1、高考资源网（） 您身边的高考专家20152016学年度上学期 南宁八中高二年期考物理试卷 一、单项选择题(本题共6小题，每小题4分，共24分，每小题只有一个选项符合题意)1关于磁感应强度B，下列说法中正确的是（ ）A根据磁感应强度定义B=，磁场中某点的磁感应强度与F成正比，与IL成反比B磁感应强度B是标量，没有方向C磁感应强度B是矢量，方向与F的方向相反D在确定的磁场中，同一点的磁感应强度是确定的，不同点的磁感应强度B可能不同，磁感线密集的地方磁感应强度B大些，磁感线稀疏的地方磁感应强度B小些2下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是（ ）A根据电场强度的定义式可知，电场中某点
2、的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B根据电容的定义式可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C根据真空中点电荷的电场强度公式可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带电荷量无关D根据电势差的定义式可知，带电荷量为1C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B两点间的电势差为UAB1V3如图所示，电荷的速度方向、磁场方向和电荷的受力方向之间关系正确的是（ ）A B C D4如图所示，一根长为的铝棒用两个劲度系数均为的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，当铝棒中通过的电流方向从左到右时，弹簧的长度变化了，则下面说法正确的是（ ）A.
3、弹簧长度缩短了，B= B. 弹簧长度缩短了，B=C. 弹簧长度伸长了，B= D. 弹簧长度伸长了，B=5如图所示为地磁场磁感线的示意图，在北半球地磁场的竖直分量向下，飞机在我国上空匀速巡航，机翼保持水平，飞行高度不变，由于地磁场的作用，金属机翼上有电势差，设飞行员在右方机翼末端处的电势为U1，左方机翼末端处的电势为U2.则以下说法正确的是（ ）A. 若飞机从东往西飞，则U1比U2高B. 若飞机从西往东飞，则U1比U2高C. 若飞机从南往北飞，则U1比U2高D. 若飞机从北往南飞，则U2比U1高6如图所示，平行金属板中带电质点P处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑
4、片向b端移动时，则（ ）AR3上消耗的功率增大 B电流表读数减小C质点P将向上运动 D电压表读数减小二、多项选择题（本题共4小题，每小题6分，共计24分。每小题有多个选项符合题意。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分。）7如图所示的电路中，a、b、c为三盏完全相同的灯泡，L是一个自感系数很大、直流电阻为零的自感线圈，E为电源，S为开关。关于三盏灯泡，下列说法正确的是（ ）A合上开关，c、b先亮，a后亮B合上开关一会后，a、b一样亮C断开开关，b、c同时熄灭，a缓慢熄灭D断开开关，c马上熄灭， b闪一下后和a一起缓慢熄灭8如图所示，回旋加速器D形盒的半径为R，用来加速质量为m
5、，电量为q的质子，质子每次经过电场区时，都恰好在电压为U时并被加速，且电场可视为匀强电场，使质子由静止加速到能量为E后，由A孔射出。下列说法正确的是（ ）AD形盒半径R、磁感应强度B不变，若加速电压U越高，质子的能量E将越大B磁感应强度B不变，若加速电压U不变，D形盒半径R越大、质子的能量E将越大CD形盒半径R、磁感应强度B不变，若加速电压U越高，质子的在加速器中的运动时间将越长DD形盒半径R、磁感应强度B不变，若加速电压U越高，质子的在加速器中的运动时间将越短9用一根横截面积为S、电阻率为的硬质导线做成一个半径为r的圆环，ab为圆环的直径。如图所示，在ab的左侧存在一个匀强磁场，磁场垂直圆环
6、所在平面，方向如图，磁感应强度大小随时间的变化率（k0），则( )A圆环具有扩张的趋势B圆环中产生逆时针方向的感应电流C圆环中感应电流的大小为krS/2D图中a、b两点之间的电势差10矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直。规定磁场的正方向垂直于纸面向里，磁感应强度B随时间t变化的规律如图所示。则下列it图象中可能正确的是( )三、实验题（本题共1小题，每空2分，共10分）11实验室进了一批低电阻的电磁螺线管，已知螺线管使用的金属丝电阻率=1.7108 m。课外活动小组的同学设计了一个试验来测算螺线管使用的金属丝长度。他们选择了多用电表、电流表、电压表、开关、滑动
7、变阻器、螺旋测微器（千分尺）、导线和学生电源等。他们使用多用电表粗测金属丝的电阻，操作过程分以下三个步骤：（请填写第步操作）将红、黑表笔分别插入多用电表的“”、“”插孔；选择电阻档“1”；_；把红黑表笔分别与螺线管金属丝的两端相接，多用表的示数如图（a）所示。根据多用电表示数，为了减少实验误差，并在实验中获得较大的电压调节范围，应从图（b）的A、B、C、D四个电路中选择_电路来测量金属丝电阻；他们使用千分尺测量金属丝的直径，示数如图所示，金属丝的直径为_mm；根据多用电表测得的金属丝电阻值，可估算出绕制这个螺线管所用金属丝的长度约为_m。（结果保留两位有效数字）他们正确连接电路，接通电源后，调
8、节滑动变阻器，发现电流始终无示数。请设计一种方案，利用多用电表检查电路故障并写出判断依据。（只需写出简要步骤）_ 四、计算题（本题共4小题，共计42分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）12（8分）一束电子从静止开始经加速电压U1加速后，以水平速度射入水平放置的两平行金属板中间，如图所示，金属板长为l，两板距离为d，竖直放置的荧光屏距金属板右端为L.若在两金属板间加直流电压U2时，光点偏离中线打在荧光屏上的P点，求：（1）电子刚进入偏转电场时的速度大小；（2）电子离开偏转电场时垂直于板面方向的位移大小；
9、13（10分）如图所示，一个质量为m、电荷量为q，不计重力的带电粒子，从原点O以速度v沿y轴正方向射入第一象限内的匀强磁场中，并从x轴上的P（a，0）点射出第一象限。（1）判断粒子的电性；（2）求匀强磁场的磁感应强度B的大小和粒子通过第一象限的时间。14（12分）如图所示，坐标系xOy在竖直平面内，水平轨道AB和斜面BC均光滑且绝缘，AB和BC的长度均为L，斜面BC与水平地面间的夹角=60，有一质量为m、电量为+q的带电小球（可看成质点）被放在A点。已知在第一象限分布着互相垂直的匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上，场强大小，磁场垂直纸面向外，磁感应强度大小为B；在第二象限分布着沿x轴正向的匀
10、强电场，场强大小未知。现将放在A点的带电小球由静止释放，恰能到达C点，问（1）分析说明小球在第一象限做什么运动；（2）小球运动到B点的速度；（3）第二象限内匀强电场的场强；15（14分）如图所示，无限长金属导轨EF、PQ固定在倾角为=53的光滑绝缘斜面上，轨道间距L=1 m，底部接入一阻值为R=0.4的定值电阻，上端开口。垂直斜面向上的匀强磁场的磁感应强度B=2T。一质量为m=0.5kg的金属棒ab与导轨接触良好，ab与导轨间动摩擦因数=0.2，ab连入导轨间的电阻r=0.1，电路中其余电阻不计。现用一质量为M=2.86kg的物体通过一不可伸长的轻质细绳绕过光滑的定滑轮与ab相连。由静止释放M
11、，当M下落高度h=2.0 m时，ab开始匀速运动（运动中ab始终垂直导轨，并接触良好）。不计空气阻力，sin53=0.8，cos53=0.6，取g=10m/s2。求：（1）ab棒沿斜面向上运动的最大速度vm；（2）ab棒从开始运动到匀速运动的这段时间内电阻R上产生的焦耳热QR和流过电阻R的总电荷量q。 20152016学年下学期期考高二物理答案1、【答案】D【解析】解：A、由B=，可知，是通过比值定义，所以B与F，与IL均无关，而B由磁场本身性质决定故A错误；B、磁感应强度B是矢量，其方向即为小磁针静止时N极指向，故B错误C、通电导线在磁场中的受力方向，由左手定则来确定，磁场力的方向与感应强度
12、B的方向垂直，故C错误；D、磁感应强度反映磁场本身的强弱和方向，由磁场本身决定，磁感线密集的地方磁感应强度B大些，磁感线稀疏的地方磁感应强度B小些故D正确；故选D【点评】磁感应强度的定义式B=，可知，是属于比值定义法，且通电导线垂直放在磁场中即B与F、I、L均没有关系，它是由磁场的本身决定例如：电场强度E= 一样同时还要注意的定义式B=，是有条件的2、【答案】D【解析】试题分析：电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以不能理解成电场中某点的电场强度和试探电荷的电量成反比，故A错误；电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量，取决于电容器本身，并不是电容器的电容与所带电荷量成正比，与两极板间的
13、电压成反比，故B错误；根据点电荷的场强公式知：Q是场源电荷，所以电场中某点电场强度与场源电荷的电量成正比，与该点到场源电荷距离的平方成反比，故C错误；据电势差的定义式知，带电量为正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为，即电场力做功为，则A、B点的电势差为，故D正确。考点：电场线、点电荷的场强、电容【名师点睛】本题关键抓住电场强度是描述电场本身性质的物理量，其大小和方向与试探电荷无关，是电场本身决定；电容取决于电容器本身；灵活应用电势差的定义式。3、【答案】C【解析】解：根据左手定则可知：A图中电荷运动方向与磁场方向在一条线上，不受洛伦兹力，故A错误；B图中电荷运动方向与磁场方向在一条线上，不
14、受洛伦兹力，故B错误；C图中洛伦兹力方向向下，C正确；D图中洛伦兹力的方向应向上，故D错误；故选：C【点评】带电粒子在磁场中运动受洛伦兹力的条件以及左手定则的熟练应用是对学生的基本要求，要熟练掌握4、【答案】A【解析】试题分析：由题意可知，当通入自左向右的电流时，由左手定则可知，安培力F=BIL，使弹簧缩短x，通以向左的电流，也是大小等于I时，弹簧伸长x，处于平衡状态，由平衡条件得：安培力F=BIL=k2x；则有：B=，故选A。考点：本题考查了磁感应强度、安培力、力的平衡5、【答案】D【解析】试题分析：飞机向前飞行，相当于部分导体切割磁感线的运动，由右手定则知飞机机翼电势左高右低，与飞行方向无
15、关，D对。考点：右手定则。【名师点睛】三定则一定律适用范围基本现象安培定则电流的磁效应运动电荷、电流产生磁场左手定则磁场力磁场对运动电荷、电流的作用右手定则电磁感应部分导体做切割磁感线运动楞次定律闭合回路的磁通量变化6、【答案】D【解析】试题分析：当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电阻值R4将减小，则外电路总电阻将减小，由全电路欧姆定律可知，路端电压将减小、电路中电流增大，则R1两端电压降增大、R2与R4串联支路与R3并联后的电路两端电压将减小，流经R3的电流减小，总电流增大流经R2与R4支路的电流增大、R2两端电压增大、加在R4上的电压将减小即电压表读数减小，故D说法正确；电
16、路总电阻减小，电路中电流增大、则R1的分压增大路端电压减小故R3的分压减小，流经R3的电流减小，总电流增大故流经R2与R4支路的电流增大，电流表示数将增大，故B说法错误；由于R3的分压减小即加在平行金属板上的电压将减小，由E=可知平行金属板之间的电场强度将减小，质点P所受电场力将减小，质点P将在重力作用下加速向下运动，故C说法错误；由P=可知，当R3上电压降低时其功率减小，故A说法错误。考点：动态电路，全电路欧姆定律【名师点睛】动态问题分析思路总体来说是按照先部分后整体再部分的顺序，要充分利用电路中不变部分的电阻不变的特点，间接地讨论电路变化部分还要注意电源是有内阻的。7、【答案】AB【解析】
17、试题分析：开关s闭合瞬间，因线圈L的电流增大，导致出现阻碍电流的增大，则b、c先亮，a后亮，故A正确。电路稳定后，线圈相当于一个定值电阻，a、b灯一样亮，故B正确；断开开关S的瞬间，由电感的特性可知：L和a、b组成的回路中有电流，导致a、b一起缓慢熄灭；而c没有电流，马上熄灭由于原来ab两灯的电流相等，开关断开的瞬间，通过a、b和线圈回路的电流从a灯原来的电流减小，所以两灯都不会闪亮，故C、D错误。考点：自感现象。8、【答案】BD【解析】试题分析：由qvB=m得，v= qvB/m，则最大动能EK=mv2= q2B2R2/2m，知最大动能与加速器的半径、磁感线强度以及电荷的电量和质量有关，与加速
18、电压无关，故A错误，B正确；由动能定理得：W=EK=qU，加速电压越大，每次获得的动能越大，而最终的最大动能与加速电压无关，是一定的，故加速电压越大，加速次数越少，加速时间越短，故C错误，D正确；故选BD考点：回旋加速【名师点睛】解决本题的关键知道回旋加速器是利用电场加速、磁场偏转来加速粒子，但是最终粒子的动能与电场的大小无关，电压决定加速的总时间回旋加速器是利用磁场使带电粒子作回旋运动，在运动中经高频电场反复加速的装置，是高能物理中的重要仪器，根据洛伦兹力提供向心力和动能定理列式分析求解9、【答案】AD【解析】试题分析：由于k值小于0，即磁场是逐渐变小的，根据愣次定律可得，线圈产生的磁场要阻
19、碍它的减小，故线圈有扩张的趋势，以减小穿过线圈磁场的减小，选项A正确；线圈中产生的磁场方向是民原磁场的方向相同，故由右手定则可知，线圈中的感应电流方向是顺时针方向，选项B错误；圆环产生的感应电动势为E=kr2，圆环的电阻为R=，故圆环中的感应电流为I=，选项C错误；故ab两点间的电势差U=IR=，故选项D正确。考点：电磁感应定律，欧姆定律，愣次定律。10、【答案】CD【解析】试题分析：由图可知，内，线圈中磁通量的变化率相同，故内电流的方向相同，由楞次定律可知，电路中电流方向为逆时针；同理可知，内电路中的电流为顺时针，内，电路中的电流为顺时针，内，电路中的电流为逆时针，由可知，电路中电流大小恒定
20、不变。所以本题正确选项为CD。 11、【答案】将红、黑表笔短接，调整调零旋钮调零D 0.260 mm （0.2580.262 mm均给分）12m或13m以下两种解答都正确：使用多用电表的电压档位，接通电源，逐个测量各元件、导线上的电压，若电压等于电源电压，说明该元件或导线断路故障。使用多用电表的电阻档位，断开电路或拆下元件、导线，逐个测量各元件、导线上的电阻，若电阻为无穷大，说明该元件或导线断路故障.【解析】试题分析：（1）、欧姆表选档后，需要进行欧姆调零，欧姆调零是将红、黑表笔短接，调整调零旋钮使其电流达到最大，则此时刻度盘上的读数为零；欧姆表的示数为4.0；金属丝电阻比较小，电流表电阻也比
21、较小，所以应该采用电流表外接法。我们希望通过移动滑动变阻器读出电压表电流表较广的读数，那么采用滑动变阻器的分压接法可以实现，所以采用滑动变阻器的分压接法，故电路图选D；螺旋测微器的读数为(4)根据电阻定律R=,L=12m。（5）以下两种解答都正确：使用多用电表的电压档位，接通电源，逐个测量各元件、导线上的电压，若电压等于电源电压，说明该元件或导线断路故障。使用多用电表的电阻档位，断开电路或拆下元件、导线，逐个测量各元件、导线上的电阻，若电阻为无穷大，说明该元件或导线断路故障.考点：测量金属丝电阻率12、【答案】（1）；（2）；【解析】试题分析： (1)电子经U1的电场加速后，由动能定理可得eU
22、1mv02 2分 v0= 2分(2)电子以v0的速度进入U2的电场并偏转t 1分E 1分a 1分y=at2= 1分考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题考查带电粒子在电场中的运动，在加速场中通常由动能定理解决在偏转场中通常由类平抛运动规律求解根据动能定理求电子在加速场中获得的速度，然后根据类平抛运动规律求在偏转场中的竖直位移，再求出射出电场后竖直方向的位移。13、【答案】（1）负电（2）【解析】试题分析：（1）由左手定则，粒子带负电 2分（2）根据几何知识： 1分而 1分联立得： 1分而 1分 1分联立得： 1分考点：考查了带电粒子在有界磁场中的运动14、【答案】（1）匀速圆周运动，（2
23、），（3）。【解析】试题分析：（1）当带电小球进入第一象限后所受电场力为，即带电小球所受电场力与所受重力相平衡，小球所受合外力为洛伦兹力始终垂直与速度方向，故小球做匀速圆周运动；（2）有几何关系可得：，又因，故有小球在B点速度为；（3）在加速电场中，A到B过程使用动能定律：，代入 ，可得。考点：本题考查了带电电荷在电磁场中的运动15、【答案】（1） （2） ； 【解析】试题分析：（1）由题意知，由静止释放M后，ab棒在绳拉力T、重力mg、安培力F和轨道支持力N及摩擦力f共同作用下做沿轨道向上做加速度逐渐减小的加速运动直至匀速运动，当达到最大速度时有： （1分） （1分） （1分） （1分） （1分） （2分）联解并代入数据得： （1分）（2）由能量守恒定律知，系统的总能量守恒，即系统减少的重力势能等于系统增加的动能、焦耳热及摩擦而转化的内能之和，有： （2分） （1分）根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律有： （1分） （1分） （1分） （1分）联解并代入数据得： （1分） （1分）若有其他合理解法且答案正确，可同样给分。考点：本题考查了电磁感应定律、能量守恒定律、闭合电路欧姆定律。 - 14 - 版权所有高考资源网