1、高考资源网（） 您身边的高考专家热点强化7动能定理的应用知识巩固练1(2020年赣南六校联考)如图所示，光滑斜面的顶端固定一弹簧，一质量为m的小球向右滑行，并冲上固定在地面上的斜面设小球在斜面最低点A的速度为v，压缩弹簧至C点时弹簧最短，C点距地面高度为h，则小球从A到C的过程中弹簧弹力做功是()Amghmv2Bmv2mghCmghD【答案】A2如图，水平地面上有一固定光滑斜面AB，其底端B点与半径为R的四分之一光滑圆弧连接，圆弧的端点C与圆心在同一水平线上，M、N为C点正上方两点，距离C点分别为2R和R，现将一小球从M点静止释放，小球在AB上能到达最高处D点，距水平面的高度为2R，接着小球沿
2、斜面滑下返回进入圆弧轨道，若不考虑空气阻力，则()A小球返回轨道后沿轨道运动可能到不了C点B小球返回轨道后能沿轨道一直运动，并上升到N点C小球返回轨道后沿轨道运动到C点时，速度一定大于零D若将小球从N点静止释放，则小球在AB上能到达最高处距水平面的高度等于R【答案】C【解析】小球从M静止释放能到达D点，据此可知在B点损失的能量为mgR(在B点能量的损失与在B点的速度有关)；当小球从D点返回时，在B点损失的能量小于mgR，据能量守恒可知，小球返回时能到达C点以上N点以下，故A、B错误，C正确；若将小球从N点静止释放，在B点损失能量小于mgR，所以小球在AB上能到达最高处距水平面的高度h满足Rh2
3、R，故D错误3如图所示，竖直平面内放一直角杆MON，OM水平，ON竖直且光滑，用不可伸长的轻绳相连的两小球A和B分别套在OM和ON杆上，B球的质量为2 kg，在作用于A球的水平力F的作用下，A、B两球均处于静止状态，此时OA0.3 m，OB0.4 m，改变水平力F的大小，使A球向右加速运动，已知A球向右运动0.1 m时速度大小为3 m/s，则在此过程中绳的拉力对B球所做的功为(取g10 m/s2)()A11 JB16 JC18 JD9 J【答案】C【解析】A球向右运动0.1 m时，vA3 m/s，OA0.4 m，OB0.3 m，设此时BAO，则有tan 由运动的合成与分解可得vAcos vBs
4、in ，解得vB4 m/s以B球为研究对象，此过程中B球上升高度h0.1 m，由动能定理，Wmghmv，解得轻绳的拉力对B球所做的功为Wmghmv2100.1 J242 J18 J，C正确4(2021年四川名校联考)如图所示，水平粗糙滑道AB与竖直面内的光滑半圆形导轨BC在B处平滑相接，导轨半径为R一轻弹簧的一端固定在水平滑道左侧的固定挡板M上，弹簧自然伸长时另一端N与B点的距离为L质量为m的小物块在外力作用下向左压缩弹簧(不拴接)到某一位置P处，此时弹簧的压缩量为d由静止释放小物块，小物块沿滑道AB运动后进入半圆形轨道BC，且刚好能到达半圆形轨道的顶端C点处，已知小物块与水平滑道间的动摩擦因
5、数为，重力加速度为g，弹簧的劲度系数为k，小物块可视为质点，则()A小物块在C点处的速度刚好为零B当弹簧的压缩量为时，小物块速度达到最大C小物块刚离开弹簧时的速度大小为D刚开始释放物块时，弹簧的弹性势能为2mgRmg(Ld)【答案】C【解析】因为小物块刚好能到达半圆形轨道的顶端C点处，故在C点处由重力提供向心力，有mgm，得到vC，A错误；小物块合力为零时，速度最大，则有mgkx，可得小物块速度最大时，弹簧的压缩量为x，B错误；设小物块刚离开弹簧时的速度大小为v，小物块从N点到C点的过程中，由动能定理mgLmg2Rmvmv2，解得v，C正确；从物块刚开始释放至达到C点，根据能量守恒可得，Epm
6、g(Ld)mg2Rmvmg(Ld)mgR，故D错误5(多选)如图所示，物块A、B、C、D的质量都是m，并都可看作质点，四个物块用细线通过轻质滑轮连接物块B与C、C与D、D与地面的距离都是L现将物块A下方的细线剪断，若物块A距离滑轮足够远且不计一切阻力，则()AA上升的最大速度是BA上升的最大速度是CA上升的最大高度是DA上升的最大高度是【答案】AD【解析】设物块D落地时速度为v1，在D落地过程中，对四个物块应用动能定理有3mgLmgL4mv；在物块C落地过程中，对三个物块应用动能定理有2mgLmgL3mv3mv，联立解得v2，A正确，B错误；之后物块B匀速下降直到落地，A匀速上升，至此A已上升
7、了3L的高度；再往后物块A做竖直上抛运动，还可以上升hL，A上升的最大高度Hh3LL，C错误，D正确6如图所示，半径R0.5 m的光滑圆弧面CDM分别与光滑斜面体ABC和斜面MN相切于C、M点，斜面倾角分别如图所示O为圆弧圆心，D为圆弧最低点，C、M在同一水平高度斜面体ABC固定在地面上，顶端B安装一定滑轮，一轻质软细绳跨过定滑轮(不计滑轮摩擦)分别连接小物块P、Q(两边细绳分别与对应斜面平行)，并保持P、Q两物块静止若PC间距为L10.25 m，斜面MN足够长，物块P质量m13 kg，与MN间的动摩擦因数，重力加速度g10 m/s2，求：(sin 370.6，cos 370.8)(1)小物块
8、Q的质量m2；(2)烧断细绳后，物块P第一次到达D点时对轨道的压力大小；(3)物块P在MN斜面上滑行的总路程解：(1)根据共点力平衡条件，两物体的重力沿斜面的分力相等，有m1gsin 53m2gsin 37，解得m24 kg，即小物块Q的质量为4 kg(2)P到D过程，由动能定理得m1ghm1v，根据几何关系，有hL1sin 53R(1cos 53)0.4 m，在D点，支持力和重力的合力提供向心力FDm1gm1，解得FD78 N由牛顿第三定律得，物块P对轨道的压力大小为78 N(3)分析可知最终物块在CDM之间往复运动，在C点和M点速度为零对全过程由动能定理得m1gL1sin 53m1gcos 53L总0，解得L总1.0 m即物块P在MN斜面上滑行的总路程为1.0 m高考资源网版权所有，侵权必究！