1、14下列用电器主要利用了电磁感应原理的是A激光打印机B直流电动机C电磁炉 D电熨斗15如图所示，在等量异种点电荷所产生的电场中，点电荷连线和连线中垂线上有A、B两点，关于这两点的电场强度EA、EB，电势，下列判断正确的是ABAEAEB、BEAEB、CEAEB、DEAEB、16如图所示，图线1、2分别表示电阻为R1、R2的两导体的伏安特性曲线，已知它们的电阻率和横截面积都相同，则电阻为R1、R2的两导体长度之比为A1:2 B1:3C2:1 D3:1加速电场速度选择器A1 A2B0SPBE+-+17如图所示，为质谱仪的工作原理示意图，速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B和E。平板
2、S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2 。平板S下方有磁感应强度为B0的匀强磁场，下列说法正确的是A速度选择器中的磁场方向垂直纸面向里B能通过狭缝P的带电粒子的速率等于C图中打在胶片A1A2上的粒子带负电BNQOP+q v乙ENQOP+q v甲D粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的比荷越小18如图所示，PQ为竖直平面内半圆的直径，O为圆心，分别加上竖直向下的匀强电场和垂直纸面向外的匀强磁场时，带正电的粒子以初速度v沿直径水平射入（不计粒子的重力），均通过N点，则A甲、乙两图中，粒子在N点的速度方向均沿ON方向B甲、乙两图中，粒子在N点的速度均大于在P点的速度C甲图中，若增大
3、粒子的入射速度v，电场力对粒子做的功将变大D乙图中，若减小粒子的入射速度v，粒子在半圆内运动的时间将变大NCBAMa19如图所示，把一带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使小球a能静止在斜面上，需在MN间放一带电小球b，则b应A带正电，放在A点B带负电，放在B点C带负电，放在C点D带正电，放在C点V20如图所示，电源电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，且R1r，R3为滑动变阻器，电流表、电压表均为理想电表。在滑动变阻器滑片P自a端向b端滑动的过程中，下列说法正确的是A电流表示数增大 B电压表示数增大C电阻R1消耗的功率减小 D电源的输出功率将增大TtT/2-B0OB0B乙甲AdmqB
4、 21. 如图甲所示，面积为S带小缺口的刚性金属圆环固定在竖直平面内，在圆环的缺口两端用导线分别与两块水平放置的平行金属板A、B连接，两板间距为d且足够大。有一变化的磁场垂直于圆环平面，规定向里为正，其变化规律如图乙所示。在平行金属板A、B正中间有一质量为m的带电液滴，液滴在0内处于静止状态。重力加速度为g，下列说法正确的是A在0内，金属板B带负电B在内，液滴的运动方向向下C液滴的电荷量为D时液滴与初始位置相距第卷三、非选择题：全为必考题，每个试题考生都必须作答。22(6分)如图所示，为“探究电磁感应现象”的实验中所用器材的示意图。（1）请用笔画线代替导线，将所缺导线补接完整；（2）电路连接完
5、整后，某同学闭合开关时发现灵敏电流计的指针向左偏了一下，然后他将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，电流计指针将 ；他再将开关断开时，电流计指针将_。（选填“向左偏转”、“向右偏转”或“不偏转”）23. （9分）如图所示为某兴趣小组测量电池组的电动势和内阻的实验原理图，现提供的器材如下：A电池组（电动势约3 V，内阻约1 ）B电压表V1 (量程03 V，内阻约3K)C电压表V2 (量程015 V，内阻约15K)D电阻箱R(099.9 )E定值电阻R14 F定值电阻R2200 G开关和导线若干0.4/O（1）如果要准确测量电源的电动势和内阻，电压表V应选择_(选填“B”或“C”)；定值电阻R0应选择_
6、(选填“E”或“F”)。（2）改变电阻箱的阻值R，记录对应电压表的读数U，作 出的图像如图所示，则由图可得该电池组的电动势E=_V，内阻r =_。ODBPMCNR24（12分）如图所示，电阻不计的平行金属导轨MN和OP水平放置，MO间接有阻值为R=0.5 的电阻，导轨相距为l=0.2 m，其间有竖直向下的匀强磁场，磁感强度的大小为B=0.5 T。质量为m=0.1 kg的导体棒CD在拉力F的作用下以v=10m/s的速度向右匀速运动。已知棒CD与轨道间的动摩擦因数=0.5，与轨道垂直且接触良好，接入电路的电阻为r=0.5 。重力加速度g=10m/s2。求：（1）通过电阻R的电流的大小；（2）拉力F
7、的功率。25（15分）如图所示，A、C两点分别位于x轴和y轴上，OCA30，OA的长度为L。在OCA区域内有垂直于xOy平面向里的匀强磁场。质量为m、电荷量为q的带正电粒子，从OA边的某点垂直于OA边入射时，恰好垂直于OC边射出磁场，且粒子在磁场中运动的时间为t0，不计粒子的重力。求：（1）磁场的磁感应强度大小；（2）若已知磁感应强度大小为B，改变粒子从OA边垂直入射的位置，要使粒子经过磁场后仍从OA边射出，则粒子的最大入射速度为多大。x1DP26（20分）如图所示，竖直平面内有范围足够大、水平向左的匀强电场，在虚线的左侧有垂直纸面向里的水平的匀强磁场，磁感应强度大小BT；一绝缘轨道由一段粗糙
8、直杆MN和一半径R2m的光滑半圆环MAP组成，固定在纸面所在的竖直平面内，MN水平且足够长，半圆环MAP在磁场边界左侧，P、M点在磁场边界线上。一质量为m0.1kg、带正电q0.1C的小球穿在MN杆上，现将小球从M点右侧的D点由静止释放，小球刚好能达到最高点P。已知：D点到M点的水平距离x18m，小球与直杆的动摩擦因数为0.5，重力加速度取g10m/s2，求：(1)匀强电场的电场强度大小；(2)小球第一次通过与O等高的A点时，半圆环对小球作用力的大小；(3)若小球从水平杆上距离M点x216m的Q点（未画出）静止释放，则小球从释放到落回MN杆上，电场力对小球所做的功为多少。眉山市高中2022届第
9、三学期期末教学质量检测 理科综合物理参考答案及评分意见 2021.01第卷（选择题共48分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。14. C 15. A 16. B 17.B 18. D 19.AC20. AD21. BD第卷（非选择题共62分）三、非选择题：全为必考题，每个试题考生都必须做答。22（1） （2分）（2）向左偏转（2分） 向右偏转（2分） 23(1)B (2分) 、E(2分) (2) 2.5 (3分) 、1 (2分)24（12分
10、）解:(1) 根据导体切割磁感应线产生的感应电动势计算公式可得： 2分 根据闭合电路的欧姆定律可得： 2分 代入数据解得： I=1A 1分 （2）根据安培力的计算公式可得： 2分由平衡条件有： 2分又：f=mg 1分拉力的功率： 1分解得：P=6W 1分 25（15分）解：(1)粒子在磁场中做匀速圆周运动，在时间t0内其速度方向改变了90，故其周期T4t0 2分设磁感应强度大小为B，粒子速度为v，圆周运动的半径为r，由洛伦兹力公式和牛顿第二定律得：qvBm 1分又v 1分得： 1分联立得：B 2分yxOONACr0(2)如图，由题给条件可知，该粒子在磁场区域中的轨迹与AC边和OC边相切时，粒子
11、的轨迹半径最大，此时粒子的入射速度最大。设O为圆弧的圆心，圆弧的半径为r0，圆弧与AC相切于N点，从O点射出磁场，由几何关系可知：NOA30 2分 3分设粒子最大入射速度大小为vm，由圆周运动规律有： 1分联立解得： 2分 26（20分）解：(1)小球从D到P点过程，由动能定理得：qEx1mgx12mgRmvP2 2分小球刚好达P点有：vP0 1分解得：E10N/C 2分 (2)设小环在A点时的速度为vA，小球从D到A点过程，由动能定理得：qE(x1R)mgx1mgRmvA2 2分 小球在A点由牛顿第二定律有：NqvABqEm 2分 联立解得：N5.5N 2分(3)小球从Q到P点过程，由动能定理得： qEx2mgx22mgRmv2 2分解得：vm/s 1分小球离开P点后，在竖直方向作自由落体运动，水平方向作匀减速运动。竖直方向有： 1分水平方向有： 1分 1分 解得：x4m 1分 电场力对小球做功为： 1分解得：W12J 1分