1、四川省泸县第一中学2020届高三物理下学期第一次在线月考试题（含解析）一.选择题（每小题分，少选3分，多选，错选0分，共计48分）1.一静止的铀核放出一个粒子衰变成钍核，衰变方程为.下列说法正确的是（ ）A. 衰变后钍核的动能等于粒子的动能B. 衰变后钍核的动量大小等于粒子的动量大小C. 铀核的半衰期等于其放出一个粒子所经历的时间D. 衰变后粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量【答案】B【解析】【详解】A根据可知，衰变后钍核的动能小于粒子的动能，故A错误；B根据动量守恒定律可知，生成的钍核的动量与粒子的动量等大反向，故B正确；C铀核的半衰期等于一半数量的铀核衰变需要的时间，而放出一个粒子所
2、经历的时间是一个原子核衰变的时间，故两者不等，故 C错误；D由于该反应放出能量，由质能方程可知，衰变后粒子与钍核的质量之和小于衰变前铀核的质量，故 D错误2.物体从静止开始做直线运动，图像如图所示，则该物体A. 在第8 s末相对于起点的位移最大B. 在第4 s末相对于起点的位移最大C. 在时间内的加速度大小最大D. 在时间内的加速度大小保持不变【答案】D【解析】【详解】AB、由题图知，物体在内沿正方向运动，在内沿负方向运动，所以在第末相对于起点的位移最大，故选项A、B错误；CD、图线的斜率等于物体的加速度，由题图图线可知内物体的加速度大小不变并且最大，故选项C错误，D正确3.如图所示，一条细绳
3、跨过定滑轮连接两个小球A、B，它们都穿在一根光滑的竖直杆上，不计绳与滑轮间的摩擦，当两球平衡时OA绳与水平方向的夹角为2，OB绳与水平方向的夹角为，则球A、B的质量之比为( )A. 2cos 1B. 12cos C. tan 1D. 12sin 【答案】A【解析】【详解】分别对AB两球分析，运用合成法，如图：由几何知识得：Tsin=mBgTsin2=mAg故mA:mB= sin2:sin=2cos :1A. 2cos 1与上述计算结论2cos :1相符，故A符合题意； B. 12cos 与上述计算结论2cos :1不相符，故B不符合题意； C. tan 1与上述计算结论2cos :1不相符，故
4、C不符合题意； D. 12sin 与上述计算结论2cos :1不相符，故D不符合题意4.如图，矩形闭合导体线框在匀强磁场上方，由不同高度静止释放，用t1、t2分别表示线框ab边和cd边刚进入磁场的时刻线框下落过程形状不变，ab边始终保持与磁场水平边界线OO平行，线框平面与磁场方向垂直设OO下方磁场区域足够大，不计空气阻力影响，则下列图像不可能反映线框下落过程中速度v随时间t变化的规律（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】线框先做自由落体运动，ab边进入磁场做减速运动，加速度应该是逐渐减小，而A图象中加速度逐渐增大故A错误线框先做自由落体运动，ab边进入磁场后做减速运动，因为重
5、力小于安培力，当加速度减小到零做匀速直线运动，cd边进入磁场做匀加速直线运动，加速度为g故B正确线框先做自由落体运动，ab边进入磁场后因为重力大于安培力，做加速度减小的加速运动，cd边离开磁场做匀加速直线运动，加速度为g，故C正确线框先做自由落体运动，ab边进入磁场后因为重力等于安培力，做匀速直线运动，cd边离开【点睛】解决本题的关键能够根据物体的受力判断物体的运动，即比较安培力与重力的大小关系，结合安培力公式、切割产生的感应电动势公式进行分析5.如图，水平面上有一均匀带电环，带电量为Q，其圆心为O点有一带电量q的小球恰能静止在O点上方的P点，OP间距为L，P与圆环上任一点的连线与PO间的夹角
6、为以下说法正确的是A. P点场强大小为B. P点场强大小为C. P点场强大小为D. P点场强大小为【答案】D【解析】【详解】点电荷电场强度的定义：E= 利用微元法可知，圆环上一小段电荷量q在P点产生的场强为方向沿两点连线， 由于小球在P点处于静止状态所以合电场强度方向应该在竖直方向，则竖直方向上的分量为： 再根据微积分可知圆环在P点产生的场强大小为 A. P点场强大小，与分析不符，故A不符合题意B. P点场强大小为，与分析不符，故B不符合题意C. P点场强大小为，与分析不符，故C不符合题意D. P点场强大小为，与分析相符，故D符合题意6.如图所示，航天飞机在完成对哈勃空间望远镜的维修任务后，在
7、A点从圆形轨道进入椭圆轨道，B为轨道上的一点，如图所示，关于航天飞机的运动，下列说法中正确的有（ ）A. 在轨道上经过A的速度小于经过B的速度B. 在轨道上经过A的速度大于在轨道上经过A的速度C. 在轨道上运动的周期小于在轨道上运动的周期D. 在轨道上经过A的加速度小于在轨道上经过A的加速度【答案】AC【解析】【详解】A. 轨道上由A点运动到B点，引力做正功，动能增加，所以经过A的速度小于经过B的速度，故A项与题意相符；B. 从轨道的A点进入轨道需减速，使万有引力大于所需要的向心力，做近心运动所以轨道上经过A的速度小于在轨道上经过A的速度，故B项与题意不相符；C. 根据开普勒第三定律可知，椭圆
8、轨道的半长轴小于圆轨道的半径，所以在轨道上运动的周期小于在轨道上运动的周期，故C项与题意相符；D. 在轨道上和在轨道通过A点时所受的万有引力相等，根据牛顿第二定律，加速度相等，故D项与题意相符7.如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中( )A. 桌布对鱼缸摩擦力的方向向左B. 鱼缸在桌布上滑动时间和在桌面上的相等C. 若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将增大D. 若猫减小拉力，鱼缸有可能滑出桌面【答案】BD【解析】【详解】鱼缸向右加速运动，桌布对鱼缸摩擦力的方向向右，故A错误；鱼缸在桌布上加速运动，脱离桌布后在
9、桌面上做减速运动，加速度大小相等，且加速运动的末速度等于减速运动的初速度，故可知鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等，故B正确；鱼缸受的摩擦力只与鱼缸的重力和摩擦因数有关，故若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将不变，故C错误；若猫减小拉力，若鱼缸能与桌布保持相对静止，故鱼缸能滑出桌面，故D正确故选BD8.如图所示，竖直光滑导轨上端接入一定值电阻R，C1和C2是半径都为a的两圆形磁场区域，其区域内的磁场方向都垂直于导轨平面向外，区域C1中磁场的磁感应强度随时间接B1=b+kt (k0)变化，C2中磁场的磁感应强度恒为B2，一质量为m电阻为r、长度为L的金属杆AB穿过C2的圆心垂直地跨放在两导轨上，
10、且与导轨接触良好，并恰能保持静止则A. 通过金属杆的电流大小为B. 通过金属杆的电流方向为从B到AC. 定值电阻的阻值为R=D. 整个电路的热功率p=【答案】BCD【解析】试题分析：金属杆静止，合力为零根据受力分析，结合平衡条件与安培力表达式，求解通过金属杆的电流大小；由楞次定律分析通过金属杆的电流方向根据法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律，结合题意，即可求定值电阻的阻值由功率公式整个电路中产生的热功率P对金属杆，根据平衡方程得，解得，故A错误；区域C1中磁场的磁感强度随时间按B1=b+kt（k0）变化，可知磁感强度均匀增大，穿过整个回路的磁通量增大，由楞次定律分析知，通过金属杆的电流方向为
11、从B到A，B正确；由法拉第电磁感应定律，则有：回路中产生的感应电动势为，且闭合电路欧姆定律有，又，解得，C正确；整个电路中产生的热功率，D正确二、非选择题：共62分，第912题为必考题，每个试题考生都必须作答。第1316题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题 9.某同学用如图甲实验装置测量重力加速度.质量为m2的物块从高处由静止开始下落，质量为m1的物块上拖着纸带打出一系列的点，打点计时器所用电源的频率为50 Hz.图乙是实验中获取的一条纸带的一部分：纸带中每相邻两计数点间还有1个计时点（图中未标出），测得s1=7.02 cm，s2=15. 07 cm，s3=34.32 cm，s4=45.
12、50 cm，s5= 57.71 cm，已知 m1=65 g，m2= 325 g，则：（计算结果保留三位有效数字）(1)在纸带上打下计数点D时的速度vD=_m/s.(2)由纸带可知，物块m2下落过程的加速度a=_m/s2，测得的重力加速度g=_m/s2.【答案】 (1). 2.67 (2). 6.50 (3). 9.75【解析】【详解】(1)1 打点计时器所用电源的频率为50 Hz，打点的时间间隔T=0.02s，打D点时的速度是BF段的平均速度，即(2)根据纸带上数据计算加速度，a=解得a=6.50m/s2根据牛顿第二定律有m2g-m1g=（m1+m2）a解得重力加速度g=9.75m/s2.10
13、.为了测量某待测电阻Rx的阻值(约为30 )，有以下一些器材可供选择电流表A1(量程050 mA，内阻约10 )；电流表A2(量程03 A，内阻约0.12 )；电压表V1(量程03 V，内阻很大)；电源E(电动势约为3 V，内阻约为0.2 )；滑动变阻器R1(010 )；滑动变阻器R2(01 k)；定值电阻R3=30 ； 定值电阻R4=300 ；单刀单掷开关S一个，导线若干(1)电流表应选_，滑动变阻器应选_，定值电阻应选 _(填器材的元件符号)；(2)某次测量中，电压表示数如上图(1)所示，则此电压值为_V；(3)请在上面的虚线框内画出测量电阻Rx的实验电路图，并标出电路元件的字母符号_(要
14、求所测量范围尽可能大)；(4)某次测量中，电压表示数为U时，电流表示数为I，则计算待测电阻阻值的表达式为Rx=_（用题目中所给字母符号表示）【答案】 (1). A1 (2). R1 (3). R3 (4). 1.70 (5). (6). 【解析】【详解】（1）1 测量电阻时电流较小，可能达到的最大电流为则电流表应选A1；2 为使测量范围尽可能大，滑动变阻器应采用分压式接法，故应选最大阻值小的变阻器R1；3因为电压表的量程是3V，电流表的量程是100mA，最小电阻待测电阻约为30 ，若把定值电阻R与被测电阻串联后作为被测电阻，这样测量更准确，定值电阻应选R3=30 ，这样电表的读数满足对电表读数
15、不小于满偏一半，测量较准确；（2）4电压表的量程是3V，所以电压表的读数是1.70V；（2）5 由于电压表的内阻很大，故应采用电流表外接法；故电路如下图所示：（4）6 某次测量中，电压表示数为U时，电流表示数为I，则待测电阻阻值的表达式为11.如图所示，竖直放置的半径R=0.4m的半圆形光滑轨道BCD跟水平直轨道AB相切于B点，D点为半圆形轨道的最高点可视为质点的物块m=0.5kg，静止在水平轨道上A点，物块与轨道AB间的动摩擦因数为=0.2，AB两点间的距离为l=2m现给物块m施以水平向右恒力F作用s=1m 后撤除恒力，物块滑上圆轨道D点时对轨道压力大小等于物块重力（g取10m/s2）（1）
16、求物块m到达B点时的速度大小（2）求物块落到轨道上距B点的距离x （3）求恒力F的大小【答案】（1）（2）（3）8N【解析】试题分析：（1）以物块为研究对象，根据题设及牛顿第三定律知物块滑上圆轨道D点时，轨道对物块弹力大小等于物块重力，即设物块到达D点时的速度为vD，应用牛顿第二定律得：，代入数据解得：从B到D点过程，只有重做功，机械能守恒：代入数据解得：（2）物块过D点后做平抛运动，设从D点到落到水平轨道上所需时间为t，根据运动学规律得：在竖直方向上：，解得：在水平方向上：（3）物块在AB段：水平向右恒力F做正功，摩擦力做负功由动能定理得：解得：考点：动能定理的应用、牛顿第二定律、平抛运动、
17、机械能守恒定律12.如图所示，质量为2m的重物与一质量为m的线框abcd用一根绝缘细线连接起来挂在两个高度相同的定滑轮上已知线框电阻为R，ab=L，bc=h，水平方向匀强磁场的磁感应强度为B，磁场上下边界的距离为h.初始时刻，磁场的下边缘与线框上边缘的高度差为2h，将重物从静止开始释放，已知线框穿出磁场前已经做匀速运动，滑轮质量、摩擦阻力均不计，重力加速度为g求：(1)线框进入磁场时的速度大小(2)线框穿出磁场时的速度大小(3)线框通过磁场的过程中产生的热量【答案】（1）（2）（3）【解析】【详解】(1)线框进入磁场前，线框和重物组成的系统机械能守恒解得(2)线框穿出磁场时，已经做匀速直线运动
18、，那么重物也是匀速直线运动，绳子拉力对线框受力分析可知，解得速度(3)从释放到线框离开磁场的过程对整体根据能量守恒有解得13.关于分子动理论和物体的内能，下列说法正确的是A. 某种物体的温度为0，说明该物体中分子的平均动能为零B. 物体的温度升高时，分子的平均动能一定增大，但内能不一定增大C. 当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力都增大但引力增大的更快，所以分子力表现为引力D. 10g100水的内能小于10g100水蒸气的内能E. 两个铝块挤压后能紧连在一起，说明分子间有引力【答案】BDE【解析】【详解】A某种物体的温度是0，不是物体中分子的平均动能为零，故A错误；B温度是分子平均动能的标
19、志，故物体的温度升高时，分子的平均动能一定增大，内能的多少还与物质的多少有关，所以但内能不一定增大，故B正确；C当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力均减小，斥力减小得快，故表现为引力，故C错误；D温度是分子平均动能的标志，所以10g100的水的分子平均动能等于10g100的水蒸气的分子平均动能，同样温度的水变为同样温度的水蒸气要吸收热量，所以100的水的内能小于100相同质量的水蒸气的内能，故D正确；E两个铅块相互紧压后，它们会黏在一起，是分子运动的结果，说明了分子间有引力，故E正确。故选BDE【点睛】关键是知道温度是分子平均动能的标志，故物体的温度升高时，分子的平均动能一定增大，内能的多
20、少还与物质的多少有关，所以但内能不一定增大；当分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力均减小，斥力减小得快，故表现为引力14.如图所示，开口向上竖直放置的内壁光滑绝热汽缸，汽缸下面有加热装置.开始时整个装置处于平衡状态，缸内理想气体I、II两部分高度均为L0，温度都为T0.已知活塞A导热、B绝热，A、B质量均为m、横截面积为S，外界大气压强为p0保持不变，环境温度保持不变.现对气体II缓慢加热，当A上升时停止加热，已知p0S=mg，求：(1)此时气体II的温度；(2)保持II中温度不变，在活塞A上逐渐添加铁砂，当铁砂质量等于m时，活塞A下降的髙度.【答案】(1)(2)【解析】【详解】(1)气体I
21、I加热过程为等压变化，根据查理定律可得：解得：T=(2)气体I做等温变化，则：解得：气体II发生等温变化，则解得：所以，活塞A下降的髙度.15.一列简谐横波沿x轴正方向传播，t时刻波形图如图中的实线所示，此时波刚好传到P点，t+0.6s时刻的波形如图中的虚线所示，a、b、c、P、Q是介质中的质点，则以下说法正确的是（ ）A. 这列波的波速可能为50m/sB. 质点a在这段时间内通过的路程一定小于30cmC. 若有另一周期为0.16s的简谐横波与此波相遇，能产生稳定的干涉现象D. 若=0.8s，当t+0.5s时刻，质点b、P的位移相同E. 若=0.8s，从t+0.4s时刻开始计时，质点c的振动方
22、程为y=0.1sin cm【答案】ACD【解析】由图可知，波的波长为40m；两列波相距，故周期 ； 波速为：，（n=0，1，2，） 当n=0时，当v=50m/s时，故A正确；质点a在平衡位置上下振动，振动的最少时间为T，故路程最小为3A即30cm，故B错误；当n=3s时，T=0.16s，故若有另一周期为0.16s的简谐波与此波相遇，能产生稳定的干涉现象，选项C正确；在 t 时刻，因波沿X轴正方向传播，所以此时质点P是向上振动的，经0.5秒后，P是正在向下振动（负位移），是经过平衡位置后向下运动0.1秒；而质点b是正在向上振动的（负位移），是到达最低点后向上运动0.1秒，因为0.2秒等于，可见此
23、时两个质点的位移是相同的 故D正确；当T=0.8s，当t+0.4s时刻时，质点c在上端最大位移处，据 ，据图知A=0.1m，当从t+0.4s时刻时开始计时，则质点c的振动方程为：x=0.1cos（2.5t）（m），故E错误故选ACD.点睛：本题考查对波动图象的理解能力知道两个时刻的波形时，往往应用波形的平移法来理解特别要注意理解D答案中简谐运动的对称性，P和b正好处在了同一点，但是方向恰好相反16.如图所示，AOB为半径为R的扇形玻璃砖，一细光束照射到AO面上的C点，入射角为60，折射光线平行于BO边，C点到BO面的距离为，ADBO，DAO30，光在空气中传播速度为c，求：(1) 玻璃砖的折射率；(2) 光在玻璃砖中传播的时间【答案】(1) (2)【解析】(1)光路如图所示，由几何知识可知，在AO面上光线的折射角为30 所以玻璃砖的折射率 (2)由于折射光线CE平行于BO，光线在圆弧面上的入射点E到BO的距离也为即 所以满足 sin 解得30由几何关系可知又光在玻璃中速度故所求时间