1、广西南宁市第三中学2019届高三10月月考物理试题一、选择题1.铝箔被粒子轰击后，发生的核反应方程为。方程中X的中子数为（ ）A. 15B. 16C. 30D. 31【答案】A【解析】【详解】根据电荷数守恒、质量数守恒知，X的电荷数为15，质量数为30，中子数为30-15=15，故选A.2.某行星绕太阳运动轨道为椭圆，该行星在近日点A时的速度大小为vA，加速度大小为；在远日点B时的速度大小为vB，加速度大小为，则（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】对任意一个行星来说，它与太阳的连线在相等时间内扫过的面积相等。结合扇形面积的公式可知，距离太阳近的点的线速度大，即vAvB，故A
2、正确，B错误；根据解得可知，在A点的加速度较大，选项CD错误；故选A.【点睛】开普勒关于行星运动的三定律是万有引力定律得发现的基础，是行星运动的一般规律，正确理解开普勒的行星运动三定律是解答本题的关键.3.一辆汽车在平直的公路上运动，vt图象如图所示下列选项中无法求出的是（）A. 前25 s内汽车的平均速度B. 第20 s末时汽车的瞬时速度C. 前10 s内汽车的加速度D. 前10 s内汽车的受到的合力【答案】D【解析】【详解】通过v-t图像的“面积”可求解前25s的位移，即可求解前25 s内汽车的平均速度，选项A不符合题意；根据图像可求解第20 s末时汽车的瞬时速度为25m/s，选项B不符合
3、题意；图像的斜率等于加速度，则可求解前10 s内汽车的加速度，选项C不符合题意；由于汽车的质量未知，则不能求解前10 s内汽车的受到的合力，选项D符合题意；故选D.4.如图所示，两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流c、O、d在M、N的连线上，O为MN的中点，a、b位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到O点的距离均相等关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是（）A. O点处的磁感应强度为零B. a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相同C. c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相反D. b、d两点处磁感应强度的方向不同【答案】B【解析】【详
4、解】根据右手螺旋定则，M处导线在O点产生的磁场方向水平向左，N处导线在O点产生的磁场方向水平向左，合成后磁感应强度不等于0，A错误；a、b两点处的磁感应强度，如图所示，由于a、b到M、N两点的距离相等，故各个导线在a、b两处产生的磁感应强度大小相等，合磁感应强度相等，B正确；M、N在c、d处产生的磁场如图所示，可知c、d两点处的磁感应强度相同，C错误；综上两图可知b、d两处的磁感应强度方向相同，都水平向左，D错误5.如图所示，相同质量的两物块从底边长相同、倾角不同的固定斜面最高处同时由静止释放且下滑到底端，下面说法正确的是 ( )A. 若斜面光滑，两物块一定同时运动到斜面底端B. 若斜面光滑，
5、倾角小的斜面上的物块一定先运动到斜面底端C. 若两物块与斜面之间的动摩擦因数相同，倾角大的斜面上的物块损失的机械能大D. 若两物块到达底面时的动能相同，倾角大的斜面与物块间的动摩擦因数大【答案】D【解析】【详解】设斜面倾角为，底边长为s，则有：；，解得，则不同，则时间t不同，当=450时，物块滑到底端的时间最小，故选项AB错误；物体损失的机械能等于摩擦力所做的功，摩擦力做功W=mgcos=mgs； 损失的机械能与夹角无关； 所以两物体损失的机械能相同，故C错误；若物块到达地面的动能相等，则由于倾角大的斜面重力做功多，故摩擦力做功也要多才能使两种情况下的合外力做功相等，故物块与倾角大的斜面间的动
6、摩擦因数要大，故D正确；故选D。【点睛】本题考查学生对动能定理及功能关系的理解与应用； 对于两种情况进行比较的问题，一定要注意要找出相同条件后，再进行分析.6.如图所示，平行板电容器的金属板始终与电源两极相连，电源电压为8.0V，两板的间距为2cm，而且极板B接地极板间有C、D两点，C距A板05cm，D距B板0.5cm，则（）A. 两板间的场强为400V/mB. C,D两点的电势相等C. C点的电势C=20VD. D点的电势D=20V【答案】AD【解析】由公式计算出两板间的场强为，则A正确；B板接地，B0，A8V，UAC4000.5102V2V，得C 6V；同理得D2V，D正确，BC错误；故选
7、AD.点睛：求某点电势常用的方法是先根据U=Ed求出该点与零电势点之间的电势差，再求出这点的电势7.如图所示，电源电动势为E，内阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置G为灵敏电流计。开关S闭合后，两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态。则在滑动变阻器R的触头P向上移动的过程中，下列判断正确的是（ ）A. 灵敏电流计G中有ba的电流B. 油滴向上加速运动C. 电容器极板所带电荷量将减小D. 通过电阻R2的电流将减小【答案】AB【解析】【详解】在滑动变阻器R的触头P向上移动的过程中，R增大，总电阻增大，电动势和内阻不变，可知总电流减小，内电压减小，外电压增大，外电压等于R1上的电压
8、和R2与R并联电压之和，而R1上的电压减小，所以R2与R的并联电压增大，通过R2的电流增大。根据Q=CU，电容器所带的电量增大，上极板带正电，电容器充电，所以流过电流计的电流方向是ba电容器两端电压增大，电场强度增大，电场力增大，开始电场力与重力平衡，所以油滴会向上加速。故AB正确，CD错误。故选AB。【点睛】处理本题的关键是抓住不变量，熟练运用闭合电路的动态分析注意处理含容电路时，把含有电容的支路看成断路，电容器两端的电压等于和电容器并联支路的电压8.如图所示，水平圆盘绕过圆心O的竖直轴以角速度匀速转动，A、B、C三个木块放置在圆盘上面的同一条直径上，已知A的质量为2m，A与圆盘间的动摩擦因
9、数为，B和C的质量均为m，B和C与圆盘间的动摩擦因数均为，OA、OB、BC之间的距离均为L，开始时，圆盘匀速转动时的角速度比较小，A、B、C均和圆盘保持相对静止，重力加速度为g，则下列说法中正确的是( ) A. 当圆盘转动的角速度缓慢增加过程中，C最先发生滑动B. 当圆盘转动的角速度缓慢增加过程中，A、B同时发生相对滑动C. 若B,C之间用一根长L的轻绳连接起来，则当圆盘转动的角速度 时，B与圆盘间静摩擦力一直增大D. 若A,B之间用一根长2L的轻绳连接起来，则当圆盘转动的角速度 时，A,B可与圆盘保持相对静止【答案】ACD【解析】【详解】A的质量为2m，A与圆盘间的动摩擦因数为2，A与圆盘之
10、间的最大静摩擦力：fA=2m2g=4mgA需要的向心力等于最大静摩擦力时的角速度1，则：2m12L4mg；所以：1；同理，B与圆盘之间的最大静摩擦力：fB=mg，B需要的向心力等于最大静摩擦力时的角速度2，则：m22 Lmg，所以：2；C与圆盘之间的最大静摩擦力：fC=mg；C需要的向心力等于最大静摩擦力时的角速度3，则：m12 2Lmg，所以：3；由以上的解析可知，随着圆盘转动的角速度的不断增大，相对圆盘最先滑动的是木块C，然后是B，最后是A故A正确，B错误；若B，C之间用一根长L的轻绳连接起来，则当圆盘转动的角速度=时：B需要的向心力：FBm2LmL()2；C需要的向心力：FCm22L2m
11、L()2；B和C需要的向心力的和：F1=FB+FC=2mg，可知当角速度=时B与C刚好要滑动，所以当圆盘转动的角速度为 时，B与圆盘间静摩擦力一直增大。故C正确；若A，B之间用一根长2L的轻绳连接起来，则当圆盘转动的角速度时，A需要的向心力：FA2m2L6mg；FBm2LmL()23mg可知，由于A需要的向心力比较大，所以A有远离O点的趋势，B有向O点运动的趋势。当B恰好要向O点运动时，受到的静摩擦力的方向指向O点，设此时绳子的拉力为F，则：F+mg=FB，所以：F=2mg，恰好满足：F+fA=2mg+4mg=6mg=FA，所以当圆盘转动的角速度 时，A，B可与圆盘保持相对静止，故D正确。故选
12、ACD.【点睛】本题的关键是正确分析木块的受力，明确木块做圆周运动时，静摩擦力提供向心力，把握住临界条件：静摩擦力达到最大，由牛顿第二定律分析解答。二、实验题9.一个定值电阻，其阻值约在2030之间，现需要测量其阻值。给出的实验器材有： 电池组 E：电动势9V，内阻约为0.5电压表V：量程015V，内阻约为20k电流表A1:量程00.6A，内阻约为2电流表A2:量程03A，内阻约为1滑动变阻器R1：阻值范围0100，额定电流1A滑动变阻器R2：阻值范围01000，额定电流0.1A电键、导线若干如上图所示，有两种电路可供选择。测量中为了尽量减小实验误差，实验所用的电流表应为_（填代号）滑动变阻器
13、应为_（填代号），实验应选图_所示的电路图。【答案】 (1). ； (2). ； (3). 甲；【解析】【详解】根据闭合电路欧姆定律可求出电路中的最大电流为：，所以电流表应选A1；电路中需要的最大电阻应为：，所以变阻器应选R1；由于待测电阻满足，所以电流表应用外接法，所以应选择甲所示的电路图.【点睛】应明确：根据I=E/Rx估算电路中的最大电流来选择电流表的量程；根据电路中的最小电流（电流表量程的1/3 或1/4 ）估算出电路中需要的最大电阻，若变阻器的全电阻远小于最大电阻应用分压式接法，若全电阻大于最大电阻应选择限流式接法；当待测电阻满足时，电流表应用外接法，满足时，电流表应用内接法10.“
14、研究平抛物体的运动”实验的装置如图甲所示钢球从斜槽上滚下，经过水平槽飞出后做平抛运动每次都使钢球从斜槽上同一位置由静止滚下，在小球运动轨迹的某处用带孔的卡片迎接小球，使球恰好从孔中央通过而不碰到边缘，然后对准孔中央在白纸上记下一点。通过多次实验，在竖直白纸上记录钢球所经过的多个位置，用平滑曲线连起来就得到钢球做平抛运动的轨迹实验所需的器材有：白纸、图钉、平板、铅笔、弧形斜槽、小球、重锤线、有孔的卡片，除此之外还需要的一项器材是_A天平 B秒表 C刻度尺在此实验中，小球与斜槽间有摩擦_（选填“会”或“不会”）使实验的误差增大；如果斜槽末端点到小球落地点的高度相同，小球每次从斜槽滚下的初始位置不同
15、，那么小球每次在空中运动的时间_（选填“相同”或“不同”）如图乙所示是在实验中记录的一段轨迹。已知小球是从原点O水平抛出的，经测量A点的坐标为（40cm，20cm），g取10m/s2，则小球平抛的初速度v0=_m/s，若B点的横坐标为xB=60cm，则B点纵坐标为yB=_m。一同学在实验中采用了如下方法：如图丙所示，斜槽末端的正下方为O点用一块平木板附上复写纸和白纸，竖直立于正对槽口前的O1处，使小球从斜槽上某一位置由静止滚下，小球撞在木板上留下痕迹A将木板向后平移至O2处，再使小球从斜槽上同一位置由静止滚下，小球撞在木板上留下痕迹BO、O1间的距离为x1，O、O2间的距离为x2，A、B间的高
16、度差为y则小球抛出时的初速度v0为_A B C D【答案】 (1). C； (2). 不会； (3). 相同； (4). 2； (5). 0.45； (6). A；【解析】(1).这个实验中只需要描绘出小球做平抛运动的轨迹，然后根据轨迹进行计算，实验所需的器材有：白纸、图钉、平板、铅笔、弧形斜槽、小球、重锤线、有孔的卡片，除此之外还需要的一项器材是刻度尺，故选C；(2) 只要小球从同一高度、无初速开始运动，在相同的情形下，即使球与槽之间存在摩擦力，由于每次摩擦力的影响相同，因此仍能保证球做平抛运动的初速度相同，对实验没有影响，所以在此实验中，小球与斜槽间有摩擦不会使实验的误差增大；如果斜槽末端
17、点到小球落地点的高度相同，小球每次从斜槽滚下的初始位置不同，那么小球每次在空中运动的时间相同；(3).到达A点的时间 ，小球平抛的初速度 ；到达B点的时间 ，B点纵坐标为 ；(4) 在竖直方向上： ，水平方向上： ，联立方程解得小球抛出时的初速度，故选A。三、计算题11.质量m=2kg的物块自斜面底端A以初速度v0=10m/s沿足够长的固定斜面向上滑行，经时间t=1s速度减为零已知斜面的倾角=37，重力加速度g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8试求：（1）物块上滑过程中加速度的大小；（2）物块上滑过程中克服摩擦力做的功；（3）物块回到底端A时的动量大小【答案】（1） （2）
18、40J（3）【解析】【详解】（1）物体的加速度：；以加速度的大小为：a=10m/s2（2）物块上滑过程中的最大位移：由牛顿第二定律得：mgsin+mgcos=ma，解得摩擦力：Ff=mgcos=mamgsin=8N物块克服摩擦力做的功：Wf=Ff x=40J（3）设物块回到底端A时的动能为Ek由动能定理得：动量的定义式可得：解得动量：12.如图所示，在y0的区域内有沿y轴正方向的匀强电场，在y0的区域内有垂直坐标平面向里的匀强磁场。一电子（质量为m、电量为e）从y轴上A点以沿x轴正方向的初速度v0开始运动。当电子第一次穿越x轴时，恰好到达C点；当电子第二次穿越x轴时，恰好到达坐标原点已知A、C
19、点到坐标原点的距离分别为d、2d。不计电子的重力。求（1）电场强度E的大小；（2）磁感应强度B的大小；（3）电子第四次穿越x轴的坐标。【答案】（1） （2） （3） 【解析】【详解】电子的运动轨迹如图所示：（1）电子在电场中做类平抛运动，设电子从A到C的时间为t1，则:2d=v0t 解得:（2）设电子进入磁场时速度为v，v与x轴的夹角为，则 得解得: 电子进入磁场后做匀速圆周运动，洛仑兹力提供向心力，得由图可知 解得（3）由运动的对称性可知，电子从O点入电场时，与x轴的夹角y方向: x方向： 解得：由运动的对称性可知，第三次在D点穿越射入磁场的速度和角度与C点相同，所以第四次穿越x轴时：电子正
20、好在C点射出，故电子第四次穿越x轴的坐标为（2d,0）【点睛】本题考查带电粒子在复合场中运动，粒子在磁场中的运动运用洛伦兹力提供向心力结合几何关系求解，类平抛运动运用运动的合成和分解牛顿第二定律结合运动学公式求解，解题关键是要作出临界的轨迹图，正确运用数学几何关系，分析好从电场射入磁场衔接点的速度大小和方向.13.以下说法正确的是_。A固体的扩散现象表明固体分子间也存在空隙B自然界符合能量守恒定律的宏观过程不一定都能自然发生C布朗运动是固体小颗粒分子的运动，能反映液体分子的热运动规律D一定量的100的水变成100的水蒸气，所有分子的动能总和不变E空调可制冷也可制热，说明在自发状态下热传递的方向
21、是可逆的【答案】ABD;【解析】【详解】根据热力学第二定律可知，自然界符合能量守恒定律的宏观过程不一定都能自然发生，选项A正确；固体的扩散现象表明固体分子间也存在空隙，选项B正确；布朗运动是固体小颗粒的运动，不是颗粒分子的运动，能反映液体分子的热运动规律，选项C错误；温度是分子平均动能的标志，则一定量的100的水变成100的水蒸气，所有分子的动能总和不变，选项D正确；热力学第二定律的内容可以表述为：热量不能自发的由低温物体传到高温物体而不产生其他影响，即只要产生其他影响，热量就能从低温物体传到高温物体；空调可制冷也可制热，说明不是在自发状态下热传递的方向是可逆的，选项E错误；故选ABD.14.
22、一汽缸竖直放在水平地面上，活塞质量m4 kg，活塞横截面积S2103m2，活塞上面的汽缸内封闭了一定质量的理想气体，下面有气孔与外界相通，大气压强p01.0105Pa当汽缸内气体温度为127 时，缸内气柱长度L120 cm，g取10 m/s2，活塞不漏气且与缸壁无摩擦（）当缸内气柱长度L120cm时，缸内气体压强为多少?（）当缸内气柱长度L224 cm时，缸内气体温度为多少K?【答案】（1） （2）480K【解析】【详解】()当汽缸内气体温度为127时，设封闭气体的压强为P1，对活塞受力：P1S+mg=P0S 代入数据得：P1=0.8105Pa（）当缸内气柱长度L2=24cm时，活塞受力不变，
23、气缸内压强不变，为等压变化，则： 解得T2=480K15.如图所示是一列简谐波在t = 0时刻的波形图，介质中x = 4 m处质点沿y轴方向做简谐运动的表达式为。关于这列波，下列说法正确是_。A波长为4 m；B波速为8 m/s；C波沿x轴正方向传播；D再经过半个周期，x = 4 m处质点沿波的传播方向移动2m；E再经过3/4个周期，x = 4m处质点位于波谷。【答案】ABE;【解析】【详解】由图读出波长=4m，故A正确；由x=4m处质点沿y轴方向做简谐运动的表达式为y=5sin5t cm，可知=5rad/s，则周期，所以波速为，故B正确；由表达式y=5sin5t cm，可知t=0时刻x=4m处
24、质点沿y轴正方向运动，则根据波形的平移法可知，波沿x轴负方向传播，故C错误；简谐波传播过程中，介质中质点不随波的传播向前移动，只在自己平衡位置附近振动，故D错误；t=0时刻x=4m处质点处于平衡位置沿y轴正方向运动，则再经过个周期的时间，x=4m处质点位于波谷，故E正确。故选ABE。16.半径为R的半球形介质截面如图所示，O为圆心，同一频率的单色光a、b相互平行，从不同位置进入介质，光线a在O点恰好产生全反射。光线b的入射角为45，求：（）介质的折射率；（）光线a、b的射出点O与O之间的距离。【答案】（1） （2） 【解析】【详解】（）a光线刚好发生全反射，可知，全反射临界角为：C=45根据 代入数据得：（）由折射定律得 代入数据可得：O与O之间的距离：【点睛】本题是简单的几何光学问题，其基础是作出光路图，根据几何知识确定入射角与折射角，根据折射定律求解.