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2018高中全程训练计划&数学(文)仿真考(三) WORD版含解析.doc

1、仿真考(三)高考仿真模拟冲刺卷(C)本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分满分150分考试时间120分钟第卷(选择题共60分)一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1已知复数z,则z的共轭复数()A1 B1 Ci Di2已知条件p:x1,条件q:f(x)的解集是()A. B.C. D.11已知函数f(x)asinxbcosx(a,b为常数,a0,xR)在x处取得最大值,则函数yf是()A奇函数且它的图象关于点(,0)对称B偶函数且它的图象关于点对称C奇函数且它的图象关于点对称D偶函数且它的图象关于点(,0)对称12已知椭圆C:1的右

2、焦点为F,不垂直于x轴且不过F点的直线l与椭圆C交于M,N两点,若MFN的外角平分线与直线MN交于点P,则P点的横坐标为()A2 B. C3 D4第卷(非选择题共90分)本卷包括必考题和选考题两部分第1321题为必考题,每个试题考生都必须作答,第2223题为选考题,考生根据要求作答二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分把答案填在题中的横线上13已知数列an满足:a1a21,an1(n3,nN*),则a6_.14已知向量a,b,其中|a|,|b|2,且(ab)a,则向量a和b的夹角是_15为了判断高中三年级学生是否选修文科与性别的关系,现随机抽取50名学生,得到如下22列联表:理科文科

3、男1310女720已知P(K23.841)0.05,P(K25.024)0.025.根据表中数据,得到K2的观测值k4.844.则认为选修文科与性别有关系出错的可能性为_16六张卡片上分别写有数字0,1,2,3,4,5,从中任取四张排成一排,可以组成不同的四位奇数的个数为_三、解答题:本大题共6小题,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17(本小题满分12分)在ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,a4cosC,b1.(1)若A90,求ABC的面积;(2)若ABC的面积为,求a,c.18.(本小题满分12分)已知数列an的前n项和Sn,nN*.(1)求数列an的通项公式;(2)设bn

4、2an(1)nan,求数列bn的前2n项和19(本小题满分12分)如图,在三棱锥VABC中,平面VAB平面ABC,VAB为等边三角形,ACBC且ACBC,O,M分别为AB,VA的中点(1)求证:VB平面MOC;(2)求证:平面MOC平面VAB;(3)求三棱锥VABC的体积20(本小题满分12分)已知椭圆C:y21(常数a1)的离心率为,M,N是椭圆C上的两个不同动点,O为坐标原点(1)求椭圆C的方程;(2)已知A(a,1),B(a,1),满足kOMkONkOAkOB(kOM表示直线OM的斜率),求|MN|取值的范围21(本小题满分12分)已知函数f(x)aln(1x)(aR),g(x)x2em

5、x(mR)(1)当a1时,求函数f(x)的最大值;(2)若a0,求不等式f(x)4的解集1D本题考查复数的概念、运算复数zi,则z的共轭复数是i,故选D.实部相等、虚部互为相反数的两个复数互为共轭复数2D本题考查充分条件、必要条件的判断条件q:10x1,则綈p:x0),由a4a2a64a,又an0,则a32a4,q,则a12a22a13,a1,则a4a1q3,故选C.灵活应用等比数列的性质是解题的关键知识拓展:等比数列的性质:若an是等比数列,且mnpq,m,n,p,qN*,则amanapaq,特别地,若mn2p,m,n,pN*,则amana在解题中具有广泛的应用6C由于甲组数据的中位数为15

6、10x,x5.又乙组数据的平均数为16.8,y8.x,y的值分别是5,8.7C本题考查程序框图的识别、算法的意义及几何概型的计算开始输入x1,13,n1;第一次循环时,x3,27,n2;第二次循环时,x7,55,n3;第三次循环时,x15,111,n4;第四次循环时,x31,223,n54,此时程序结束,输出的数是从31到223的所有数,其中大于或等于95的数的范围在95到223之间,即其概率为P,故选C.本题利用程序框图计算出的是某一个区间的数,根据这些数在数轴上表示的区间的比值即可计算出概率值8C本题考查条件概率由题意可得P(AB),P(A),由条件概率的公式可得P(B|A),故选C.本题

7、的突破点是条件概率计算公式的应用9A本题考查三视图、几何体的体积由三视图可得该几何体是三棱柱ABCA1B1C1截去一个三棱锥A1B1C1C后余下的五面体,三棱柱的底面是以2为直角边的等腰直角三角形,高为2,则该几何体的体积是222222,故选A.本题的突破点是由三视图得几何体的直观图10B本题考查导数在函数中的应用设g(x),则g(x),又因为3f(x)f(x)3,所以g(x)0,即函数g(x)在R上为常函数,设g(x)c(c为常数),则f(x)ce3x1,又因为f(0)ce3011,所以c2,则f(x)2e3x1,则f(x)6e3x,则4f(x)f(x)等价于4(2e3x1)6e3x,解得x

8、,即4f(x)f(x)的解集为,故选B.根据题意合理构造函数是解题的关键11B 本题考查三角恒等变换及三角函数的性质f(x)asinxbcosxsin(x),其中tan,其在x处取得最大值,则2k(kZ),即2k(kZ),f(x)sin(x)sin,fsincosx,其是偶函数,且图象关于点(kZ)对称,故选B.本题先要将三角函数进行三角恒等变换化成最简形式,然后观察其性质12D解析:本题考查直线与椭圆的位置关系解法一:如图,过点M作MFNF交FP于F,设P(x0,y0),M(x1,y1),N(x2,y2),由MFNF,12得13,MFMF,由MFNF得,故.由椭圆第二定义知e,又a2,e,;

9、又由得,解得x04,故选D.解法二:令M,N(2,0),则NFM,则角平分线FP所在直线的方程为yx1,直线MN的方程为y(x2),联立解得P(4,3),故选D.本题的突破点是特殊值法的应用13.解析:本题考查数列的通项由题意可得a31,a411,a611.本题的突破点是依次赋值,再正确运算即可14.解析:本题考查平面向量的运算、平面向量垂直的条件因为(ab)a,所以(ab)a|a|2|a|b|cosa,b32cosa,b0,解得cosa,b,则向量a,b的夹角为.两向量垂直,则它们的数量积为零155%解析:K2的观测值k4.844,这表明小概率事件发生根据假设检验的基本原理,应该判定“是否选

10、修文科与性别之间有关系”成立,并且这种判断出错的可能性约为5%.16144解析:本题考查排列组合的应用0,1,2,3,4,5这6个数字中含3个奇数;1,3,5;要使组成的四位数是奇数,则首先要保证其末位是奇数,共有C种取法;其次要保证其首位不为0,此时首位只有2,4这2个偶数及剩下的2个奇数可取,共有C种取法;剩下还有4个数字,将它们填入中间两个数位中,有A种取法;故共有CCA144种取法本题中要求是奇数,因此其最末一位要是奇数,此外首位还不能为0,注意这两点后即可得到结果17分析:本题考查同角三角函数的基本关系、余弦定理、三角形面积公式等基础知识,考查运算求解能力,考查化归与转化思想、函数与

11、方程思想等(1)利用余弦定理、三角形面积公式求解;(2)利用三角形面积公式,结合平方关系求解解:(1)a4cosC4,b1,2c2a21.(2分)又A90,a2b2c2c21.2c2a21c22,c,a.(4分)SABCbc1.ABC的面积为.(6分)(2)SABCabsinCasinC,则sinC.(8分)a4cosC,sinC,221,化简得(a27)20,(10分)a,由余弦定理c2a2b22abcosC得c2.(12分)18解:(1)当n1,a1S11;当n2时,anSnSn1n.a1也满足ann,故数列an的通项公式为ann.(2)由(1)知ann,故bn2n(1)nn.记数列bn的

12、前2n项和为T2n,则T2n(212222n)(12342n)记A212222n,B12342n,则A22n12,B(12)(34)(2n1)2nn.故数列bn的前2n项和T2nAB22n1n2.19解析:(1)证明:因为O,M分别为AB,VA的中点,所以OMVB.又因为VB平面MOC,所以VB平面MOC.(2)证明:因为ACBC,O为AB的中点,所以OCAB.又因为平面VAB平面ABC,且OC平面ABC,所以OC平面VAB.所以平面MOC平面VAB.(3)在等腰直角三角形ACB中,ACBC,所以AB2,OC1.所以等边三角形VAB的面积SVAB.又因为OC平面VAB,所以三棱锥CVAB的体积

13、等于OCSVAB.又因为三棱锥VABC的体积与三棱锥CVAB的体积相等,所以三棱锥VABC的体积为.20分析:本题考查圆锥曲线的方程及直线与圆锥曲线交点问题,考查考生的计算能力及整体代换思想的应用(1)根据椭圆的离心率,可以直接计算出椭圆的方程;(2)分直线斜率存在与不存在两种情况进行讨论,设出直线方程,联立方程组写出线段|MN|长度表达式,最终求出其取值范围解:(1)由题意得,解得a.所以椭圆C的方程为y21.(3分)(2)解法一:由(1)得a,故点A(,1),B(,1)当MN的斜率不存在时,不妨设M(x1,y1),N(x1,y1)且y10,则kOMkONkOAkOB,化简得x2y,由点M(

14、x1,y1)在椭圆上得y1.联立方程解得x11,y1,得|MN|y1(y1)2y1(为定值)(5分)当直线MN的斜率存在时,设直线MN的方程为ykxt,M(x1,y1),N(x2,y2),由消去y可得(12k2)x24ktx2(t21)0,则(4kt)24(12k2)2(t21)8(2k21t2)0,即2k21t20,(*)x1x2,x1x2,(8分)y1y2(kx1t)(kx2t)k2x1x2kt(x1x2)t2,又kOMkONkOAkOB,得x1x22y1y20,即20,解得2t22k21,代入(*)得t20,且2t22k211,故t2,且k2,(10分)所以|MN|x1x2|2 (,2综

15、上所述,|MN|2.(12分)解法二:由条件得,平方得xx4yy(2x)(2x),即xx2,(8分)又x2(1y),x2(1y)得yy1.设y1cos,y2sin,则|MN|,(10分)当sin21时,|MN|max2,当sin21时,|MN|min,所以|MN|2.(12分)21分析:本题考查导数在函数中的应用,考查考生的分析能力和运算能力(1)先求导,根据导函数的符号确定函数的单调性,进而求解最值;(2)将不等式恒成立问题转化为函数的最值问题求解解:(1)函数f(x)的定义域为x(1,),(1分)当a1时,f(x)ln(1x),f(x),(2分)当x(1,0)时,f(x)0函数f(x)在(

16、1,0)上单调递增(3分)当x(0,)时,f(x)0,函数f(x)在(0,)上单调递减,(4分)f(x)maxf(0)0.(5分)(2)令(x)f(x)1aln(1x)1,“当a0时,对任意的x1,x20,2,f(x1)1g(x2)恒成立”等价于“当a0时,对任意的x1,x20,2,(x)ming(x)max恒成立”,(6分)(x),当a0,函数(x)在0,2上单调递增,(x)min(0)1.(7分)g(x)2xemxx2emxm(mx22x)emx,(8分)若m0,则g(x)x2,当x0,2时,g(x)maxg(2)4,显然不满足g(x)max1,(9分)若m0,令g(x)0得x10,x2,

17、当2,即1m0时,在0,2上g(x)0,g(x)单调递增,此时g(x)maxg(2)4e2m,由4e2m1,得mln2,1mln2;(10分)当02,即m1时,在上g(x)0,g(x)单调递增,在上g(x)0,g(x)单调递减,此时g(x)maxg,由1,得m,m1;(11分)当0时,在0,2上,g(x)0,g(x)单调递增,此时g(x)maxg(2)4e2m,4e2m1不成立,综上所述,m的取值范围是(,ln2(12分)22分析:本题考查直线的极坐标方程、圆的参数方程以及直线与圆的位置关系等基础知识,考查运算求解能力考查数形结合思想、化归与转化思想等(1)利用极坐标与直角坐标的互化公式将极坐

18、标方程化为直角坐标方程,再求圆的参数方程;(2)将直线的极坐标方程化为直角坐标方程,利用弦长公式求解解:(1)由24cos30可知x2y24x30.(x2)2y21.(2分)令x2cos,ysin,C1的一个参数方程为(为参数,R)(4分)(2)C2:43,43,即2x2y30.(6分)直线2x2y30与圆(x2)2y21相交于A,B两点,圆心到直线的距离d,(8分)|AB|2 .(10分)23分析:(1)本题考查含有绝对值的函数的最值、不等式的解法等基础知识,考查运算求解能力、分类与整合思想、化归与转化思想等(1)对a的不同范围分别去掉绝对值转化为分段函数,利用函数单调性、最小值建立关于a的方程求解;(2)利用零点分区间讨论法去掉绝对值,结合函数图象解不等式解:(1)当a2时,f(x)f(x)最小值12,a2.(2分)当a2时,f(x)f(x)最小值12,a6.(4分)综上可知,a2或a6.(5分)(2)由(1)知,a0时,a2.不等式f(x)4,即|x2|x2|4.(6分)由(1)知f(x)(8分)由x14得x;由x34得x2,不等式的解集为.(10分)

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