1、四川省攀枝花市2018-2019学年高二物理下学期期末考试试题（含解析）一、选择题 1.下列现象中属于电磁感应现象的是A. 通电导体周围产生磁场B. 电荷在磁场中定向移动形成电流C. 闭合线圈中因电流变化而产生感应电动势D. 磁场对感应电流有作用，阻碍导体和磁场相对运动【答案】C【解析】【详解】A. 通电导体周围产生磁场是电流的磁效应，选项A错误；B. 电荷在磁场中定向移动形成电流不属于电磁感应，选项B错误；C. 闭合线圈中因电流变化而产生感应电动势属于电磁感应，选项C正确；D. 感应电流在磁场中受到安培力作用，不是电磁感应现象，故D错误。2.金属P、Q的逸出功大小关系为WPWQ，用不同频率的
2、光照射两金属P、Q，可得光电子最大初动能Ek与入射光的频率的关系图线分别为直线p、q，下列四图中可能正确的是A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】根据光电效应方程EKm=h-W0=h-h0知，图线的斜率表示普朗克常量。横轴截距表示最大初动能为零时的入射光频率，逸出功W0= h0，WPWQ，因此两条直线的斜率应该相同，直线p在横轴上的截距应该大于直线q在横轴上的截距；ABD.三个图与结论不相符，则ABD错误；C.此图与结论相符，选项C正确.3.矩形金属线圈共10匝，在匀强磁场中绕垂直磁场方向的转轴匀速转动，线圈中产生的电动势e随时间t的变化情况如图所示，下列说法中正确的是A. 此交流
3、电的频率是50 HzB. 0.015 s时线圈平面与磁场垂直C. 此交流电的电动势有效值是VD. 穿过线圈的磁通量最大值为Wb【答案】A【解析】【详解】A. 此交流电的周期为0.02s，则频率是f=1/T=50 Hz，选项A正确；B. 0.015 s时感应电动势最大，则线圈平面与磁场平行，选项B错误；C. 此交流电的电动势最大值为2V，则有效值是，选项C错误；D. 根据，则穿过线圈的磁通量最大值为，选项D错误.4.物理学史上3个著名的核反应方程：、，方程式中x、y和z是3种不同粒子，则x是A. 中子B. 电子C. 粒子D. 质子【答案】D【解析】【详解】根据核反应的质量数和电荷数守恒，结合物理
4、学史上3个著名的核反应可知，第二个反应卢瑟福发现质子的反应，第三个反应是查德威克发现中子的反应，因此x是质子；y是粒子；z是中子；A. 中子，与结论不相符，选项A错误； B. 电子，与结论不相符，选项B错误； C. 粒子，与结论不相符，选项C错误； D 质子，与结论相符，选项D正确；5.如图所示为氢原子的能级示意图。现用光子能量介于10.00 eV12.65 eV范围内的光去照射一群处于基态的氢原子，则这群氢原子可能A. 吸收二种频率的光子，辐射二种频率的光子B. 吸收二种频率的光子，辐射三种频率的光子C. 吸收三种频率的光子，辐射三种频率的光子D. 吸收三种频率的光子，辐射六种频率的光子【答
5、案】B【解析】【详解】从n=1跃迁到n=2，吸收的光子能量为10.2eV，从n=1跃迁到n=3，吸收的光子能量为12.09eV，从n=1跃迁到n=4，吸收的光子能量为12.75eV，而光子能量介于1012.65eV范围内，可知照射光中可能被吸收的光子能量有2种，原子从基态可跃迁到n=3的能级；然后向低能级跃迁时可辐射出种不同频率的光子。A. 吸收二种频率的光子，辐射二种频率的光子，与结论不相符，选项A错误；B. 吸收二种频率光子，辐射三种频率的光子，与结论相符，选项B正确；C. 吸收三种频率的光子，辐射三种频率的光子，与结论不相符，选项C错误；D. 吸收三种频率的光子，辐射六种频率的光子，与结
6、论不相符，选项D错误；6.我国天津地标之一“天津之眼”是世界上唯一一个桥上瞰景摩天轮。摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做轨道半径为R、角速度为的匀速圆周运动，已知当地重力加速度为g，质量为m的乘客从最高点运动到最低点过程中，重力的冲量大小为A. 0B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】乘客从最高点运动到最低点过程中经过的时间为，则重力的冲量：；A. 0，与结论不相符，选项A错误；B. ，与结论不相符，选项B错误；C. ，与结论不相符，选项D错误；D. ，与结论相符，选项D正确；7.如图所示，带有半圆形槽的物块P，放在足够长的光滑水平地面上，一侧紧靠竖直墙壁。已知半圆形槽的半径为R
7、，槽面光滑，a、c为槽的最高点，b为最低点。现让一小球Q(可视为质点)，从a点正上方h处由静止释放，进入半圆形槽后刚好可以到达c点，则小球Q与物块P的质量之比为A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】小球从开始下落到到达b点的过程中，槽静止不动，此时：；当小球向上运动到达c点时球和槽共速，由动量守恒：；由能量关系： ，联立解得；A. ，与结论不相符，选项A错误； B. ，与结论相符，选项B正确；C. ，与结论不相符，选项C错误； D. ，与结论不相符，选项D错误；8.如图甲所示，空间中存在垂直纸面的匀强磁场，取垂直纸面向里为正方向。一圆形金属线圈放在纸面内，取线圈中感应电流沿顺时针方
8、向为正。某时刻开始计时，线圈中感应电流如图乙所示，则该匀强磁场磁感应强度随时间变化的图线可能是丙图中的A. B. C. D. 【答案】BD【解析】【详解】A.在0-1s时间内，穿过线圈的磁通量先向外减小，后向里增加，由楞次定律可知线圈中产生逆时针方向（负方向）的感应电流，则与题目中的i-t图像不相符，选项A错误；B.在0-1s时间内，穿过线圈的磁通量向外增加，由楞次定律可知线圈中产生顺时针方向（正方向）的感应电流，因，则此过程中电流恒定不变；在1-2s时间内磁通量不变，则感应电流为零；在2- 4s时间内，则穿过线圈的磁通量向外减小，由楞次定律可知线圈中产生逆时针方向（负方向）的感应电流，因，则
9、此过程中电流恒定不变且等于0-1s内电流的一半；与题目中的i-t图像相符，选项B正确；C.在0-1s时间内，穿过线圈的磁通量向里增加，由楞次定律可知线圈中产生逆时针方向（负方向）的感应电流，则与题目中的i-t图像不相符，选项C错误；D.在0-1s时间内，穿过线圈的磁通量向里减小，由楞次定律可知线圈中产生顺时针方向（正方向）的感应电流，因，则此过程中电流恒定不变；在1-2s时间内磁通量不变，则感应电流为零；在2- 4s时间内，则穿过线圈的磁通量向里增加，由楞次定律可知线圈中产生逆时针方向（负方向）的感应电流，因，则此过程中电流恒定不变且等于0-1s内电流的一半；与题目中的i-t图像相符，选项D正
10、确；9.三个完全相同的灯泡L1、L2、L3连接在如图所示的电路中，图中变压器为理想变压器，电压表为理想电压表。当在a、b端接上适当电压的正弦交流电时，三个灯泡均正常发光，则变压器原、副线圈匝数n1、n2之比及电压表V1、V2的示数U1、U2之比分别为A. n1n2=21B. U1U2=32C. n1n2=12D. U1U2 =31【答案】AD【解析】【详解】AC.设每只灯的额定电流为I，因并联在副线圈两端的两只小灯泡正常发光，所以副线圈中的总电流为2I，原副线圈电流之比为1：2，所以原、副线圈的匝数之比为2：1；选项A正确，C错误；BD.设每盏灯两端电压为U，则次级电压为U，则电压表V2读数为
11、U；原、副线圈两端的电压之比为2：1，初级电压为2U，则电压表V1读数为3U，则U1U2 =31，故B错误，D正确；10.如图所示，由某种粗细均匀的金属条制成的矩形线框abcd固定在纸面内，匀强磁场垂直纸面向里。一导体棒PQ放在线框上，在水平拉力F作用下沿平行ab的方向匀速滑动，滑动过程PQ始终与ab垂直，且与线框接触良好，不计摩擦。在PQ从靠近ad处向bc滑动的过程中 A. 通过PQ的电流先增大后减小B. PQ两端电压先增大后减小C. 拉力F的功率先减小后增大D. 通过ad的电流先增大后减小【答案】BC【解析】【详解】A.导体棒由靠近ad边向bc边匀速滑动的过程中，产生的感应电动势E=BLv
12、，保持不变，外电路总电阻先增大后减小（在ab中点时外电阻最大），由欧姆定律分析得知PQ中的电流先减小后增大，A错误；B.PQ中电流先减小后增大，PQ两端电压为路端电压，由U=E-IR，可知PQ两端的电压先增大后减小，B正确；C.导体棒匀速运动，PQ上拉力的功率等于回路的电功率，而回路的总电阻R总先增大后减小，由，分析得知，PQ上拉力的功率先减小后增大，C正确；D.导体棒向右运动到ab中点的过程中，电路的总电流在减小，且ad部分的电阻一直在增大，因此ad部分分得的电流一直在减小，由ab中点向右运动的过程中，ad部分的电压一直在减小，且ad部分的电阻在增加，因此电流继续减小，因此通过ad的电流一直
13、减小，D错误。二、实验题 11.下图为研究电磁感应现象实验装置，部分导线已连接。(1)用笔画线代替导线将图中未完成的电路连接好_。(2)在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后，将原线圈迅速从副线圈抽出时，灵敏电流计指针将_（选填“向右偏”、“向左偏”或“不偏转”）。【答案】 (1). （1）如图 (2). （2）向左偏【解析】【详解】第一空.电路连接如图；第二空. 在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，即当穿过线圈的磁通量增加时，电流计指针向右偏；那么合上开关后，将原线圈迅速从副线圈抽出时，穿过线圈的磁通量减小，则灵敏电流计指针将向左偏。12.某同学用如图甲所示装
14、置验证动量守恒定律。主要实验步骤如下：()将斜槽固定在水平桌面上，调整末端切线水平；()将白纸固定在水平地面上，白纸上面放上复写纸；()用重锤线确定斜槽末端在水平地面上的投影点O；()让小球A紧贴定位卡由静止释放，记录小球的落地点，重复多次，确定落点的中心位置Q；()将小球B放在斜槽末端，让小球A紧贴定位卡由静止释放，记录两小球的落地点，重复多次，确定A、B两小球落点的中心位置P、R；()用刻度尺测量P、Q、R距O点的距离x1、x2、x3；()用天平测量小球A、B质量m1、m2；()分析数据，验证等式m1x2=m1x1+m2x3是否成立，从而验证动量守恒定律。请回答下列问题(1) 步骤()与步
15、骤()中定位卡的位置应_；(2)步骤()用天平测得A的质量为17.0 g。测量小球B的质量时将小球B放在天平的_盘，_盘放上一个5 g砝码，游码如图乙位置时天平平衡；(3)如图丙是步骤()的示意图。该同学为完成步骤()设计了下列表格，并进行了部分填写，请将其补充完整_。物理量碰前碰后m/gm117.0m117.0m2x/cmx250.35x1x374.75mx/gcmm1x2855.95m1x1+m2x3=【答案】 (1). (1)保持不变 (2). (2) 左 (3). 右 (4). (3)5.8g (5). 24.50 (6). 850.05【解析】【详解】第一空.为了保证小球A滚到斜槽底
16、端时速度相同，则步骤()与步骤()中定位卡的位置应保持不变；第二空. 根据天平的使用规则，测量小球B的质量时将小球B放在天平的左盘；第三空. 根据天平的使用规则,应该在右盘放上一个5 g砝码；第四空.天平读出m2=5.8g；第五空. 由刻度尺读出，碰后x1=24.50cm；第六空.m1x1+m2x3=17.024.50+5.874.75=850.05 gcm三、计算题：13.A、B两球沿同一直线运动，如图是它们碰撞前后运动的x-t图像，其中a、b分别表示碰前A、B两小球运动的x-t图像，c表示碰后两小球一起运动的x-t图像。已知A球质量为1 kg，求碰撞过程中损失的动能。【答案】5J【解析】【
17、详解】由乙图可得，碰撞前A、B的速度分别为：，碰撞后A、B整体速度为：对A、B组成的系统，由动量守恒得：碰撞过程中损失的动能：联立以上各式，解得：损失的动能14.如图甲所示，足够长光滑金属导轨MN、PQ处在同一斜面内，斜面与水平面间的夹角=30，两导轨间距d=0.2 m，导轨的N、Q 之间连接一阻值R=0.9 的定值电阻。金属杆ab的电阻r=0.1 ，质量m=20 g，垂直导轨放置在导轨上。整个装置处在垂直于斜面向上的匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度B=0.5 T。现用沿斜面平行于金属导轨的力F拉着金属杆ab向上运动过程中，通过R的电流i随时间t变化的关系图像如图乙所示。不计其它电阻，重力加速
18、度g取10 m/s2。 (1)求金属杆的速度v随时间t变化的关系式；(2)请作出拉力F随时间t的变化关系图像；(3)求01 s内拉力F的冲量。【答案】（1）（2）图见解析；（3）【解析】【详解】（1）设瞬时感应电动势为e，回路中感应电流为i，金属杆ab的瞬时速度为v。由法拉第电磁感应定律：闭合电路的欧姆定律：由乙图可得，联立以上各式得：（2）ab沿导轨向上运动过程中，由牛顿第二定律，得：由第（1）问可得，加速度联立以上各式可得：由此可画出F-t图像： （3）对金属棒ab，由动量定理可得：由第（1）问可得：时，联立以上各式，得：另解：由F-t图像的面积可得15.如图所示，物块B静止放置在水平面上
19、，物块A以一定的初速度v0冲向B，若在物块A、B正对的表面加上粘合剂，则物块A、B碰后一起沿水平面运动的最大距离为l；若在物块A、B正对的表面加上弹性装置，则两物块将发生弹性正碰，碰后两物块间的最大距离为5l。已知物块A、B与水平面间的动摩擦因数均为，水平面足够大，不计粘合剂及弹性装置的质量，求物块A、B的质量之比。【答案】【解析】【详解】取水平向左为正方向。设A、B第一次碰后速度为由动量守恒：第一次碰后到停止的过程，由动能定理得：第二次碰后速度分别为、，由动量守恒得、动能守恒得： 第二次碰后到停止的过程，由动能定理得：对A：对B：联立以上各式，可得，由此可知若碰撞后A继续向右运动，AB的最大
20、距离不可能是5l，即可得，碰后A会反弹向左运动，则有：联立以上各式，得：第二部分（选考题）16.下列说法中正确的是A. 导热性能各向同性的固体，可能是单晶体B. 一定质量理想气体发生绝热膨胀时，其内能不变C. 分子运动的平均速率可能为零，瞬时速率不可能为零D. 液体与大气相接触，表面层内分子所受其它分子的作用表现为相互吸引【答案】D【解析】【详解】A. 导热性能各向异性的固体，可能是单晶体，选项A错误；B. 一定质量理想气体发生绝热膨胀时，对外做功W0，Q=0，则由热力学第一定律可知，U0，则其内能减小；选项B错误；C. 分子永不停息的做无规则运动，则分子运动的平均速率不可能为零，瞬时速率不可
21、能为零，选项C错误；D. 液体与大气相接触，表面层内分子所受其它分子的作用表现为相互吸引，选项D正确.17.关于分子动理论和物体的内能，下列说法中正确的是A. 布朗运动间接反映了液体分子的无规则运动B. 液体分子的无规则运动称为布朗运动C. 物体从外界吸热，其内能一定增大D. 物体对外界做功，其内能一定减小【答案】A【解析】【详解】A.布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动，间接反映了液体分子的无规则运动，选项A正确；B. 悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动称为布朗运动，选项B错误；C. 物体从外界吸热，若气体对外做功，则其内能不一定增大，选项C错误；D. 物体对外界做功，若物体吸热
22、，则其内能不一定减小，选项D错误.18.如图所示，长L34 cm的粗细均匀的长直玻璃管竖直放置，上端开口，用长h=15 cm的水银将一定质量的气体封闭在管的下端，稳定后气体长度l=10 cm。已知外界大气压p0=75cmHg，现保持温度不变的情况下从管的上端开口处缓慢加入水银，则加入水银的最大长度为 A. 9 cmB. 10 cmC. 14 cmD. 15 cm【答案】B【解析】【详解】设水银柱的最大长度为x，此时气体的压强p2=(p0+x)cmHg；气体的体积为V2=（L-x）S；开始时：p1= p0+h=90cmHg；气体的体积：V1=lS；由玻意耳定律可知：p1V1= p2V2，解得x=
23、25cm；则加入水银的最大长度为：25-15=10cm；A. 9 cm，与结论不相符，选项A错误；B. 10 cm，与结论相符，选项B正确；C. 14 cm，与结论不相符，选项C错误；D. 15 cm，与结论不相符，选项D错误；19.如图所示，一定质量的理想气体由状态A变化到状态B的过程中A. 气体的密度一直在增大B. 气体的内能一直在增大C. 气体的压强一直在增大D. 气体的体积一直在增大【答案】BCD【解析】【详解】AD.分别过A、B两点做等容线如图所示：由，因OA的斜率大于OB的斜率，则VAVB，即理想气体从状态A变化到状态B，气体体积增大，密度减小，选项A错误，D正确；B. 从A到B温
24、度升高，则气体的内能一直在增大，选项B正确；C. 由图像可知，气体的压强一直在增大，选项C正确.20.如图所示，一水平放置的薄壁圆柱形容器内壁光滑，长为L，其右端中心处开有小孔。质量为m的某种理想气体被活塞封闭在容器内，器壁导热良好，活塞可沿容器内壁自由滑动，其质量、厚度均不计。开始时气体温度t0=27,活塞与容器底对面距离为。现对气体缓慢加热，已知外界大气压强为P0，取0为273 K，求:（）活塞刚到达最右端时容器内气体的温度T1；（）温度为T2=450 K时容器内气体的压强P。【答案】（1）375K（2）1.2 P0【解析】【详解】(i) 过程一为等压过程：V1=S T1=(273+27)
25、KV2=LS T2 = ?由盖吕萨克定律得：代入数据解得：t2=375K(ii)从375K-450K为等容过程：P2= P0 T2 = 375KP3= ? T3= 450K由查理定律得：代入数据解得：P3= 12 P021.下列说法中正确的是A. 只有声波才有多普勒效应B. 惠更斯原理只适用于机械波C. 电磁波都是由振荡电路工作时产生的D. 单缝衍射中，缝越宽衍射现象越不明显【答案】D【解析】【详解】A. 机械波和电磁波都有多普勒效应，选项A错误；B. 惠更斯原理适用于任何波，选项B错误；C. 电磁波由变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场产生的，不一定由振荡电路工作时产生，故C错误。D. 单
26、缝衍射中，缝越宽衍射现象越不明显，选项D正确.22.如图甲所示是用干涉法检查厚玻璃板b的上表面是否平整的装置， a是标准样板。图乙所示干涉条纹，是两个表面反射光的叠加而形成的，这两个表面是A. a的上表面、b的下表面B. a的上表面、b的上表面C. a的下表面、b的上表面D. a的下表面、b的下表面【答案】C【解析】【详解】要检查玻璃板上表面是否平整所以干涉形成的条纹是a板的下表面和b板的上表面的反射光干涉产生的。具体为：当两反射光的路程差（即膜厚度的2倍）是半波长的偶数倍，出现明条纹，是半波长的奇数倍，出现暗条纹，若条纹是直的则板平整，若条纹发生弯曲，则玻璃板不平整。A. a的上表面、b的下
27、表面，与结论不相符，选项A错误；B. a的上表面、b的上表面，与结论不相符，选项B错误；C. a的下表面、b的上表面，与结论相符，选项C正确；D. a的下表面、b的下表面，与结论不相符，选项D错误；23.半径为R的半圆柱介质截面如图所示，O为圆心，AB为直径，Q是半圆上的一点，QO垂直于AB。某单色光从Q点射入介质，入射角为60，从直径AB上的P点射出，已知P点距O点的距离为，光在真空中传播速度为c，则该单色光从Q点传到P点的时间为A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】由几何关系可知，折射角可知，r=30，则折射率：，光在介质中的速度：，传播时间：；A. ，与结论不符，选项A错误；
28、 B. ，与结论相符，选项B正确；C. ，与结论不符，选项C错误； D. ，与结论不符，选项D错误；24.一列简谐横波沿x轴正方向传播，图甲是介质中某质点P的振动图象，图乙是t=1 s时的波形图，下列判断中正确的是A. 该简谐横波的波速为1 m/sB. 质点P在t=2 s时的速度最大C. 质点P的平衡位置坐标可能是x=4 mD. 质点P在t=3 s时沿y轴正方向振动【答案】AD【解析】【详解】A. 该简谐横波的周期为T=4s，波长为=4m，则波速为，选项A正确；B. 质点P在t=2 s时在波谷位置，此时的速度最小，选项B错误；C. 因在t=1s时平衡位置在x=4cm的质点向上振动，由振动图像可知质点P在1s的时候向下振动，因此P的平衡位置坐标不可能是x=4 m，选项C错误；D. 由振动图像可知，质点P在t=3 s时沿y轴正方向振动，选项D正确.25.一列沿x轴正方向传播的简谐横波，t = 0时刻的波形如图所示，已知该简谐横波的传播速度大小为48 m/s。求：（i）介质质点的振动周期； （ii）介质中平衡位置为x=10 m处的质点P做简谐运动的表达式。【答案】（1）0.5s（2）【解析】【详解】（i）由波形图可知：（ii）简谐运动表达式通式，由波形图及正弦函数的规律，可知： 由图可知时，将以上数据带入可得：或由波向右传播可知，时，质点P在向上振动，取则质点P做简谐运动表达式为：