚等，多于2种，B错误；CC3H6Cl2的同分异构体有CH3CH2CHCl2、CH3CHClCH2Cl、CH2ClCH2CH2Cl、CH3CCl2CH3共4种，则C3H2Cl6的同分异构体也有4种，C正确；DC7H8O属于芳香族化合物的同分异构体有邻甲基苯酚、间甲基苯酚、对甲基苯酚、苯甲醇、苯甲醚共5种，D错误；答案选C。17. 聚丙烯PP材料是制备医用N95口罩的材料之一，可由石油裂解气中的丙烯为原
20、料合成得到。回答下列问题:（1）聚丙烯的结构简式为_。下图是以丙烯为原料合成乙二酸二乙酯的合成路线。（2）反应的反应类型为_。（3）欲检验B中的羟基，可选择的试剂是_。(填标号)a.Nab.酸性高锰酸钾溶液c.溴的CCl4溶液d.NaOH溶液（4）反应的化学方程式为_。（5）反应的化学方程式为_。【答案】 (1). (2). 氧化反应 (3). a (4). CH2=CHCH2Cl+NaOHCH2=CHCH2OH+NaCl (5). HOOCCOOH+2C2H5OH【解析】【分析】CH3CH=CH2和Cl2在光照条件下发生取代反应生成A(CH2ClCH=CH2)，A(CH2ClCH=CH2)在
21、NaOH溶液、加热条件下发生水解生成B(CH2=CHCH2OH)，B(CH2=CHCH2OH)发生氧化反应生成C(HOOC-COOH)，C(HOOC-COOH)和C2H5OH发生酯化反应生成乙二酸二乙酯。【详解】（1）聚丙烯的结构简式为，故答案为：；（2）反应为B(CH2=CHCH2OH)发生氧化反应生成C(HOOC-COOH)，故答案为：氧化反应； （3）aNa和羟基反应产生氢气，和碳碳双键不反应，可用Na检验B中的羟基；bB中碳碳双键、羟基均能使酸性高锰酸钾溶液褪色，不可用酸性高锰酸钾溶液检验B中的羟基；c溴和碳碳双键加成使溴水褪色，和羟基不反应，不可用溴的CCl4溶液检验B中的羟基；dN
22、aOH不能和羟基反应，不可用NaOH溶液检验B中的羟基；故答案为：a；（4）反应为A(CH2ClCH=CH2)在NaOH溶液、加热条件下发生水解生成B(CH2=CHCH2OH)，反应的化学方程式为CH2=CHCH2Cl+NaOHCH2=CHCH2OH+NaCl，故答案为：CH2=CHCH2Cl+NaOHCH2=CHCH2OH+NaCl； （5）反应为C(HOOC-COOH)和C2H5OH发生酯化反应生成乙二酸二乙酯，反应的化学方程式为HOOC-COOH+2C2H5OH，故答案为：HOOC-COOH+2C2H5OH。18. I以下几种有机物是重要的化工原料。回答下列问题：（1）上述有机物中与A互
23、为同分异构体的是_(填选项字母)。（2）C中最多有_个碳原子共平面。（3）下列试剂可以用来鉴别D和E的是_(填选项字母)。a溴水bNaHCO3溶液cFeCl3溶液d酸性KMnO4溶液II按要求回答下列问题：（4）写出甲醛的电子式：_。（5）写出的名称：_。（6）写出与NaOH溶液反应的化学方程式：_。（7）已知6.0g化合物A完全燃烧生成8.8gCO2和3.6gH2O，A的质谱和红外光谱如下图，则A的结构简式为_。【答案】 (1). B (2). 10 (3). ac (4). (5). 邻甲基苯甲酸甲酯 (6). +2NaOH+2H2O (7). CH3COOH【解析】【详解】I（1）A和B
24、的分子式均为C9H8O2，C的分子式为C10H10O2，D的分子式为C9H8O3，E的分子式为C9H10O3，显然A和B互为同分异构体，故答案为：B；（2）结合苯、乙烯均是共面型分子可知，C中所有碳原子均可能共平面，故答案为：10；（3）aD含碳碳双键、酚羟基均能和（浓）溴水反应使溴水褪色，E不能，可用溴水鉴别D和E；bD和E中的-COOH均能和NaHCO3反应放出二氧化碳，不能用NaHCO3溶液鉴别D和E；cD含酚羟基，遇FeCl3溶液显紫色，而E不含酚羟基，遇FeCl3溶液不显紫色，可用FeCl3溶液鉴别D和E；dD中含酚羟基、碳碳双键，E中含-CH2OH、与苯环相连的C上有H，二者均能被
25、酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，不能用酸性高锰酸钾溶液鉴别D和E；故答案为：ac；II（4）甲醛的电子式为，故答案为：；（5）的名称为邻甲基苯甲酸甲酯，故答案为：邻甲基苯甲酸甲酯；（6）的酚羟基，羧基均能和NaOH溶液反应，所以和NaOH溶液反应的化学方程式为+2NaOH+2H2O，故答案为：+2NaOH+2H2O； （7）已知6.0g化合物A完全燃烧生成8.8gCO2（0.2mol）和3.6gH2O（0.2mol），C元素的质量=0.2mol12g/mol=2.4g，H元素的质量=0.2mol21g/mol=0.4g，则A中含O元素且O元素的质量=6.0g-2.4g-0.4g=
26、3.2g，O的物质的量=0.2mol，则A的最简式为CH2O，由质谱图可知A的相对分子质量为60，则A的分子式为C2H4O2，再结合红外光谱图可知A中含C=O，C-O，CH3，O-H，则A的结构简式为CH3COOH，故答案为：CH3COOH。19. 正丁醚常用作有机反应的溶剂。实验室制备正丁醚的反应和主要实验装置如下：2CH3CH2CH2CH2OH(CH3CH2CH2CH2)2OH2O反应物和产物的相关数据如下：相对分子质量沸点/密度/(gcm3)水中溶解性正丁醇74117.20.8109微溶正丁醚130142.00.7704几乎不溶合成反应：将6 mL浓硫酸和37 g正丁醇，按一定顺序添加到
27、A中，并加几粒沸石。加热A中反应液，迅速升温至135，维持反应一段时间。分离提纯：待A中液体冷却后将其缓慢倒入盛有70 mL水的分液漏斗中，振摇后静置，分液得粗产物。粗产物依次用40 mL水、20 mL NaOH溶液和40 mL水洗涤，分液后加入约3 g无水氯化钙颗粒，静置一段时间后弃去氯化钙。将上述处理过的粗产物进行蒸馏，收集馏分，得纯净正丁醚11 g。请回答：（1）步骤中浓硫酸和正丁醇的添加顺序为_。（2）加热A前，需先从_（填“a”或“b”）口向B中通入水。（3）步骤的目的是初步洗去_，振摇后静置，粗产物应在分液漏斗的_口（填“上”或“下”）分离出。（4）步骤中最后一次水洗的作用为_。（
28、5）步骤中，加热蒸馏时应收集_（填选项字母）左右温度的馏分。a. 100 b. 117 c. 135 d . 142 （6）反应过程中会观察到分水器中收集到液体物质，且分为上下两层，随着反应的进行，分水器中液体逐渐增多至充满液体时，上层液体会从左侧支管自动流回A。分水器中上层液体的主要成分是_，下层液体的主要成分是_。（7）本实验中，正丁醚的产率为_%。(保留2位有效数字)【答案】 (1). 先加入正丁醇，再加入浓硫酸 (2). b (3). 浓硫酸 (4). 上 (5). 洗去有机层中残留的NaOH及中和反应生成的盐 (6). d (7). 正丁醇 (8). 水 (9). 34【解析】【分析
29、】(1)步骤中浓硫酸和正丁醇的添加顺序类似浓硫酸的稀释；(2)冷凝水的水流方向和气流方向相反；(3)在反应混合物中，浓硫酸能溶解于水，正丁醚不溶，正丁醇微溶于水，据此分析步骤的目的；分液漏斗中振荡静置后，上层液体中为密度比水小的正丁醚和正丁醇；(4)步骤中粗产物依次用40 mL水、20 mL NaOH溶液和40 mL水洗涤，氢氧化钠洗涤后，有机层中会残留的NaOH及中和反应生成的盐；(5)步骤中，加热蒸馏的目的是收集正丁醇；(6)在135下水和正丁醇会转化为气体被蒸出，结合二者密度分析解答；(7)根据方程式结合实验前提供的37g正丁醇的量计算理论上正丁醚的产量，再计算正丁醚的产率。【详解】(1
30、)步骤中浓硫酸和正丁醇的添加顺序类似浓硫酸的稀释，应该先加入正丁醇，再加入浓硫酸，故答案为先加入正丁醇，再加入浓硫酸；(2)冷凝水的水流方向和气流方向相反，应该下口进，上口出，故答案为b；(3)在反应混合物中，浓硫酸能溶解于水，正丁醚不溶，正丁醇微溶于水，所以步骤的目的是初步洗去浓硫酸；分液漏斗中振荡静置后，上层液体中为密度比水小的正丁醚和正丁醇，从分液漏斗的上口倒出，故答案为浓硫酸；上；(4)步骤中最后一次水洗的目的是为了洗去有机层残留的NaOH及中和反应生成的盐，故答案为洗去有机层中残留的NaOH及中和反应生成的盐；(5)步骤中，加热蒸馏的目的是收集正丁醇，而正丁醇的沸点为142，故应收集
31、142左右的馏分，故答案为d；(6)分水器中收集到液体物质，因正丁醇密度比水小且微溶于水，会分为上下两层，上层为正丁醇，下层主要成分为水，故答案为正丁醇；水；(7)实验前提供的37g正丁醇的物质的量为=0.5mol，根据方程式2CH3CH2CH2CH2OH(CH3CH2CH2CH2)2OH2O可知，理论上生成正丁醚的物质的量为=0.25mol，质量为0.25mol130gmol-1=32.5g，因此正丁醚的产率为 100%=34%，故答案为34%。20. 以A为原料合成一种治疗心脏病药物的中间体M流程如下图所示：已知：.ROH + RXROR+ HX （XCl、Br、I）.醛在一定条件下可以发
32、生如下转化：请回答下列问题 ：（1）已知反应为加成反应，物质X结构简式为_。（2）若物质Y中含有氯元素，物质Y的结构简式为_。（3）1molG最多可与_mol Br2反应。（4）C生成D的化学反应方程式为_。（5）H为G的同分异构体，同时满足下列条件的H的结构简式为_。A能与FeCl3发生显色反应B核磁共振氢谱显示5组峰C1molG在一定条件下最多能与3mol NaOH反应（6）参照上述合成路线，请设计由D合成E的路线。_【答案】 (1). HCHO (2). (3). 2 (4). (5). (6). 【解析】【分析】根据题给信息和转化关系推断，A为，X为HCHO，Y为。【详解】根据上述分析可知，（1）已知反应为加成反应，物质X的结构简式为HCHO。（2）若物质Y中含有氯元素，物质Y的结构简式为。（3）酚羟基邻位、对位上的易被溴水中的溴原子取代，1molG最多可与2mol Br2反应。（4）C生成D为醇羟基在铜作催化剂加热的条件下被氧气氧化为醛基，化学反应方程式为。（5）G的分子式为C10H10O3，A能与FeCl3发生显色反应，含有酚羟基；B核磁共振氢谱显示5组峰，含有5种氢原子；C1molG在一定条件下最多能与3mol NaOH反应，H的结构简式为。（6）根据题给信息设计由D合成E的路线见答案。考点：考查有机合成和有机推断。