1、广东省东莞市光明中学2020届高三物理下学期第一次月考试题（含解析）二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.在物理学发展过程中，许多物理学家做出了重要贡献下列叙述中，符合物理发展历程的是A. 奥斯特最早发现了电磁感应现象B. 亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快C. 牛顿应用“理想斜面实验”推翻了“力是维持物体运动的原因”的观点D. 卡文迪许通过扭秤实验测定出了万有引力常量G【答案】D【解析】【详解】A奥斯
2、特最早发现了电流的磁效应现象；选项A 错误；B伽利略认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快，选项B错误；C伽利略应用“理想斜面实验”推翻了“力是维持物体运动的原因”的观点，选项C错误；D卡文迪许通过扭秤实验测定出了引力常量G，选项D正确.故选D。2.如图所示，质量为m的木块A放在水平面上的质量为M的斜面B上，现用大小相等方向相反的两个水平推力F分别作用在A，B上，A，B均保持静止不动则( )A. A与B之间一定存在摩擦力B. B与地面之间一定存在摩擦力C. B对A的支持力一定等于mgD. 地面对B的支持力大小一定等于(m+M)g【答案】D【解析】【详解】A以A为研究对象，受
3、重力mg、推力F、支持力FN，当这三个力的合力为零时，A、B间没有摩擦力，所以A错误；CB对A的支持力无法求出，所以C错误；B把A、B视为一整体，进行受力分析，水平方向整体受两个推理F，竖直方向重力（M+m）g，地面对AB的支持力，水平方向两推理恰好平衡，故B与地面间没有摩擦力，所以B错误；D地面对B的支持力等于（m+M）g，故D正确；故选D.3.A、B两质点在同一直线上运动，t=0时刻，两质点从同一地点运动的xt图象如图所示，则下列说法正确的是（）A. A质点以20m/s的速度匀速运动B. B质点先沿正方向做直线运动，后沿负方向做直线运动C. 经过4s，B质点的位移大于A质点的位移D. 在图
4、示的运动过程中，A、B两质点之间的距离在04s内某一时刻达到最大【答案】B【解析】【详解】图象的斜率大小表示质点运动速度的大小，正负表示速度的方向，由图象可知，A质点沿正方向做匀速直线运动，其速度，A错误；B质点最初4s沿正方向做减速运动，后4s沿负方向做加速运动，B正确；4s末，A、B两质点达到同一位置，两质点相遇，C错误；A、B间的距离先增大后减小，当两者速度相等时距离最大，但相遇后B质点反向运动，两质点间的距离继续增大，D错误4.如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线，两电子分别从a、b两点运动到c点，设电场力对两电子做的功分别为和，a、b点的电场强度大小分别为
5、和，则A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】电子在电场中运动电场力做功，由于a、b两点位于同一条等势线上，故，有，可得；电场线的疏密程度反映场强的大小，a点比b点的电场线密些，故场强大些，故选A5.如图所示，金属棒MN两端由等长的轻质细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通以由M向N的电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为如果仅改变下列某一个条件，角的相应变化情况是A. 棒中的电流变大，角变大B. 两悬线等长变短，角变小C. 金属棒质量变大，角变大D. 磁感应强度变大，角变小【答案】A【解析】【详解】导体棒受力如图所示，导体棒平衡，可得：；A棒中电流I变大，角变大，故A正确；B
6、两悬线等长变短，角不变，故B错误；C金属棒质量变大，角变小，故C错误；D磁感应强度变大，角变大，故D错误故选A【点睛】此题考查了安培力及物体平衡问题；解题时对金属棒进行受力分析、应用平衡条件，根据安培力公式分析即可正确解题6.如图所示,飞行器绕某星球做匀速圆周运动,星球相对飞行器的张角为,下列说法正确的是( )A. 轨道半径越大,周期越长B. 轨道半径越大,速度越大C. 若测得周期和轨道半径,可得到星球的平均密度D. 若测得周期和张角,可得到星球的平均密度【答案】AD【解析】【详解】根据开普勒第三定律=k，可知轨道半径越大，飞行器周期越长故A正确；根据卫星的速度公式，可知轨道半径越大，速度越小
7、，故B错误；设星球的质量为M，半径为R，平均密度为，张角为，飞行器的质量为m，轨道半径为r，周期为T对于飞行器，根据万有引力提供向心力得：，由几何关系有：R=rsin；星球的平均密度 ，联立以上三式得：，则测得周期和张角，可得到星球的平均密度若测得周期和轨道半径，不可得到星球的平均密度，故C错误，D正确；故选AD.7.如图甲所示，甲，乙两个小球可视为质点，甲球沿倾角为30的光滑足够长斜面由静止开始下滑，乙球做自由落体运动，甲，乙两球的动能与路程的关系图象如图乙所示下列说法正确的是（ ）A. 甲球机械能不守恒，乙球机械能守恒B. 甲，乙两球的质量之比为 4：1C. 甲，乙两球的动能均为 时，两球
8、重力的瞬时功率之比为D. 甲，乙两球的动能均为时，两球高度相同【答案】BC【解析】【详解】A由知，甲乙两球在运动的过程中都是只有重力做功，所以甲乙两球机械能都守恒，故A错误；B根据动能定理，可知动能与位移的图像斜率表示合外力，甲的合外力为，乙球的合外力，由图知所以：4：1故B正确；C根据知，动能相等时两球重力的瞬时功率之比所以C正确；D由乙图知，甲、乙两球的动能均为时，两球高度不相同，所以D错误故选BC.8.铁路运输中设计的多种装置都运用了电磁感应原理有一种电磁装致可以向控制中心传输信号以确定火车的位置和运动状态，装置的原理是：将能产生匀强磁场的磁铁安装在火车首节车厢下面，如图甲所示（俯视图）
9、，当它经过安放在两铁轨间的矩形线圈时，线圈便产生一个电信号传输给控制中心线圈长为l1，宽为l2匝数为n若匀强磁场只分布在一个矩形区域内，当火车首节车厢通过线圈时，控制中心接收到线圈两端电压u与时间t的关系如图乙所示（ab、cd均为直线），则在t1-t2时间内（）A. 火车做匀速直线运动B. M点电势低于N点电势C. 火车加速度大小为D. 火车平均速度大小为【答案】BD【解析】A、由E=BLv可知，动生电动势与速度成正比，而在乙图中ab段的电压与时间成线性关系，因此可知在t1到t2这段时间内，火车的速度随时间均匀增加，所以火车在这段时间内做的是匀加速直线运动故A都错误B、根据右手定则，线圈中的感
10、应电流是逆时针的，M点电势低于N点电势，B正确；C、由图知t1时刻对应的速度为：，t2时刻对应的速度为：，故这段时间内的加速度为：，故C错误；D、由C可知这段时间内的平均速度为：，D正确故选BD【名师点睛】判定运动状态，可以找出动生电动势与速度的关系，进而确定速度和时间的关系，就可以知道火车在ab事件段内的运动性质；根据右手定则可判断电势的高低；加速度可以由AB中判定出的速度时间关系来确定；同C项一样，也是通过AB判定出的速度时间关系来解三、非选择题：共174分。第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33题第38题为 选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共129分。9.为了测量一
11、个“12V、5W”的小灯泡在不同电压下的功率，给定了以下器材：电源：14V，电阻不计；电流表：00.6A(内阻约1)，03A(内阻约0.2)；电压表：03V(内阻约3k)， 015V(内阻约15k)；滑动变阻器：阻值范围020；开关一个，导线若干；实验时要求加在灯泡两端的电压可从0V调到12V。电流表量程应该选_，电压表量程应该选_。如图是某位同学连接好的实验电路，图中已经用数字标注了各接线位置，请你按照实验要求指出不妥当之处：_、_。某位同学测得小灯泡伏安特征曲线如图所示，某次测量时，小灯泡电流强度大小为0.30A，则此时小灯泡的实际功率为_W(结果保留两位有效数字)。【答案】 (1). 0
12、0.6A (2). 015V (3). 8、9应接8、12 (4). 4、10应接4、3 (5). 1.1【解析】【详解】12小灯泡的额定电压约12V，所以要选择量程为15V的电压表；流过灯泡的电流所以电流表选择0.6A的量程。34要求电压从零调节，因此要用滑动变阻器的分压接法，4、10应接4、3；灯泡电阻较小，因此安培表外接，8、9应接8、12（或13）。5从伏安特征曲线上可得，当小灯泡电流强度大小为0.30A时，小灯泡两端的电压是3.7V，所以小灯泡的实际功率为P=UI=3.70.3W1.1W10.利用自由落体运动可测量重力加速度有两组同学分别利用下面甲，乙两种实验装置进行了实验，其中乙图
13、中的M为可恢复簧片，M与触头接触，开始实验时需要手动敲击M断开电路，使电磁铁失去磁性释放第一个小球，当前一个小球撞击M时后一个小球被释放下列说法正确的有_A两种实验都必须使用交流电源B甲实验利用的是公式x=gT2；乙实验利用的是公式h= gt2，所以都需要用秒表测量时间，用直尺测量距离C甲实验要先接通电源，后释放纸带；乙实验应在手动敲击M的同时按下秒表开始计时D这两个实验装置均可以用来验证机械能守恒定律图是用甲实验装置进行实验后选取的一条符合实验要求的纸带，O为第一个点，A，B，C为从合适位置开始选取的三个连续点(其他点未画出)已知打点计时器每隔0.02 s打一次点，可以计算出重力加速度g=_
14、m/s2（结果保留两位有效数字）用乙实验装置做实验，测得小球下落的高度H=1.200m，10个小球下落的总时间t=5.0s 可求出重力加速度g=_m/s2（结果保留两位有效数字）【答案】 (1). CD； (2). 9.5； (3). 9.6；【解析】【详解】1甲图利用的打点计时器，需用交流电源；乙图利用的电磁铁，应通直流电，故选项A错误；甲图的时间间隔由交流电的频率可以得出，不需用秒表测量，故选项B错误；甲实验中使用打点计时器，应先通电再释放，乙图中用手撞击M的同时按下秒表计时，记录的是从第一个小球开始下落到最后一个小球撞击M的总时间，故选项C正确；甲实验可以验证机械能守恒定律；乙实验中可以
15、测量小球下落的高度h，根据测得的小球下落时间t，由可以求得小球撞击M时的速度，从而验证mgh和的关系，从而验证机械能守恒定律，故选项D正确2由题意知由可知3由题意可知一个小球下落的时间为，由可知11.如图所示,空间存在方向斜向上且与水平方向夹角为的匀强电场,电场强度大小为，范围足够大。电场中有一绝缘挡板MN,与水平方向夹角为 =,质量为m、电荷量为q、带正电的小球从与M点在同一水平线上的O点以速度v0竖直向上抛出,小球运动过程中恰好不和挡板碰撞,小球运动轨迹所在平面与挡板垂直,重力加速为g,求:(1)小球贴近挡板时速度的大小;(2)小球贴近挡板时距M点的距离。【答案】(1)(2)【解析】【详解
16、】(1)由受力分析知，等效重力为mg，方向水平向右，由于粒子恰好不和挡板碰撞，粒子贴近挡板时其速度方向与挡板恰好平行，设向上为x，向右为y方向，有解得(2)设粒子贴近挡板时位置为P，则有运动时间为x轴方向位移为小球贴近挡板时距M点的距离12.如图所示，倾角为 =的斜面与足够大的光滑水平面在D处平滑连接,斜面上有A、B、C三点,AB、BC、CD间距均为20cm ,斜面上BC部分粗糙 ,其余部分光滑。2块完全相同、质量均匀分布的长方形薄片(厚度忽略不计) ,紧挨在一起排在斜面上，从下往上编号依次为1、2,第1块的下边缘恰好在A处，现将2块薄片一起由静止释放，薄片经过D处时无能量损失且相互之间无碰撞
17、,已知每块薄片质量为m=1kg、长为5cm,薄片与斜面BC间的动摩擦因数 =,重力加速度为g,求:(1)第1块薄片刚完全进入BC段时两薄片间的作用力大小;(2)第1块薄片下边缘刚运动到C时的速度大小;(3)两薄片在水平面上运动时的间距。【答案】(1)2.5N(2)(3)【解析】【详解】(1)第1块薄片刚完全进入BC段时，两薄片：解得对薄片2：得(2)将两块薄片看作整体，当两块薄片恰完全进入BC段时，由动能定理有得此后对薄片受力分析知，沿斜面方向合力为0，所以两薄片一直匀速运动到薄片1前端到达C点，此时第1块薄片速度为。(3)每块薄片由前端在C点运动到水平面上，由动能定理，解得两薄片到达水平面的
18、时间差所以两块薄片滑到水平面上后的距离为（二）选考题：共45分。请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如 果多做，则每科按所做的第一题计分。13.下列说法中正确的有_A. 悬浮在液体中的固体分子所做的无规则运动叫做布朗运动B. 金属铁有固定的熔点C. 液晶的光学性质具有各向异性D. 由于液体表面分子间距离小于液体内部分子间距离，故液体表面存在表面张力E. 随着高度的增加，大气压和温度都在减小，一个正在上升的氢气球内的氢气内能减小【答案】BCE【解析】【详解】A布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，不是固体分子的运动，故A错误；B金属铁是晶体，具有固定的熔点，故
19、B正确；C液晶是液体，其光学性质具有各向异性，故C正确；D由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，故液体表面存在表面张力，故D错误；E随着高度的增加，大气压和温度都在减小，一个正在上升的氢气球内的氢气对外做功，同时要降温，故内能一定减小，故E正确。故选BCE正确。14.如图所示,一气缸由截面积不同的两圆简联接而成,固定在水平地面上,活塞A、B用一长为3l的刚性细杆连接,它们可以在简内无摩擦地沿水平方向左右滑动,A、B的截面积分别为SA=30 cm2、SB=15cm2 ,A、B之间封闭着压强为的一定质量的理想气体,两活塞外侧(A的左方和B的右方)都是大气,大气压强始终保持为,对活塞B施加一水平向右的外力F,使系统平衡。当气缸内气体温度为T1=540K,活塞A、B的平衡位置如图所示。使气缸内气体温度下降,同时缓慢减小外力,以保持活塞静止不动,当温度降至多少时，外力正好减为零?外力为零后,不再施加外力，继续使气缸内气体温度下降,温度降为多少时活塞A刚好右移到两圆筒联接处?【答案】450K270K【解析】【详解】设气缸内气体压强为P，外力为F，则活塞AB和细杆这个整体的平衡条件为解得P减小，F随着减小，当F减小到0时，设此时温度为T2，压强为则有解得再降温，等压降温过程，活塞右移，体积相应减小，当A到达两圆筒联接处时，温度为T3，则有 解得