1、甘肃省武威市凉州2023-2024高三上学期第一次诊断考试物理试题一、单项选择题：（本题共 10 小题，每小题 4 分，共 40 分。每小题只有一个选项符合题目要求。）1.“嫦娥三号”月球探测器成功完成月面软着陆，并且着陆器与巡视器(“玉兔号”月球车)成功分离，这标志着我国航天事业又一次腾飞，下面有关“嫦娥三号”的说法正确的是()A.“嫦娥三号”刚刚升空的时候速度很小，加速度也很小B.研究“玉兔号”月球车在月球表面运动姿态时，可以将其看成质点C.研究“嫦娥三号”飞往月球的运行轨道时，可以将其看成质点D.“玉兔号”月球车静止在月球表面时，其相对于地球也是静止的2.赵凯华教授说过“加速度是人类认识
2、史上最难建立的概念之一，也是每个初学物理的人最不易真正掌握的概念”所以对加速度的认识应该引起大家的重视下列说法中正确的是（）A.加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度大，加速度一定大B.速度变化得越快，加速度就变化的越快C.物体加速度变大，则速度也一定是在变大D.加速度的方向与速度变化量的方向相同3.某飞机由静止开始做匀加速直线运动，从运动开始到起飞共前进 1 600 m，所用时间为 40 s则它的加速度 a 和离地时的速度 v 分别为()A.2 m/s2，80 m/sB.1 m/s2，40 m/sC.1 m/s2，80 m/sD.2 m/s2，40 m/s4.歼-20 隐形战斗机首架技术验证
3、机于 2011 年 1 月 11 日进行首次升空飞行测试，距今刚好十周年。已知某次训练中，歼-20 着陆后经过 4.5s 停下来，若这个过程可看作是匀减速直线运动，则歼-20 着陆后的第1s 和第 2s 位移大小之比为（）A.4：3B.2：1C.5：3D.9：7的的5.物体做匀加速直线运动，相继经过两段距离为16m 的路程，第一段用时4s，第二段用时 2s，则物体的加速度是()A.22 m/s3B.24 m/s3C.28 m/s9D.216 m/s96.一个质点以初速度0v 做匀加速直线运动，加速度大小a，经过时间 t，位移大小为22at，末速度为v，则0:v v 比值为：A.4:3B.5:3
4、C.5:2D.3:17.一小球沿斜面匀加速滑下，依次经过 A、B、C 三点，已知6mAB，10mBC，小球经过 AB 和BC 两段所用的时间均为 2s，则小球经过 A、B、C 三点时的速度大小分别是（）A.2m/s，3m/s，4m/sB.2m/s，4m/s，6m/sC.3m/s，4m/s，5m/sD.3m/s，5m/s，7m/s8.一质点沿直线运动，如图所示是从0t时刻开始运动的质点的 xtt 图象（x 为位移），可以推知（）A.质点做匀减速运动B.加速度的大小是21m/sC.2st时的速度是1m/sD.2st时位移是3m9.从地面上将一个小球竖直上抛，经 t 时间小球经过空中的某点 A，再经
5、过 t 时间小球又经过 A 点不计空气阻力，下列说法正确的是:A.小球上升最大高度为232 gtB.A 点的高度为212 gtC.小球抛出时的速率为 2gtD.小球抛出时的速率为 32 gt10.汽车在水平面上刹车,其位移与时间的关系是 x=24t-6t2,则它在前 3s 内的平均速度为(）A.6 m/sB.8 m/sC.10 m/sD.12 m/s二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。11.甲、乙两汽车在同一条平直公路上同向运动，其速度时间图象分别如图中甲、乙两条曲线所示。
6、已为的知两车在 t2 时刻并排行驶。下列说法正确的是（）。A.两车在 t1 时刻也并排行驶B.在 t1 时刻甲车在后，乙车在前C.甲车的加速度大小先增大后减小D.乙车的加速度大小先减小后增大12.一物体做竖直上抛运动(不计空气阻力)，初速度为 30m/s，当物体的位移为 25m 时，经历的时间为(g取 10 m/s2)()A.1 sB.2 sC.5 sD.3 s13.如图所示，在水平面上固定着三个完全相同木块，一颗子弹以水平速度 v 射入。若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第三个木块时速度恰好为零，则子弹依次穿入每个木块时的速度之比和穿过每个木块所用时间之比分别为（）A.v1v2v3321
7、B.v1v2v33 2 1C.t1t2t312 3D.t1t2t3（3 2）（2 1）114.甲、乙两车在一平直公路上从同一地点沿同一方向沿直线运动，它们的vt图像如图所示。下列判断正确的是（）A.乙车启动时，甲车在其前方50m 处B.运动过程中，乙车落后甲车的最大距离为75m的C.乙车启动10s 后正好追上甲车D.乙车超过甲车后，两车不会再相遇三、实验题：（本题共 2 小题，每空 3 分，共 18 分。）15.某同学利用图示装置研究小车的匀变速直线运动（1）实验中必要的措施是_A细线必须与长木板平行 B先接通电源再释放小车C小车的质量远大于钩码的质量 D平衡小车与长木板间的摩擦力（2）他实验
8、时将打点计时器接到频率为 50 HZ 的交流电源上，得到一条纸带，打出的部分计数点如图所示（每相邻两个计数点间还有 4 个点，图中未画出）s1=3.59 cm，s2=4.41 cm，s3=5.19 cm，s4=5.97 cm，s5=6.78 cm，s6=7.64 cm则小车的加速度 a=_m/s2（要求充分利用测量的数据），打点计时器在打 B点时小车的速度 vB=_m/s（结果均保留两位有效数字）16.某实验小组利用手机的录像功能拍下小球在斜面上做匀加速直线运动的过程。为便于记录小球各个时刻在斜面上的位置，将录像中时间间隔为 T 的连续 7 幅画面合成到同一张图中，示意如图。依次测得小球各相邻
9、位置间的距离为1x、2x、3x、4x、5x、6x。写出小球在位置 1 的速度表达式_。要求充分利用测量数据，写出小球运动过程中的加速度表达式_。在测量小球相邻位置间距时由于实验者读数产生的误差是_误差。（填“偶然”或“系统”）四、解答题：（本题共 2 小题，17 题 10 分，18 题 12 分，共计 22 分）17.汽车 A 以 vA4 m/s 的速度向右做匀速直线运动，发现前方相距 x07 m 处、以 vB10 m/s 的速度同向运动的汽车 B 正开始匀减速刹车直到静止后保持不动，其刹车的加速度大小 a2 m/s2.从此刻开始计时。求：(1)A 追上 B 前，A、B 间的最远距离是多少？(
10、2)经过多长时间 A 恰好追上 B？18.ETC 是高速公路上不停车电子收费系统的简称，如图，汽车进收费站前的速度为 15m/s，如果通过人工收费通道，需要恰好在收费站中心线处减速至 0，经过 20s 缴费后，再加速至 15m/s 行驶；如果通过 ETC通道，需要恰好在收费站中心线前方 10m 处减速至 5m/s，匀速到达收费站中心线后，再加速至 15m/s 行驶。为了简化分析，设汽车加速和减速的加速度大小均为 1m/s2，求：（1）汽车通过人工收费通道，从收费前减速开始，到收费后加速至 15m/s，所需的时间和所走过的路程；（2）汽车通过 ETC 通道与通过人工收费通道相比较，节省了多少时间
11、？高三物理试题参考答案及解析一、单项选择题：（本题共 10 小题，每小题 4 分，共 40 分。每小题只有一个选项符合题目要求。）1.“嫦娥三号”月球探测器成功完成月面软着陆，并且着陆器与巡视器(“玉兔号”月球车)成功分离，这标志着我国的航天事业又一次腾飞，下面有关“嫦娥三号”的说法正确的是()A.“嫦娥三号”刚刚升空的时候速度很小，加速度也很小B.研究“玉兔号”月球车在月球表面运动的姿态时，可以将其看成质点C.研究“嫦娥三号”飞往月球的运行轨道时，可以将其看成质点D.“玉兔号”月球车静止在月球表面时，其相对于地球也是静止的【答案】C【解析】分析】【详解】A嫦娥三号在刚刚升空的时候速度很小，但
12、是速度变化很快，加速度很大，故 A 错误；B研究“玉兔号”月球车在月球表面运动的姿态时，“玉兔号”月球车的大小和形状不能忽略，不能看成质点，故 B 错误；C研究嫦娥三号飞往月球的运行轨道时，嫦娥三号的大小和形状可以忽略，可以看成质点，故 C 正确；D“玉兔号”月球车静止在月球表面时，相对月球是静止的，相对地球是运动的，故 D 错误；故选 C2.赵凯华教授说过“加速度是人类认识史上最难建立的概念之一，也是每个初学物理的人最不易真正掌握的概念”所以对加速度的认识应该引起大家的重视下列说法中正确的是（）A.加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度大，加速度一定大B.速度变化得越快，加速度就变化的越快C
13、.物体加速度变大，则速度也一定是在变大D.加速度的方向与速度变化量的方向相同【答案】D【解析】【详解】加速度反映物体速度变化快慢的物理量，加速度的大小取决于速度的变化率，与速度的大小无关，故 A 错误；加速度反应物体速度变化快慢的物理量，速度变化得越快，加速度就越大，但加速度的变化不一定大故 B 错误；物体加速度变大，但如果加速度和速度方向相反，则速度在减小，故 C 错误；根据加速度的定义可知，加速度的方向与速度变化量的方向相同，故 D 正确故选 D.【3.某飞机由静止开始做匀加速直线运动，从运动开始到起飞共前进 1 600 m，所用时间为 40 s则它的加速度 a 和离地时的速度 v 分别为
14、()A.2 m/s2，80 m/sB.1 m/s2，40 m/sC.1 m/s2，80 m/sD.2 m/s2，40 m/s【答案】A【解析】【详 解】飞 机 由 静 止 开 始 做 匀 加 速 直 线 运 动，由212xat得2222m/sxat，由22vax得280m/svax，所以 A 选项正确4.歼-20 隐形战斗机首架技术验证机于 2011 年 1 月 11 日进行首次升空飞行测试，距今刚好十周年。已知某次训练中，歼-20 着陆后经过 4.5s 停下来，若这个过程可看作是匀减速直线运动，则歼-20 着陆后的第1s 和第 2s 位移大小之比为（）A.4：3B.2：1C.5：3D.9：7
15、【答案】A【解析】【详解】将飞机做匀减速运动的逆过程看做是初速度为零的匀加速运动，根据212xat则着陆后的第 1s 内的位移2211(4.53.5)42xaa着陆后的第 2s 内的位移2221(3.52.5)32xaa则歼-20 着陆后的第 1s 和第 2s 位移大小之比为 4:3。故选 A。5.物体做匀加速直线运动，相继经过两段距离为16m 的路程，第一段用时4s，第二段用时 2s，则物体的加速度是()A.22 m/s3B.24 m/s3C.28 m/s9D.216 m/s9【答案】B【解析】【分析】【详解】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度知，从开始运动第一段时计时，则 2s
16、 时的瞬时速度等于 0 4s 内的平均速度116m4m/s4sv 5s 时的瞬时速度等于4 6s 内的平均速度216m8m/s2sv 两个中间时刻的时间间隔为2s 1s3st 根据加速度定义可得2221844=m/s=m/s33vvat故选 B。6.一个质点以初速度0v 做匀加速直线运动，加速度大小为 a，经过时间 t，位移大小为22at，末速度为v，则0:v v 比值为：A.4:3B.5:3C.5:2D.3:1【答案】B【解析】【详解】根据公式可得：2at2v0t+12 at2，所以 v0=1.5at；该运动的逆过程为初速度为 v，加速度为-a 的减速运动，则：2at2vt12 at2，所以
17、：v=2.5at；所以：v：v0=2.5at：1.5at=5：3故 B 正确，ACD 错误；故选B7.一小球沿斜面匀加速滑下，依次经过 A、B、C 三点，已知6mAB，10mBC，小球经过 AB 和BC 两段所用的时间均为 2s，则小球经过 A、B、C 三点时的速度大小分别是（）A.2m/s，3m/s，4m/sB.2m/s，4m/s，6m/sC.3m/s，4m/s，5m/sD.3m/s，5m/s，7m/s【答案】B【解析】【分析】【详解】根据小球做匀加速直线运动的特点，两点之间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故 B 点的速度等于 AC 段的平均速度4m/s2BABBCvt又因为连续相等时间内
18、的位移之差等于恒量，即2xat 则由2xBCABat 解得21m/sa 则 A 点的速度vA=vBat解得vA=2m/sC 点的速度vC=vB+at解得vC=6m/s故 B 正确，ACD 错误。故选 B。8.一质点沿直线运动，如图所示是从0t时刻开始运动的质点的 xtt 图象（x 为位移），可以推知（）A.质点做匀减速运动B.加速度的大小是21m/sC.2st时的速度是1m/sD.2st时位移是3m【答案】B【解析】【分析】【详解】AB由图结合数学知识可得图像的表达式为0.51xtt 由匀变速直线运动的位移时间公式2012xv tat变形得012xvatt 对照可得01m/sv，21m/sa
19、所以质点做匀加速直线运动，故 A 错误，B 正确；C2st时的速度为01 1 2 m/s3m/svvat 故 C 错误；D2st时，位移为220111 21 2m4m22xv tat 故 D 错误。故选 B。9.从地面上将一个小球竖直上抛，经 t 时间小球经过空中的某点 A，再经过 t 时间小球又经过 A 点不计空气阻力，下列说法正确的是:A.小球上升的最大高度为232 gtB.A 点的高度为212 gtC.小球抛出时的速率为 2gtD.小球抛出时的速率为 32 gt【答案】D【解析】【详解】根据竖直上抛运动的对称性，知小球竖直上抛运动到最高点的时间为 t+12 t=32t则竖直上抛的初速度
20、v0=32gt故 C 错误，D 正确小球上升的最大高度22139()228hgtgt故 A 错误从 A 点上升到最高点的时间为12 t，则 A 点距离最高点的高度 h1=12 g(12 t)2=18gt2，则 A 点距地面的高度 h2=h-h1=gt2故 B错误故选 D【点睛】解决本题的关键知道竖直上抛运动上升做加速度为 g 的匀减速直线运动，下落做自由落体运动，上升的过程和下落的过程对称10.汽车在水平面上刹车,其位移与时间的关系是 x=24t-6t2,则它在前 3s 内的平均速度为(）A.6 m/sB.8 m/sC.10 m/sD.12 m/s【答案】B【解析】【详解】由位移与时间的关系可
21、知，v0=24m/s；a=-12m/s2则由 v=v0+at 可知，汽车在 2s 末即静止，故 3s 内的位移等于 2s 内的位移，故 3s 内汽车的位移242m24m2x 则汽车的平均速度24 m/s8m/s3v A6m/s 与分析不符，故 A 错误；B8m/s 与分析相符，故 B 正确；C10m/s 与分析不符，故 C 错误；D12m/s 与分析不符，故 D 错误二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。11.甲、乙两汽车在同一条平直公路上同向运动，其速度时间图象分别如图中甲
22、、乙两条曲线所示。已知两车在 t2 时刻并排行驶。下列说法正确的是（）。A.两车在 t1 时刻也并排行驶B.在 t1 时刻甲车在后，乙车在前C.甲车的加速度大小先增大后减小D.乙车的加速度大小先减小后增大【答案】BD【解析】【分析】【详解】AB0t1 时间内vv乙甲t1t2 时间内vv甲乙t2 时刻两车相遇，但 0t1 时间内两者的位移差小于 t1t2 时间内两者的位移差，则 t1 时刻甲在乙的后面，A错误 B 正确；CD由图象的斜率知，甲、乙两车的加速度均先减小后增大，C 错误 D 正确。故选 BD12.一物体做竖直上抛运动(不计空气阻力)，初速度为 30m/s，当物体的位移为 25m 时，
23、经历的时间为(g取 10 m/s2)()A.1 sB.2 sC.5 sD.3 s【答案】AC【解析】【详解】取竖直向上为正方向，竖直上抛运动可看作匀减速直线运动；当物体的末位置在抛出点上方时，位移为25mx 由2012xv tgt得225305tt解得1st 或5st当物体的末位置在抛出点下方时，位移为25mx 由2012xv tgt得225305tt解得。(314)st 故选 AC13.如图所示，在水平面上固定着三个完全相同的木块，一颗子弹以水平速度 v 射入。若子弹在木块中做匀减速直线运动，当穿透第三个木块时速度恰好为零，则子弹依次穿入每个木块时的速度之比和穿过每个木块所用时间之比分别为（
24、）A.v1v2v3321B.v1v2v33 2 1C.t1t2t312 3D.t1t2t3（3 2）（2 1）1【答案】BD【解析】【详解】CD弹匀减速穿过三木块，末速度为零，我们假设子弹从右向左做初速度为零的匀加速直线运动。则：子弹依次穿过 3、2、1 三木块所用时间之比3211:(21):(32)ttt：得：子弹依次穿过 1、2、3 三木块所用时间之比123(32):(21):1ttt：故 C 错误，D 正确；AB设子弹穿过第三木块所用时间为 1 秒，则穿过 3、2 两木块时间为322stt穿过 3、2、1 三木块时间为3213sttt则：子弹依次穿入 3、2、1 三木块时速度之比为1:2
25、:3；所以，子弹依次穿入 1、2、3 三木块时速度之比为 3:2:1。故 A 错误，B 正确。故选 BD。14.甲、乙两车在一平直公路上从同一地点沿同一方向沿直线运动，它们的vt图像如图所示。下列判断正确的是（）A.乙车启动时，甲车在其前方50m 处B.运动过程中，乙车落后甲车的最大距离为75mC.乙车启动10s 后正好追上甲车D.乙车超过甲车后，两车不会再相遇【答案】ABD【解析】【详解】A根据速度图线与时间轴包围的面积表示位移，可知乙在 t=10s 时启动，此时甲的位移为1 10 10m50m2x 即甲车在乙前方 50m 处，故 A 正确；B当两车的速度相等时相遇最远，最大距离为max11
26、(5 15)10m10 5m75m22s故 B 正确；C由于两车从同一地点沿同一方向沿直线运动，当位移相等时两车才相遇，由图可知，乙车启动 10s 后位移小于甲的位移，还没有追上甲，故 C 错误；D乙车超过甲车后，由于乙的速度大，所以不可能再相遇，故 D 正确故选 ABD。三、实验题：（本题共 2 小题，每空 3 分，共 18 分。）15.某同学利用图示装置研究小车的匀变速直线运动（1）实验中必要的措施是_A细线必须与长木板平行 B先接通电源再释放小车C小车的质量远大于钩码的质量 D平衡小车与长木板间的摩擦力（2）他实验时将打点计时器接到频率为 50 HZ 的交流电源上，得到一条纸带，打出的部
27、分计数点如图所示（每相邻两个计数点间还有 4 个点，图中未画出）s1=3.59 cm，s2=4.41 cm，s3=5.19 cm，s4=5.97 cm，s5=6.78 cm，s6=7.64 cm则小车的加速度 a=_m/s2（要求充分利用测量的数据），打点计时器在打 B点时小车的速度 vB=_m/s（结果均保留两位有效数字）【答案】.（1）AB .（2）0.80 .0.40【解析】【详解】为了让小车做匀加速直线运动，应使小车受力恒定，故应将细线与木板保持水平；同时为了打点稳定，应先开电源再放纸带，故 AB 正确；本实验中只是研究匀变速直线运动，故不需要让小车的质量远大于钩码的质量；只要能让小车
28、做匀加速运动即可，故 C 错误；由 C 的分析可知，只要摩擦力恒定即可，不需要平衡摩擦力，故 D 错误，故选 AB每两个计数点间有四个点没有画出，故两计数点间的时间间隔为5 0.020.1Ts；根据逐差法可知，物体的加速度 2245612325.976.787.643.594.41 5.19()()100.80/99 0.01ssssssam sT；B 点的速度等于 AC 段的平均速度，则有：120.03590.04410.40/20.1 2ssvm sT【点睛】本题考查匀变速直线运动规律的应用，要注意明确实验原理，知道本实验中只需要研究匀变速直线运动即可，所以不需要平衡摩擦力，也不需要让小车
29、的质量远大于钩码的质量16.某实验小组利用手机录像功能拍下小球在斜面上做匀加速直线运动的过程。为便于记录小球各个时刻在斜面上的位置，将录像中时间间隔为 T 的连续 7 幅画面合成到同一张图中，示意如图。依次测得小球各相邻位置间的距离为1x、2x、3x、4x、5x、6x。的写出小球在位置 1速度表达式_。要求充分利用测量数据，写出小球运动过程中的加速度表达式_。在测量小球相邻位置间距时由于实验者读数产生的误差是_误差。（填“偶然”或“系统”）【答案】.122xxT.45612329xxxxxxT.偶然【解析】【分析】【详解】1匀变速直线运动中，中间时刻速度等于平均速度，所以 1 位置的速度为12
30、12xxvT2题中要求充分利用数据，利用逐差法求解加速度，则24113xxa T25123xxa T26333xxa T解得加速度为1236543212()()39aaaxxxxxxaT3读数产生的误差是人为因素造成的，属于偶然误差。【点睛】一般来说，偶然误差是主观因素引起的误差，比如读数错误，操作错误等；系统误差是客观因素造成的，比如测量工具本身的精确度不够，测量方法带来的不可避免的误差等。四、解答题：（本题共 2 小题，17 题 10 分，18 题 12 分，共计 22 分）17.汽车 A 以 vA4 m/s 的速度向右做匀速直线运动，发现前方相距 x07 m 处、以 vB10 m/s 的
31、速度同向运动的汽车 B 正开始匀减速刹车直到静止后保持不动，其刹车的加速度大小 a2 m/s2.从此刻开始计时。求：(1)A 追上 B 前，A、B 间的最远距离是多少？(2)经过多长时间 A 恰好追上 B？的【答案】(1)16 米；(2)8 秒【解析】【详解】(1)设经过时间 t1 两车相距最远BA1vtva解得13st 两车间的最远距离是2B 11A 10116m2xv tatv tx(2)刹车时间为B05svta设经过时间 t2 两车相遇BA 20002vv ttx解得28st 18.ETC 是高速公路上不停车电子收费系统的简称，如图，汽车进收费站前的速度为 15m/s，如果通过人工收费通
32、道，需要恰好在收费站中心线处减速至 0，经过 20s 缴费后，再加速至 15m/s 行驶；如果通过 ETC通道，需要恰好在收费站中心线前方 10m 处减速至 5m/s，匀速到达收费站中心线后，再加速至 15m/s 行驶。为了简化分析，设汽车加速和减速的加速度大小均为 1m/s2，求：（1）汽车通过人工收费通道，从收费前减速开始，到收费后加速至 15m/s，所需的时间和所走过的路程；（2）汽车通过 ETC 通道与通过人工收费通道相比较，节省了多少时间？【答案】（1）50s，225m；（2）27s【解析】【详解】（1）汽车通过人工通道，设加速时间为 1t，减速时间为 2t，由于匀加速和匀减速加速度大小相等，根据对称性可知01215svtta匀减速和匀加速位移0121112.5m2vxxt则汽车通过人工通道所需时间12120s50sttt总通过的总路程121225mxxx总（2）汽车通过ETC 通道，匀加速和匀减速也具有对称性，则03410svvtta匀速时间为52sxtv则通过ETC 通道所需总时间为345222stttt总通过的总路程为0322210m2vvxxt 总过ETC 通道，汽车通过1x总 所用时间为12223sxxttv总总总故节约的时间为