1、 1/5 高一物理试卷（必修 1）参考答案与评分标准 一、选择题（每小题 4 分，共 40 分）题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9-1 9-2 9-3 10-1 10-2 10-3 答案 A B B C A D D C A D B B AD ABC 二、填空题（每小题 4 分，共 16 分）11.10（2 分）10（2 分）12.80（2 分）100（2 分）13.600（1 分）780（1 分）5（1 分）向下（1 分）14.FMmmf（4 分）三、实验题（每空 2 分，共 14 分）15.（1）F1（2 分）0.05（2 分）（2）C（2 分）16.（1）4.0（2 分）1.1（2
2、分）（2）砝码和砝码盘的总质量远小于小车质量（2 分）21xx（2 分）四、计算题（第 17 题 8 分，第 18 题 10 分，第 19 题 12 分，共 30 分，要求写出主要的计算公式、解题步骤和必要的文字说明）17.（1）根据atvv0 (2 分)smsmtavv/10/42.50104 (1 分)（2）匀加速运动的位移：mmta2045.22121x22111 (1 分)匀速运动的位移：mvtx3031022 (1 分)匀减速到速度减为 0 的时间：savt123 (1 分)匀减速位移：mtvx5233 (1 分)质点运动的总时间123810ttttss总 所以质点 10s 内的位移
3、 mmxxxx55)53020(总 (1 分)2/5 18-1.（一般普高做）受力分析如图所示(2 分)平行于斜面方向：0sinfmgF (2 分)垂直于斜面方向：0cosmgFN (2 分)其中 NFf (2 分)解得拉力NmgmgmgF16)cos(sincossin(2 分)18-2.（市十二中、田中做）（1）以结点 O 为研究对象,沿水平方向和竖直方向建立直角坐 标系,将 FOA分解,由平衡条件有：1sin0 cos0 OBOAOAFFFm g（1分）（1分）得：1111/cos1.25 1tan0.75 OAOBFm gm gFm gm g（分）（1分）故轻绳 OA、OB 受到的拉力
4、分别为gmgm110.751.25、(2)人水平方向受到 OB 绳的拉力和水平面的静摩擦力,受力如图,由平衡条件得：gmFfOB175.0 方向水平向左 （2 分）（3）当甲的质量增大到人刚要滑动时,质量达到最大,此时人受到的静摩擦力达到最大值当人刚要滑动时，静摩擦力达到最大值gmfm2，由平衡条件得：11 tan0.75 1OBmmOBmFfFm gm g（1分）（分）故 kgkgggmm2475.01010603.0tan21 （2 分）即物体甲的质量 m1最大不能超过 24kg 18-3.（市一中、附中做）(1)对小球 B 进行受力分析，设细绳对 m 的拉力为 T 由平衡条件可得：mgT
5、FTFsin30sin,cos30cos（1 分）代入数据解得：33tan,310NT 即：30 （1 分）3/5 (2)对 M 进行受力分析，由平衡条件有：sincosNNFTMgfTfF （1分）3 5 解得：（1分）（3）M、m 整体进行受力分析,由平衡条件有：sin()NFFMm g（1分）NFFfcos （1 分）22221)sin()(1)sincoscos(sin)(1tan,1cos,11sin,sincos)(,sin)(cosgmMgmMFgmMFFgmMF则：即：令：解得：联立得：当90时，F 有最小值。所以：当53tan时 F 的值最小，即：53arctan （1 分）
6、此时NF7745min （1 分）19-1.（一般普高做）(1)在水平面上,根据牛顿第二定律可知：Fmgma (2 分)22/1Fmgam sm解得：（分）(2)有由 M 到 B,根据速度位移公式可知：aLvB22 (2 分)解得：22 2 9/6/BvaLm sm s (1 分)(3)在斜面上,根据牛顿第二定律可知：ammgmg)cossin(2 分)得：2/10sma(1 分)根据速度位移公式可知：xavB202 (2 分)解得：201.82Bvxma (1 分)（2 分）4/5 19-2.（市十二中、田中做）(1)当木板收到拉力时,木板受到的地面给的摩擦力为：NgmMf10)(2 分)此
7、时木板的加速度：22.5/Ffam sM 方向与拉力 F 的方向一致 (1 分)设作用 t 时间后撤去力 F,此时木板的加速度为22.5/fam sM (2 分)整个过程木板先做匀加速运动,后做匀减速运动,且aa，故,2Lat 解得：t=1s (1 分)(2)设木块的最大加速度为，木块a则木块mamg 1 (2 分)对木板受力分析得：1()FmgMm gMa木板 (2 分)木板从木块的下方抽出的条件：aa木板木块 (1 分)解得：25FN (1 分)19-3.（市一中、附中做）(1)设小滑块与薄木板刚好发生相对滑动时，小滑块的加速度为 a1，薄木板的加速度为 a2 根据牛顿第二定律有：对滑块：
8、11mamg (1 分)对木板：221)(MagmMmgF临界 (1 分)且有：21aa,解得：NF4.5临界 (1 分)由于 3.54.5FNFN临界 M、m 相对静止,它们一起做匀加速直线运动 由牛顿第二定律可知,加速度：22()1/3FmM gam sMm(1 分)(2)由(1)可知,使小滑块与木板之间发生相对滑动的临界拉力：NF4.5临界 则拉力至少为 4.5N；(2 分)(3)设小滑块脱离薄木板时的速度为 v，时间为 t，在桌面上滑动的加速度为 a3，小滑块脱离木板前，薄木板的加速度为 a4，空间位置变化如图所示 则滑块的速度：,1tav (1 分)对滑块,由牛顿第二定律得：23mgma(1 分)位移：221213,22vvxxaa 5/5 由几何关系得：1212xxL (1 分)木板的位移：224111222vLa ta (1 分)根据牛顿第二定律,对木板：4212)(MagMmmgF (1 分)解得：NF62，要使小滑块脱离薄木板但不离开桌面,拉力6FN (1 分)