1、一、单选选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个选项符合题意1、一质点沿x轴运动，其位置x随时间t变化的规律为：（m），t的单位为s。下列关于该质点运动的说法正确的是A、该质点的加速度大小为B、物体回到x=0处时其速度大小为10m/sC、t=2s时刻该质点速度为零D、02s内该质点的平均速度为5m/s【答案】B考点：考查了匀变速直线运动规律的应用【名师点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移公式和速度公式，要注意公式的矢量性2、如图所示，在理想变压器输入端AB间接入220V正弦交流电，变压器原线圈匝，副线圈匝，O为副线圈中间抽头，为理想二极管，阻值R=20，则R上消耗的热
2、功率为A、20W B、W C、40W D、80W 【答案】A【解析】试题分析：在AB间接入正弦交流电，变压器原线圈n1=110匝，副线圈n2=20匝，有：，得有效值O为副线圈正中央抽头，则R两端电压为20V，所以R消耗的热功率为：，A正确；考点：考查了理想变压器，电功率的计算【名师点睛】对于变压器需要掌握公式、，以及知道副线圈的电流以及功率决定了原线圈中的电流和功率，理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象同时当电路中有变压器时，只要将变压器的有效值求出，则就相当于一个新的恒定电源3、关于传感器，下列说法中正确的是A、话筒是一种常用的声传感器，其作用是将电信号转换为声信号
3、，B、电熨斗能够自动控制温度的原因是它装有双金属片温度传感器，这种传感器的作用是控制电路的通断C、霍尔元件能把磁感应强度这个磁学量转换成这个电阻电学量D、光敏电阻在光照射下其电阻会显著变大【答案】B考点：考查了传感器的应用【名师点睛】该题考查常见的传感器的特点与应用，属于对基础知识点的考查，多加积累即可做好这一类的题目4、假设在宇宙中存在这样三个天体A、B、C，它们在一条直线上，天体A离天体B的高度为某值时，天体A和天体B就会以相同的角速度共同绕天体C运转，且天体A和天体B绕天体C运动的轨道都是圆轨道，如图所示，以下说法正确的是A、天体A做圆周运动的加速度小于天体B做圆周运动的加速度B、天体A
4、做圆周运动的速度小于天体B做圆周运动的速度C、天体B做圆周运动的向心力等于天体C对它的万有引力D、天体B做圆周运动的向心力小于天体C对它的万有引力【答案】D考点：考查了圆周运动规律的应用1111【名师点睛】根据公式，分析加速度的关系；由公式，分析速度的关系；天体A做圆周运动的向心力是由B、C的万有引力共同提供的5、竖直平面内有一个四分之一圆弧AB，OA为水平半径，现从圆心O处以不同的初速度水平抛出一系列质量相同的小球，这些小球都落到圆弧上，不计空气阻力，小球落到圆弧上时的动能1111A、越靠近A点越大B、越靠近B点越大1111C、从A到B先减小后增大D、从A到B先增大后减小【答案】C【解析】试
5、题分析：设小球落到圆弧上时下落竖直高度为y，水平位移为x，动能为小球平抛运动的初速度为，圆弧AB的半径为R则有：，则得：，由几何关系得：；根据动能定理得：，联立得：，根据数学知识可知：，当，即时，有最小值，则此时最小因此小球落到圆弧上时的动能从A到B先减小后增大，故C正确考点：考查了平抛运动规律的应用【名师点睛】小球做平抛运动，根据平抛运动的规律得到初速度与下落高度的关系；根据动能定理得到小球落到圆弧上时的动能与下落高度的关系，再根据数学知识分析即可二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，满分16分，每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全得2分，错选或不答得0分6、如图所示实
6、线为等量异种点电荷周围的电场线，虚线为以一点电荷为中心的圆，M点是两点电荷连线的中点，若将一试探正点电荷从虚线上N点移动到M点，则A、电荷所受电场力大小不变B、电荷所受电场力逐渐增大C、电荷电势能逐渐减小D、电荷电势能保持不变【答案】BC考点：考查了等量异种电荷电场分别规律111【名师点睛】解答本题关键掌握等量异号点电荷电场线分布情况，知道电场线的物理意义：疏密表示电场强势相对大小，方向反映电势的高低7、如图所示，E为电源，其内阻不可忽略，为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，L为指示灯泡，C为平行板电容器，G为灵敏电流计，闭合开关S，当环境温度明显升高时，下列说法正确的是111 A、L变亮
7、B、两端电压变大 C、C所带的电荷量保持不变 D、G中电流方向由a到b【答案】AD考点：考查了电路的动态变化【名师点睛】在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部整体局部8、正在粗糙水平面上滑动的物块，从时刻到时刻受到恒定的水平推力F的作用，在这段时间内物块做直线运动，已知物块在时刻的速度与时刻的速度大小相等，则在此过程中A、物块可能做匀速直线运动B、物块的位移可能为零C、合外力对物块做功一定为零D、F一定对物块做正功【答案】ACD【解
8、析】试题分析：物体做直线运动，合力与速度同方向，初末速度相等，物体可能做匀速直线运动，即推力等于滑动摩擦力，故A正确；物体有可能速度先减为零，然后反向增加到相同的值，即力F向后，故减速时加速度为，加速时加速度为，根据速度位移公式，减速位移，加速位移为，故总位移，即物体后退的位移较大，故力F也一定做正功，故B错误D正确；根据动能定理可知，故C正确； 考点：考查了牛顿第二定律的应用【名师点睛】本题关键是分匀速直线运动和先减速和反向加速运动两种情况进行分析，对于第二种情况，先根据牛顿第二定律求出加速度，再根据运动学公式判断前进与后退的位移大小，再根据功的定义进行判断9、某学习小组设计了一种发电装置如
9、图甲所示，图乙为其俯视图，将8块外形相同的磁铁交错放置组合成一个高h=0.5m、半径r=0.2m的圆柱体，其可绕固定轴逆时针（俯视）转动，角速度=100rad/s，设圆柱外侧附近每个磁场区域的磁感应强度大小均为B=0.2T，方向都垂直于圆柱体侧表面，靠紧圆柱体外侧固定一根与其等高，电阻为=0.5的细金属杆ab，杆与轴平行，图丙中阻值R=1.5的电阻与理想电流表A串联后接在杆a、b两端，下列说法正确的是A、电流表A的示数约为1.41AB、杆ab中产生的感应电动势的有效值为E=2VC、电阻R消耗的电功率为2WD、在圆柱体转过一周的时间内，流过电流表A的总电荷量为零【答案】BD考点：考查了电磁感应与
10、电路【名师点睛】磁场与导体棒之间有相对运动，导体切割磁感线，产生感应电动势，根据E=BLv，即可求得ab杆中产生的感应电动势E的大小，由闭合电路欧姆定律的有效值的定义可求出电流表A的示数，并求出电阻R消耗的电功率根据感应电流的方向确定在圆柱体转过一周的时间内，流过电流表A的总电荷量三、简答题10、（1）如图甲所示，螺旋测微器的读数为_mm（2）某学习小组在探究加速度与力、质量的关系时，采用图乙所示的装置，通过改变小托盘和砝码总质量m来改变小车受到的合外力，通过加减钩码来改变小车总质量M。实验中需要平衡摩擦力，应当取下_（选填“小车上的钩码”，“小托盘和砝码”或“纸带”），将木板右端适当垫高，直
11、至小车在长木板上运动时，纸带上带打出来的点_图丙为实验中得到的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出，所用交流电的频率为50Hz，从纸带上测出，小车运动的加速度大小为_（结果保留三位有效数字）【答案】（1）（2）小托盘和砝码；间距相等根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，得：，为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，得：解得：考点：探究加速度与力、质量的关系实验【名师点睛】螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读在平时学习中要善于总结、比较，提高对实验的理解能力解决实验问题首先要掌握该实
12、验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，同时要熟练应用所学基本规律解决实验问题11、实验时有一个标签看不清的旧蓄电池和定值电阻，为测定旧蓄电池的电动势和定值电阻的阻值，实验时提供如下器材，A、电压表V（量程6V，内阻约为4k）B、电流表A（量程1A，内阻=10）C、滑动变阻器（最大阻值20，额定电流2A）D、电阻箱R（阻值范围09999）（1）为了测定电阻的阻值，甲同学选用了上述器材设计了一个能较准确测出其阻值的电路，如图甲是其对应的实物图，请你将实物连线补充完整（2）为测出旧蓄电池的电动势E，乙同学选用了上述器材设计了如图乙所示的电路图，下表是该同学测得的相关数据，请利用测得的数据
13、在图丙的坐标纸上画出合适的图像，并根据画出的图像求得该蓄电池的电动势E=_V，（结果保留2位有效数字）（3）丙同学直接用电压表接在该蓄电池两极读出电压表的读数，其结果与乙同学测得的电动势相比_（填偏大、相等或者偏小）【答案】（1）如图所示（2）如图所示，（3）偏小（3）如图所示；电压表直接接在电源的两端，由于电压表本身有内阻，测量的仍然是电源的外电压，所以测量值偏小考点：测量电源电动势和内阻实验【名师点睛】测定电源的电动势和内电阻是高中阶段电学实验考查的重点，是近几年各地高考题目的出题热点，本题突出了对于实验原理、仪器选择及U-I图象处理等多方面内容的考查，题目层次源于课本，凸显能力，体现创新
14、意识，侧重于对实验能力的考查12【选做题】A、（选修模块3-3）某学习小组做了如下实验，先把空的烧瓶放入冰箱冷冻，取出烧瓶，并迅速把一个气球紧套在烧瓶颈上，封闭了一部分气体，然后将烧瓶放进盛满热水的烧杯力，气球逐渐膨胀起来，如图。（1）在气球膨胀过程中，下列说法正确的是_A、该密闭气体分子间的作用力增大B、该密闭气体组成的系统熵增加C、该密闭气体的压强是由于气体重力而产生的D、该密闭气体的体积是所有气体分子的体积之和（2）若某时刻该密闭气体的体积为V，密度为，平均摩尔质量为M，阿伏伽德罗常数为，则该密闭气体的分子个数为_；（3）若将该密闭气体视为理想气体，气球逐渐膨胀起来的过程中，气体对外做了
15、0.6J的功，同时吸收了0.9J的热量，则该气体内能变化了_J；若气球在膨胀过程中迅速脱离瓶颈，则该气球内气体的温度_（填升高或者降低）【答案】：（1）B；（2）；（3）0.3，降低（2）气体的量为：；该密闭气体的分子个数为：；（3）气体对外做了0.6J的功，同时吸收了0.9J的热量，根据热力学第一定律，有：；若气球在膨胀过程中迅速脱离瓶颈，气压气体迅速碰撞，对外做功，内能减小，温度降低；考点：考查了热力学第一定律，热力学第二定律、气体压强的微观意义、分子力、阿伏加德罗常数【名师点睛】将烧瓶放进盛满热水的烧杯里，气球逐渐膨胀起来，这是因为烧瓶里的气体吸收了水的热量，温度升高，体积增大；先计算物
16、质量，然后求解分子数；根据热力学第一定律列式求解即可C、（选修模块3-5）（1）下列说法中正确的是_A、光电效应进一步证实了光的波动特性B、为了解释黑体辐射规律，普朗克提出了电磁辐射的能量是量子化的C、经典物理学不能解释原子的稳定性和原子光谱的分立特性D、天然放射元素衰变的快慢与化学、物理状态有关【答案】BC考点：考查了光电效应，黑体辐射，波尔理论，天然放射现象【名师点睛】知道经典物理学的局限性，及玻尔的原子模型：三种假设，注意玻尔理论的局限性（2）一同学利用水平气垫导轨做探究碰撞中的不变量的实验时，测出一个质量为0.8kg的滑块甲以0.4m/s的速度与另一个质量为0.6kg、速度为0.2m/
17、s的滑块乙迎面相撞，碰撞后滑块乙的速度大小为_m/s，方向与它原来的速度方向_（选填相同或相反）【答案】 相同【解析】试题分析：碰撞过程动量守恒，设甲速度方向为正方向，碰后乙的速度方向为正方向，则有：，代入数据解得：，方向与原来方向相同考点：考查了动量守恒定律的应用【名师点睛】滑块甲、乙在碰撞的过程中动量守恒，根据动量守恒定律求出滑块甲的速度，基础题，比较容易，注意速度的矢量性（3）如图所示是用光照射某种金属时逸出的光电子的最大初动能随入射光频率的变化图线。由图求出：这种金属发生光电效应的极限频率；普朗克常量。【答案】考点：考查了光电效应方程的应用【名师点睛】根据光电效应方程的得出最大初动能与
18、入射光的频率关系，结合图线求出普朗克常量根据爱因斯坦光电效应方程，图象的斜率等于h横轴的截距大小等于截止频率，逸出功，根据数学知识进行求解四、计算题：本题共3小题，满分47分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13、如图所示的木板由倾斜部分和水平部分组成，两部分之间由一段圆弧面连接，在木板的中间有位于竖直面内的光滑圆槽轨道，斜面的倾角为，现在有10个质量均为m、半径均为r的均匀刚性球，在施加与1号球的水平外力F的作用下均静止，力F与圆槽在同一竖直面内，此时1号球球心距它在水平槽运动时的球心高度差为h，现撤
19、去力F使小球开始运动，直到所有小球均运动到水平槽内，重力加速度为g。求：（1）水平外力F的大小；（2）1号球刚运动到水平槽时的速度大小；（3）整个运动过程中，2号球对1号球所做的功。【答案】（1）（2）（3）考点：考查了动能定理，机械能守恒定律的应用【名师点睛】本题解题关键有两个：一要选择研究对象，二是明确解题规律当10个球都在斜面上下滑时，相互间没有作用力，机械能守恒14、如图甲所示，表面绝缘，倾角=30的足够长的斜面固定在水平地面上，斜面所在空间有一宽度D=0.40m的匀强磁场区域，其边界与斜面底边平行，磁场方向垂直斜面向上，一个质量m=0.10kg，总电阻R=0.25的单匝矩形闭合金属框
20、abcd放在斜面的底端，其中ab边与斜面底边重合，ab边L=0.50m，从t=0时刻开始，线框在垂直cd边沿斜面向上大小恒定的拉力作用下，从静止开始运动，当线框的ab边离开磁场区域时撤去拉力，让线框自由滑动，线框运动速度与时间的关系如图乙所示，已知线框在整个运动过程中始终未脱离斜面，且保持ab边与斜面底边平行，线框与斜面之间的动摩擦因数，重力加速度，求：（1）线框受到的拉力F的大小；（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小；（3）线框在斜面上运动的过程中克服摩擦所做的功和回路产生的电热。【答案】（1）（2）（3）、（3）由v-t图像可知，线框进入磁场区域后做匀速直线运动，并以速度匀速穿出磁场，说明线
21、框的宽度等于磁场的宽度D=0.40m离开磁场后：离开磁场上滑的距离根据可知，线框运动到最高点不再下滑，线框在斜面上运动的过程中克服摩擦力所做的功穿过磁场区域的时间线框向上运动通过磁场区域产生的焦耳热考点：考查了速度时间图像，导体切割磁感线运动【名师点睛】本题关键要根据速度图象，分析线框的运动过程，并掌握平衡条件、牛顿第二定律等力学规律与电磁感应规律，综合性较强15、如图所示，在长度足够长，宽度d=5的区域MNPQ内，有垂直向里的水平匀强磁场，磁感应强度B=0.33T，水平边界MN上方存在范围足够大的竖直方向上的匀强电场，电场强度E=200N/C，现在又大量 质量m=、电荷量的带负电的粒子，同时
22、从边界PQ上的O点沿纸面向各个方向射入磁场，射入时的速度大小均为，不计粒子的重力和粒子间的相互作用，求：（1）求带电粒子在磁场中运动的半径r（2）求与x轴负方向成60角射入的粒子在电场中运动的时间t；（3）当从MN边界上最左边射出的粒子离开磁场时，求仍在磁场中的粒子的初速度方向与x轴正方向的夹角范围，并写出此时这些粒子所在位置构成的图形的曲线方程【答案】（1）（2）（3）3060、粒子在电场中运动的加速度粒子在电场中运动的时间解得考点：考查了带电粒子在组合场中的运动【名师点睛】带电粒子在组合场中的运动问题，首先要运用动力学方法分析清楚粒子的运动情况，再选择合适方法处理对于匀变速曲线运动，常常运用运动的分解法，将其分解为两个直线的合成，由牛顿第二定律和运动学公式结合求解；对于磁场中圆周运动，要正确画出轨迹，由几何知识求解半径