1、2013-2014学年上海市金山中学高二（下）段考化学试卷（4月份）一、选择题（本题10分，每小题2分，只有一个正确选项）1（2分）（2014春宝山区校级期中）厨房常用下列调味品的主要有机物成分的相对分子质量最小的是（）A速溶淀粉B烹调黄酒C健康味精D压榨菜油2（2分）（2012秋朝阳区校级期末）下列有机物在适量的浓度时，不能用于杀菌、消毒的是（）A苯酚溶液B乙醇溶液C乙酸溶液D乙酸乙酯溶液3（2分）（2015澄城县校级模拟）分子式为C5H7Cl的有机物，其结构不可能是（）A只含有1个双键的直链有机物B含2个双键的直链有机物C含1个双键的环状有机物D含一个三键的直链有机物4（2分）（2013春
2、信丰县校级期中）下列各化合物的命名中正确的是（）ACH2CHCHCH2 1，3二丁烯BCD5（2分）（2014春金山区校级月考）下列各物质相互反应时，只产生一种气体的是（）A电石投入到食盐水中B镁粉投入稀硫酸中C浓硫酸和乙醇混合液加热反应D炭块投入热的浓硝酸中二、选择题（本题36分，每小题3分，只有一个正确选项）6（3分）（2014春金山区校级月考）有关有机物的下列说法中正确的是（）A汽油、煤油和植物油都是碳氢化合物B甲烷、乙烯和苯在工业上都可以通过石油分馏得到C分子式为C8H6O2的芳香族有机物分子中不可能有羧基D含五个碳原子的有机物，每个分子中最多含有四根碳碳单键7（3分）（2014春常德
3、校级期中）不能用水浴加热的实验是（）A苯的硝化反应B银镜反应实验C乙酸乙酯水解D由乙醇制乙烯8（3分）（2014春金山区校级月考）化学式为CF2Cl2的物质可看作甲烷的衍生物，其商业名称为氟里昂12下面有关氟里昂12叙述错误的是（）ACF2Cl2分子只有一种结构BCF2Cl2有两种同分异构体CCF2Cl2分子的空间构型为四面体结构DCF2Cl2能破坏大气臭氧层9（3分）（2013秋安徽校级期末）某烷烃的分子量为72，跟氯气反应生成的一氯化物只有一种，这种烷烃是（）A2，2二甲基丙烷B戊烷C2甲基丙烷D2甲基丁烷10（3分）（2014春金山区校级月考）去除下列括号内的杂质选用的试剂和方法正确的是
4、（）序号药品选用试剂操作方法A乙烷（乙炔）酸性高锰酸钾溶液洗气B乙烷（乙烯）氢气高温、高压、催化剂C乙酸乙酯（乙酸）浓的氢氧化钠溶液分液D硝基苯（硝酸）氢氧化钠溶液分液AABBCCDD11（3分）（2012秋朝阳区校级期末）将转变为的方法为（）A与足量的NaOH溶液共热后，再通入CO2B溶液加热，通入足量的HClC与稀H2SO4共热后，加入足量的Na2CO3D与稀H2SO4共热后，加入足量的NaOH12（3分）（2014春金山区校级月考）如图所示为某种兴奋剂结构简式，有关该物质及其溶液的说法正确的是（）A该有机物分子式为C16H18O3B该化合物属于苯的同系物C该物质与浓溴水发生的反应一定是加
5、成反应D1mol该物质与H2反应时，最多消耗7mol H213（3分）（2014春金山区校级月考）有机物A的分子式为C3H6O2，水解后得到一元酸M和一元醇N，已知M、N的相对分子质量相等，则下列叙述中不正确的是（）AM中没有甲基BA的属于酯的同分异构体还有一种CN、M均不能发生银镜反应DN分子中含有甲基14（3分）（2012秋郑州期末）某高聚物的结构简式如图：其单体的名称为（）A2，4二甲基2已烯B2，4二甲基1，3已二烯C2甲基1，3丁二烯和丙烯D2甲基1，3戊二烯和乙烯15（3分）（2013江西二模）分子式为C8H16O2的有机物A，它能在酸性条件下水解生成B和C，且B在一定条件下能转化
6、成C则有机物A的可能结构有（）A1种B2种C3种D4种16（3分）（2011春吉安期末）有机物分子中的一个碳原子所连的4个原子或原子团均不相同时，该碳原子称为手性碳原子，含有手性碳原子的化合物具有光学活性，某有机物具有光学活性（式中标有*号的碳为手性碳原子），欲使其保持光学活性，发生以下哪种反应，该有机物仍一定具有光学活性（）A消去反应B水解反应C银镜反应D酯化反应17（3分）（2014崇明县二模）己烯雌酚是人工合成的非甾体雌激素物质，主要用于治疗雌激素低下症及激素平衡失调所引起的功能性出血等，如图所示分别取1mol己烯雌酚进行4个实验下列对实验数据的预测与实际情况吻合的是（）A中生成7 mo
7、l H2OB中无CO2生成C中最多消耗3 mol Br2D中发生消去反应三、选择题（本题共20分，每小题4分，每小题有一个或两个正确选项只有一个正确选项的，多选不给分；有两个正确选项的，选对一个给2分，选错一个该小题不给分）18（4分）（2014春金山区校级月考）充分灼烧a g某含C、H、O元素的有机物时，测得生成了b g CO2和c g H2O，则以下判断正确的是（）A肯定能确定该物质的最简式B不一定能确定该物质的最简式C不一定能确定该物质的分子式D肯定不能确定该物质的结构式19（4分）（2012秋花山区校级期末）将0.2mol两种气态烃组成的混合气完全燃烧后得到6.72升二氧化碳（标准状况
8、下）和7.2克水，下列关于该混合烃说法正确的是（）A一定有乙烯B一定有甲烷C一定没有甲烷D可能有乙炔20（4分）（2014嘉定区三模）某有机物的结构简式如图所示，关于该物质的叙述错误的是（）A一个分子中含有12个H原子B苯环上的一氯代物有2种C能使酸性KMnO4溶液褪色D1mol该物质分别与足量H2、NaOH溶液反应，消耗其物质的量均为3mol21（4分）（2013上海模拟）CPAE是蜂胶的主要活性成分，由咖啡酸合成CPAE的路线如下：下列关于上述所列有机物的说法中正确的是（）A咖啡酸、CPAE及苯乙醇都能发生取代、加成、氧化及消去反应B用FeCl3溶液可以来检测上述反应中是否有CPAE生成C
9、苯乙醇是最简单的芳香醇，与邻乙基苯酚互为同系物关系D1 mol的咖啡酸最多可与4 mol Br2发生反应22（4分）（2014春金山区校级月考）常温常压下，某气态烃和氧气的混合气体n升，完全燃烧后，通过浓硫酸后再恢复到原来的温度和压强时，得到0.5n升的混合气体假设烃在燃烧后无剩余，且碳元素全部转化为CO2，则该烃是（）ACH4BC2H2CC2H4DC2H6四、填空题（本题共24分）23（8分）（2013崇明县二模）龙胆酸甲酯是制取抗心律失常药物氟卡尼的中间体已知：I、龙胆酸甲酯结构如图1所示、RCH2CH（OH）CH3RCH=CHCH3或RCH2CH=CH2X及其它几种有机物存在如图2转化关
10、系，且A和B互为同分异构体请回答下列问题：（1）下列有关龙胆酸甲酯的描述，不正确的是A能与氯化铁溶液显色B分子中含有羧基、羟基等官能团C能与溴水反应D能与碳酸钠溶液反应产生二氧化碳（2）龙胆酸甲酯与足量氢氧化钠溶液反应的化学方程式是（3）上述转化过程中没有涉及的反应类型是A加成反应； B消去反应； C还原反应； D氧化反应（4）符合上述转化关系的X的结构简式（任写一种）24（8分）（2014春金山区校级月考）从樟科植物枝叶提取的精油中含有甲、乙两种成分：（1）甲和乙中含氧官能团的名称分别为和（2）请写出甲的一种能同时满足下列3个条件的同分异构体的结构简式a苯环上有两个不同的取代基b能与Br2的
11、CCl4溶液发生加成反应c遇FeCl3溶液显呈现紫色由甲转化为乙的过程为（已略去无关产物）：（3）反应I的反应类型为，反应的化学方程式（4）1mol乙最多可与mol H2发生加成反应25（8分）（2015扬州模拟）咖啡酸具有止血、镇咳、祛痰等疗效，其结构为（1）咖啡酸分子中的含氧官能团有；（2）有关咖啡酸性质的叙述错误的是；A在浓硫酸、加热条件下能发生消去反应B既能和浓溴水发生加成反应也能发生取代反应C能与酸性高锰酸钾溶液反应D1mol 咖啡酸在一定条件下能与4molH2发生加成反应（3）有机物A（分子式为C11H12O4）在一定条件下能发生如下转化：D、E的结构简式分别为、；BC反应的化学方
12、程式为；（4）R是咖啡酸的同分异构体，具有如下特点：R具有结构；能发生水解反应；R的结构简式为（任写1种）五、实验题（本题共22分）26（11分）（2010浙江）苯甲醇与苯甲酸是重要的化工原料，可通过苯甲醛在氢氧化钠水溶液中的歧化反应制得，反应式如图1：某研究小组在实验室制备苯甲醇与苯甲酸，反应结束后对反应液按下列步骤处理如图2：重结晶过程：溶解活性炭脱色趁热过滤冷却结晶抽滤洗涤干燥已知：苯甲醇易溶于乙醚、乙醇，在水中溶解度较小请根据以上信息，回答下列问题：（1）萃取分离苯甲醇与苯甲酸钠时，合适的萃取剂是，其理由是充分萃取并静置分层，打开分液漏斗上口的玻璃塞后，上下层分离的正确操作是萃取分液后
13、，所得水层用盐酸酸化的目的是（2）苯甲酸在A、B、C三种溶剂中的溶解度（s）随温度变化的曲线如图3所示：重结晶时，合适的溶剂是，其理由是重结晶过程中，趁热过滤的作用是洗涤时采用的合适洗涤剂是A饱和食盐水 BNa2CO3溶液 C稀硫酸 D蒸馏水（3）为检验合成产物中苯甲酸的含量，称取试样1.220g，溶解后在容量瓶中定容至100mL，移取25.00mL试样溶液，用0.1000molL1 NaOH溶液滴定，滴定至终点时NaOH溶液共消耗24.65mL，则试样中苯甲酸的含量27（11分）（2014春金山区校级月考）研究性学习小组为合成1丁醇，查阅资料得知一条合成路线：CH3CH=CH2+CO+H2C
14、H3CH2CH2CHOCH3CH2CH2CH2OH；CO的制备原理：HCOOHCO+H2O，并设计出原料气的制备装置（如图）请填写下列空白：（1）实验室现有锌粒、稀硝酸、稀盐酸、浓硫酸、2丙醇，从中选择合适的试剂制备氢气、丙烯，写出制备丙烯的化学反应方程式：（2）若用以上装置制备干燥纯净的CO，装置中a的作用是，c和d中盛装的试剂分别是，在虚线框内画出收集干燥H2的装置图（3）制丙烯时，还产生少量SO2、CO2及水蒸气，该小组用以下试剂检验这四种气体，混合气体通过试剂的顺序是（填序号）饱和Na2SO3溶液酸性KMnO4溶液石灰水无水CuSO4品红溶液（4）合成正丁醛的反应为正向放热的可逆反应，
15、为增大反应速率和提高原料气的转化率，你认为应该采用的适宜反应条件是a低温、高压、催化剂 b适当的温度、高压、催化剂c常温、常压、催化剂 d适当的温度、常压、催化剂（5）正丁醛经催化加氢得到含少量正丁醛的1丁醇粗品为纯化1丁醇，该小组查阅文献得知：RCHO+NaHSO3（饱和）RCH（OH）SO3Na；沸点：乙醚 34，1丁醇 118，并设计出如下提纯路线：试剂1为，操作1为，操作3为六、推断题（本题共22分）28（11分）（2014春金山区校级月考）有机化合物M合成路线如图所示已知：C可以分别与碳酸氢钠溶液及钠反应，4.6g钠与0.1mol有机物C反应可生成标准状况下气体2.24L请回答下列问
16、题（1）一定条件下，下列物质不能与C反应的是aFeCl3溶液 b氢溴酸 cO2 d酸性KMnO4溶液（2）A的结构简式为；B 的名称是（3）写出反应化学反应方程式（4）与A互为同类别的同分异构体共有（不包括A）种（5）E是D的同分异构体，E属芳香族化合物，有4种不同环境的氢，写出符合相关条件的E的结构简式29（11分）（2012浦东新区模拟）两种有机物A、B的分子式均为C11H12O5，均能发生如下变化已知：A、B、C、D均能与NaHCO3反应；只有A、D能与FeCl3溶液发生显色反应，且苯环上的一溴代物只有两种；F能使溴水褪色且不含有甲基；H能发生银镜反应根据题意回答下列问题：（1）写出F的
17、结构简式；D的含氧官能团有（写名称）（2）反应的反应类型是；反应的条件是（3）写出反应的化学方程式（4）写出B与足量NaOH溶液反应的化学方程式：（5）下列关于AI的说法中错误的是（选填编号）aA与B、E与I均互为同分异构体bD在一定条件下也可以反应形成高聚物cG具有8元环状结构d等质量的A与B分别与足量NaOH溶液反应，消耗等量的NaOH（6）D的同分异构体有很多，同时符合下列要求的同分异构体有种苯环上的一卤代物有2种 与FeCl3溶液发生显色反应 发生银镜反应七、计算题（本题共16分）30（16分）（2014春金山区校级月考）石油裂化可得到汽油和石化工业的基础原料A是石油裂化产物样品（1）
18、A是一种烷烃，相对分子质量为114，则A的分子式为假设汽油的成分就是A，空气中氧气的体积占五分之一，汽车内燃机中A与空气混合，用电火花不断引爆，燃烧产物全是气体空气与A的体积比为a，为使A充分燃烧，a的最小值为若a值偏小，则汽车尾气中增多的污染气体的化学式为，当a值减小10%时，尾气中产生该污染气体的体积分数为若a值偏大，汽车尾气中增多的污染气体总称为（2）B为乙烯、乙炔和氢气的混合气体，测得其在标准状况下的密度为0.478g/L，使该混合气体在加热的条件下通过镍催化剂并充分反应，再冷却到标准状况下测其密度为1.062g/L，试求出B中各气体的体积分数2013-2014学年上海市金山中学高二（
19、下）段考化学试卷（4月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题10分，每小题2分，只有一个正确选项）1（2分）（2014春宝山区校级期中）厨房常用下列调味品的主要有机物成分的相对分子质量最小的是（）A速溶淀粉B烹调黄酒C健康味精D压榨菜油考点：生活中的有机化合物版权所有专题：化学应用分析：根据速溶淀粉、烹调黄酒、健康味精、菜油的主要有机物成分分别为（C6H10O5）n、C2H6O、谷氨酸钠（化学式为C5H8NO4Na）、高级脂肪酸甘油酯解答：解：速溶淀粉、烹调黄酒、健康味精、菜油的主要有机物成分分别为（C6H10O5）n、C2H6O、谷氨酸钠（化学式为C5H8NO4Na）、高级脂肪酸甘油酯，相对
20、分子质量最小的是C2H6O，故选B点评：本题主要考查了物质的成分，难度不大，注意知识的积累2（2分）（2012秋朝阳区校级期末）下列有机物在适量的浓度时，不能用于杀菌、消毒的是（）A苯酚溶液B乙醇溶液C乙酸溶液D乙酸乙酯溶液考点：生活中的有机化合物版权所有专题：化学应用分析：细菌病毒的成分是蛋白质，杀菌消毒即能使蛋白质发生变性解答：解：A苯酚溶液能杀菌消毒，故A错误； B75%乙醇溶液能杀菌消毒，故B错误；C乙酸溶液能杀菌消毒，故C错误；D乙酸乙酯溶液不能杀菌消毒，故D正确故选：D点评：本题考查常见的消毒剂，题目难度不大，注意记住常见的消毒剂即可3（2分）（2015澄城县校级模拟）分子式为C5
21、H7Cl的有机物，其结构不可能是（）A只含有1个双键的直链有机物B含2个双键的直链有机物C含1个双键的环状有机物D含一个三键的直链有机物考点：同分异构现象和同分异构体版权所有专题：同分异构体的类型及其判定分析：把Cl原子看成氢原子，可知C5H7Cl的不饱和度为=2，一个双键的不饱和度为1，一个三键的不饱和度为2，一个环的不饱和度为1，据此判断解答：解：AC5H7Cl的不饱和度为2，含有一个双键的直链有机物不饱和度为1，故A错误；BC5H7Cl的不饱和度为2，含有两个双键的直链有机物不饱和度为2，故B正确；CC5H7Cl的不饱和度为2，含有一个双键的环状有机物不饱和度为2，故C正确；DC5H7C
22、l的不饱和度为2，含有一个叁键的直链有机物不饱和度为2，故D正确；故选：A点评：本题主要考查有机物结构的确定，难度不大，注意不饱和度的概念，根据所学知识即可完成4（2分）（2013春信丰县校级期中）下列各化合物的命名中正确的是（）ACH2CHCHCH2 1，3二丁烯BCD考点：有机化合物命名版权所有专题：有机物分子组成通式的应用规律分析：判断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名，其核心是准确理解命名规范：1）命名要符合“一长、一近、一多、一小”，也就是主链最长，编号起点离支链最近，支链数目要多，支链位置号码之和最小；2）有机物的名称书写要规范；3）对于结构中含有苯环的，命名时可以依次编号命名
23、，也可以根据其相对位置，用“邻”、“间”、“对”进行命名4）含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小解答：解：A、CH2=CHCH=CH2结构中含有2个碳碳双键，是二烯烃，正确的名称为1，3丁二烯，故A错误；B、该物质要从离羟基近的一端编号，正确的名称为2丁醇，故B错误；C、物质正确的名称为邻甲基苯酚，故C错误；D、符合烷烃命名原则，故D正确故选D点评：本题考查了有机物的命名知识，难度不大，一般要求了解烷烃的命名、苯的同系物的命名及简单的烃的衍生物的命名命名时要遵循命名原则，书写要规范5（2分）（2014春金山区校级月考）下列各物质相互反应时，只产生一种气体的
24、是（）A电石投入到食盐水中B镁粉投入稀硫酸中C浓硫酸和乙醇混合液加热反应D炭块投入热的浓硝酸中考点：乙醇的化学性质；硝酸的化学性质；镁的化学性质版权所有专题：氮族元素；有机物的化学性质及推断分析：A、电石中含有硫化钙和磷化钙；B、镁粉投入稀硫酸中产生氢气；C、乙醇和浓硫酸共热到140生成乙醚，共热到170生成乙烯；D、C和浓HNO3有CO2和NO2生成；解答：解：A、电石中含有硫化钙和磷化钙，它们也能与水反应生成H2S和PH3而导致乙炔气体不纯，故A错误；B、镁粉投入稀硫酸中只产生一种气体氢气，故B正确；C、乙醇和浓硫酸共热到140生成乙醚，共热到170生成乙烯，不一定产生气体，故C错误；D、
25、C和浓HNO3有CO2和NO2生成，气体不止1种，故D错误；故选B点评：本题考查物质的性质，明确发生的化学反应及反应中气体的性质是解答本题的关键，难度不大二、选择题（本题36分，每小题3分，只有一个正确选项）6（3分）（2014春金山区校级月考）有关有机物的下列说法中正确的是（）A汽油、煤油和植物油都是碳氢化合物B甲烷、乙烯和苯在工业上都可以通过石油分馏得到C分子式为C8H6O2的芳香族有机物分子中不可能有羧基D含五个碳原子的有机物，每个分子中最多含有四根碳碳单键考点：石油的分馏产品和用途；有机物分子中的官能团及其结构版权所有专题：有机物分子组成通式的应用规律；有机化合物的获得与应用分析：A、
26、植物油属于酯类是烃的衍生物；B、根据石油的成分分析；C、分子式为C8H6O2的芳香族有机物分子中不可能有羧基，若有羧基，其分子式应该为C8H8O2；D、环戊烷中含有五根碳碳单键解答：解：A、汽油、煤油的主要成分为烷烃，属于碳氢化合物，植物油属于酯类是烃的衍生物，故A错误；B、石油主要是烷烃、环烷烃和芳香烃的混合物，石油分馏得不到乙烯，故B错误；C、分子式为C8H6O2的芳香族有机物分子中含有两个不饱和键，所以不可能有羧基，若有羧基，其分子式应该为C8H8O2，故C正确；D、环戊烷中含有五根碳碳单键，所以含五个碳原子的有机物，每个分子中最多含有五根碳碳单键，故D错误；故选C点评：本题考查有机物的
27、结构与性质，把握常见有机物的组成、结构、性质为解答的关键，注意官能团与性质的关系，题目难度不大7（3分）（2014春常德校级期中）不能用水浴加热的实验是（）A苯的硝化反应B银镜反应实验C乙酸乙酯水解D由乙醇制乙烯考点：乙酸乙酯的制取；乙醇的消去反应版权所有专题：有机物的化学性质及推断分析：因为水的沸点是100，用水浴加热，所以“水浴”加热温度不可能超过100，水浴加热的温度是使反应容器内试剂受热温度均匀，据此即可解答解答：解：A苯和浓硝酸、浓硫酸在5060发生硝化反应生成硝基苯和水，该反应为C6H6+HNO3C6H5NO2+H2O，需要水浴，故A正确；B制备银镜时，用酒精灯的外焰给试管底部加热
28、时温度太高，应水浴加热，如葡萄糖发生银镜反应的方程式为：CH2OH（CHOH）4CHO+2Ag（NH3）2OH CH2OH（CHOH）4COONH4+2Ag+3NH3+H2O，故B正确；C乙酸乙酯是重要的化工原料，沸点约77，其水解反应方程式为CH3COOC2H5+H2OCH3COOH+C2H5OH，实验需把试管放入70的水浴中加热，故C正确；D因乙醇能分子内脱水生成乙烯，所以可用乙醇制乙烯，实验室利用加热到170时乙醇和浓硫酸混合溶液制取乙烯，反应方程式为CH3CH2OHCH2=CH2+H2O，反应的温度为170，超过沸水的温度，不能用水浴，故D错误；故选D点评：本题主要考查了物质的制备的温
29、度条件，难度不大，根据实验的反应原理进行解答8（3分）（2014春金山区校级月考）化学式为CF2Cl2的物质可看作甲烷的衍生物，其商业名称为氟里昂12下面有关氟里昂12叙述错误的是（）ACF2Cl2分子只有一种结构BCF2Cl2有两种同分异构体CCF2Cl2分子的空间构型为四面体结构DCF2Cl2能破坏大气臭氧层考点：卤代烃简介版权所有专题：有机物的化学性质及推断分析：根该化合物是甲烷的取代产物，甲烷是正四面体型结构，运用知识迁移的方法，与CH4的分子构型对比回答；氯原子在臭氧分子生成氧气过程中起到了反应中的催化剂的作用，所以，氟利昂能破坏大气臭氧层解答：解：A、从结构式可知，该化合物是甲烷的
30、取代产物，由于甲烷是正四面体型结构，所以该化合物也是四面体，因此结构只有一种，故A正确；B、从结构式可知，该化合物是甲烷的取代产物，由于甲烷是正四面体型结构，所以该化合物也是四面体，因此结构只有一种，没有同分异构体，故B错误；C、从结构式可知，该化合物是甲烷的取代产物，由于甲烷是正四面体型结构，所以该化合物也是四面体，故C正确；D、氯原子在臭氧分子生成氧气过程中起到了反应中的催化剂的作用，所以，氟利昂能破坏大气臭氧层，故D正确故选B点评：本题主要以CH4的分子构型考查了CF2Cl2的结构，根据CF2Cl2是甲烷的取代产物即可解答，难度不大9（3分）（2013秋安徽校级期末）某烷烃的分子量为72
31、，跟氯气反应生成的一氯化物只有一种，这种烷烃是（）A2，2二甲基丙烷B戊烷C2甲基丙烷D2甲基丁烷考点：有机化合物的异构现象版权所有专题：同系物和同分异构体分析：根据烷烃的组成通式CnH2n+2确定碳原子数目，书写该烷烃的分子式，该烷烃的一氯化物只有一种，分子中只有1种H原子，则分子中H原子都处于甲基中，据此结合分子式书写其结构简式，再进行命名解答：解：令该烷烃的分子式为CnH2n+2，相对分子质量为72，则14n+2=72，解得n=5，故该烷烃的分子式为C5H12，跟氯气反应生成的一氯化物只有一种，分子中只有1种H原子，则分子中H原子都处于甲基中，故含有甲基数目为=4，故该烷烃的结构简式为C
32、（CH3）4，名称为2，2二甲基丙烷，故选A点评：本题考查有机物分子式的确定、同分异构体、系统命名等，难度不大，确定有机物的结构简式是关键10（3分）（2014春金山区校级月考）去除下列括号内的杂质选用的试剂和方法正确的是（）序号药品选用试剂操作方法A乙烷（乙炔）酸性高锰酸钾溶液洗气B乙烷（乙烯）氢气高温、高压、催化剂C乙酸乙酯（乙酸）浓的氢氧化钠溶液分液D硝基苯（硝酸）氢氧化钠溶液分液AABBCCDD考点：物质的分离、提纯的基本方法选择与应用；乙烯的化学性质；乙炔炔烃；乙酸的化学性质；物质的分离、提纯和除杂版权所有专题：有机物的化学性质及推断分析：A乙炔被高锰酸钾氧化生成二氧化碳；B乙烷中混
33、有新杂质氢气；C二者均与NaOH反应；D硝酸与NaOH反应后与硝基苯分层解答：解：A乙炔被高锰酸钾氧化生成二氧化碳，引入新杂质，应利用溴水和洗气法除杂，故A错误；B乙烷中混有新杂质氢气，引入新杂质，应利用溴水和洗气法除杂，故B错误；C二者均与NaOH反应，将原物质反应掉，不符合除杂原则，应利用饱和碳酸钠溶液来除杂，故C错误；D硝酸与NaOH反应后与硝基苯分层，则反应后分液可除杂，故D正确；故选D点评：本题考查物质的分离、提纯方法的选择和应用，为高频考点，把握物质的性质及混合物分离提纯方法为解答的关键，侧重混合物除杂的考查，注意除杂的原则，题目难度不大11（3分）（2012秋朝阳区校级期末）将转
34、变为的方法为（）A与足量的NaOH溶液共热后，再通入CO2B溶液加热，通入足量的HClC与稀H2SO4共热后，加入足量的Na2CO3D与稀H2SO4共热后，加入足量的NaOH考点：有机物的合成版权所有专题：有机物的化学性质及推断分析：将转变为，COONa没有变化，COO水解可生成OH，以此来解答解答：解：将转变为，COONa没有变化，COO水解可生成OH，则先发生在NaOH水溶液中的水解生成，再通入CO2，生成即可，注意强酸（HCl）与COONa反应，NaOH、Na2CO3、均能与苯酚反应，所以B、C、D不能实现，故选A点评：本题考查有机物的合成，明确官能团的变化及物质的性质是解答本题的关键，
35、注意强酸（HCl）与COONa反应，NaOH、Na2CO3、均能与苯酚反应为解答的易错点，题目难度不大12（3分）（2014春金山区校级月考）如图所示为某种兴奋剂结构简式，有关该物质及其溶液的说法正确的是（）A该有机物分子式为C16H18O3B该化合物属于苯的同系物C该物质与浓溴水发生的反应一定是加成反应D1mol该物质与H2反应时，最多消耗7mol H2考点：有机物的结构和性质版权所有专题：有机物的化学性质及推断分析：由结构简式可知分子式，分子中含酚OH、C=C，结合酚、烯烃的性质来解答解答：解：A由结构简式可知分子式为该有机物分子式为C16H16O3，故A错误；B苯的同系物只有1个苯环，且
36、侧链为饱和烃基，则该物质不是苯的同系物，故B错误；C含酚OH，可与溴水发生取代反应，故C错误；D苯环与C=C均与氢气发生加成反应，则1mol该物质与H2反应时，最多消耗7mol H2，故D正确；故选D点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重酚、烯烃性质的考查，题目难度不大13（3分）（2014春金山区校级月考）有机物A的分子式为C3H6O2，水解后得到一元酸M和一元醇N，已知M、N的相对分子质量相等，则下列叙述中不正确的是（）AM中没有甲基BA的属于酯的同分异构体还有一种CN、M均不能发生银镜反应DN分子中含有甲基考点：有机物的推断版权所有专题：有
37、机物的化学性质及推断分析：C3H6O2水解后得到一元酸M和一元醇N，结合分子式C3H6O2可知M为饱和一元羧酸，N为饱和一元醇，M、N的相对分子质量相等，则M分子比N分子少一个碳原子，故M为HCOOH，N为CH3CH2OH，A为HCOOCH2CH3，据此解答解答：解：C3H6O2水解后得到一元酸M和一元醇N，结合分子式C3H6O2可知M为饱和一元羧酸，N为饱和一元醇，M、N的相对分子质量相等，则M分子比N分子少一个碳原子，故M为HCOOH，N为CH3CH2OH，A为HCOOCH2CH3，AHCOOH中没有甲基，故A正确；BA属于酯类的同分异构体为CH3COOCH3，故B正确；CCH3CH2OH
38、不能发生银镜反应，而HCOOH可以发生银镜反应，故C错误；DN为CH3CH2OH，含有甲基，故D正确故选C点评：本题考查考查有机物推断，关键在于抓住酯水解得到的酸和醇分子量相等，注意甲酸含有醛基具有还原性能发生银镜反应14（3分）（2012秋郑州期末）某高聚物的结构简式如图：其单体的名称为（）A2，4二甲基2已烯B2，4二甲基1，3已二烯C2甲基1，3丁二烯和丙烯D2甲基1，3戊二烯和乙烯考点：聚合反应与酯化反应版权所有专题：有机反应分析：由高聚物结构简式的可知，主链含有6个C原子，没有其它杂原子，其中含有1个C=C双键，为二烯烃与烯烃的加聚反应产物，据此解答解答：解：由高聚物的结构可知，主链
39、可含有6个C原子，没有其它杂原子，其中含有1个C=C双键，为二烯烃与烯烃的加聚反应产物，按如图所示断键，其中双键中1个CC断裂，再恢复原来的双键，故其单体为CH2=C（CH3）CH=CHCH3，CH2=CH2，即为2甲基1，3戊二烯和乙烯，故选D点评：本题考查高分子化合物的结构、有机物的命名等，难度中等，关键是根据高分子链节，结合单体间发生的反应机理来判断其单体15（3分）（2013江西二模）分子式为C8H16O2的有机物A，它能在酸性条件下水解生成B和C，且B在一定条件下能转化成C则有机物A的可能结构有（）A1种B2种C3种D4种考点：有机物的推断；同分异构现象和同分异构体版权所有专题：有机
40、物的化学性质及推断分析：分子式为C8H16O2的有机物A，它能在酸性条件下水解生成B和C，则说明A应为酯，B在一定条件下能转化成C，则B为醇，C为酸，B能被氧化为酸，则B中含有CH2OH，根据C3H7的结构判断解答：解：因B在一定条件下可氧化成C，则B为C3H7CH2OH，C为C3H7COOH，而C3H7有CH3CH2CH2和CH3CH（CH3）两种，故选B点评：本题考题有机物的推断，题目难度不大，注意根据B转化为C的性质和C3H7的同分异构体的种类判断16（3分）（2011春吉安期末）有机物分子中的一个碳原子所连的4个原子或原子团均不相同时，该碳原子称为手性碳原子，含有手性碳原子的化合物具有
41、光学活性，某有机物具有光学活性（式中标有*号的碳为手性碳原子），欲使其保持光学活性，发生以下哪种反应，该有机物仍一定具有光学活性（）A消去反应B水解反应C银镜反应D酯化反应考点：有机物的结构和性质版权所有专题：有机反应分析：该有机物含有酯基，可发生水解产物为CH（CH3OH）2CHO，含有羟基，可发生氧化反应，含有醛基，可发生加成和氧化反应，结合手性碳原子的定义解答该题解答：解：A发生消去反应，生成CH3COOCH2C（CHO）=CH2，不含手性碳原子，不具有光学活性，故A错误；B发生水解反应生成CH（CH3OH）2CHO，不含手性碳原子，不具有光学活性，故B错误；C发生银镜反应生成CH3CO
42、OCH2CH（CHO）COOH，含有手性碳原子，具有光学活性，故C正确；D发生酯化反应CH（CH3COOCH2）2CHO，不含手性碳原子，不具有光学活性，故D错误故选C点评：本题考查有机物的结构和性质，题目难度不大，注意把握手性碳原子的定义和官能团的性质，为解答该题的关键17（3分）（2014崇明县二模）己烯雌酚是人工合成的非甾体雌激素物质，主要用于治疗雌激素低下症及激素平衡失调所引起的功能性出血等，如图所示分别取1mol己烯雌酚进行4个实验下列对实验数据的预测与实际情况吻合的是（）A中生成7 mol H2OB中无CO2生成C中最多消耗3 mol Br2D中发生消去反应考点：有机物的结构和性质
43、；有机物分子中的官能团及其结构版权所有专题：有机物的化学性质及推断分析：A.1mol己烯雌酚中含22molH，由H原子守恒分析；B酚OH与碳酸氢钠溶液不反应；C酚OH的邻、对位均可与溴发生取代反应；D酚OH不能发生消去反应解答：解：A.1mol己烯雌酚中含22molH，由H原子守恒可知，中生成11mol H2O，故A错误；B酚OH与碳酸氢钠溶液不反应，则中无CO2生成，故B正确；C酚OH的邻、对位均可与溴发生取代反应，则中最多消耗4mol Br2，故C错误；D酚OH不能发生消去反应，所以中不能发生消去反应，故D错误；故选B点评：本题考查有机物的结构与性质，注意把握酚的性质是解答本题的关键，明确
44、苯酚的酸性较弱分析选项B，为解答的易错点，题目难度不大三、选择题（本题共20分，每小题4分，每小题有一个或两个正确选项只有一个正确选项的，多选不给分；有两个正确选项的，选对一个给2分，选错一个该小题不给分）18（4分）（2014春金山区校级月考）充分灼烧a g某含C、H、O元素的有机物时，测得生成了b g CO2和c g H2O，则以下判断正确的是（）A肯定能确定该物质的最简式B不一定能确定该物质的最简式C不一定能确定该物质的分子式D肯定不能确定该物质的结构式考点：有机物实验式和分子式的确定版权所有专题：烃及其衍生物的燃烧规律分析：根据有机物燃烧生成的水和二氧化碳的物质的质量，可计算出水和二氧
45、化碳的物质的量，根据C元素、H元素守恒可计算有机物中C、H元素的物质的量和质量，有机物的质量减去碳氢元素质量和得氧元素的质量，算出碳氢氧原子个数比得出最简式解答：解：根据有机物燃烧生成的水和二氧化碳的物质的质量，可计算出水和二氧化碳的物质的量，根据C元素、H元素守恒可计算有机物中C、H元素的物质的量和质量，有机物的质量减去碳氢元素质量和得氧元素的质量，算出碳氢氧原子个数比得出最简式，故A正确，B错误；若计算出的最简式中碳已达饱和可知分子式，若计算出的最简式中碳没饱和，则不能确定分子式，需要相对分子质量才能确定，故C正确，D错误故选AC点评：本题考查学生元素守恒法确定有机物的分子式知识的题目，注
46、意有些有机物的最简式就是实验式，如甲烷、甲醇等19（4分）（2012秋花山区校级期末）将0.2mol两种气态烃组成的混合气完全燃烧后得到6.72升二氧化碳（标准状况下）和7.2克水，下列关于该混合烃说法正确的是（）A一定有乙烯B一定有甲烷C一定没有甲烷D可能有乙炔考点：有关混合物反应的计算；有关有机物分子式确定的计算版权所有专题：烃及其衍生物的燃烧规律分析：根据n=计算7.2克水的物质的量，根据n=计算二氧化碳的物质的量，根据H原子、C原子守恒计算混合物的平均分子组成，据此判断解答：解：两种气态烃组成的混合物0.2mol完全燃烧得6.72L二氧化碳和7.2克水，7.2克水的物质的量为=0.4m
47、ol，平均分子组成中H原子数目为：=4，6.72L二氧化碳的物质的量=0.3mol平均分子组成C原子数目为：=1.5，故该混合烃的平均分子式为C1.5H4，根据C原子可知，该烃一定含有CH4，根据H原子可知，另一烃的分子中H原子数目为4，故ACD错误、B正确故选B点评：考查有机物分子的推断，难度中等，关键是利用平均分子组成判断烃的组成，常用方法有1、平均碳法 2、平均氢法 3、平均碳氢分子式法 4、平均式量法20（4分）（2014嘉定区三模）某有机物的结构简式如图所示，关于该物质的叙述错误的是（）A一个分子中含有12个H原子B苯环上的一氯代物有2种C能使酸性KMnO4溶液褪色D1mol该物质分
48、别与足量H2、NaOH溶液反应，消耗其物质的量均为3mol考点：有机物的结构和性质版权所有专题：有机物的化学性质及推断分析：该有机物含有酯基，对in个的水解产物有乙酸、甲醇，苯环上含有酚羟基和羧基，结合有机物官能团的性质以及有机物的结构解答该题解答：解：A该有机物的分子式为C11H12O4，含有12个H原子，故A正确；B结构不对称，苯环的一氯代物有3种，故B错误；C苯环上含有甲基，可被高锰酸钾氧化，故C正确；D含有苯环，1mol该物质与3mol氢气发生加成反应，水解产物中含有2个COOH和1个酚羟基，则与3molNaOH反应，故D正确故选：B点评：本题考查有机物的结构和性质，题目难度不大，注意
49、把握有机物的官能团的性质，为解答该题的关键，易错点为B，注意结构不对称的特点21（4分）（2013上海模拟）CPAE是蜂胶的主要活性成分，由咖啡酸合成CPAE的路线如下：下列关于上述所列有机物的说法中正确的是（）A咖啡酸、CPAE及苯乙醇都能发生取代、加成、氧化及消去反应B用FeCl3溶液可以来检测上述反应中是否有CPAE生成C苯乙醇是最简单的芳香醇，与邻乙基苯酚互为同系物关系D1 mol的咖啡酸最多可与4 mol Br2发生反应考点：有机物的结构和性质版权所有专题：有机物的化学性质及推断分析：A咖啡酸、CPAE不会发生消去反应；B咖啡酸、CPAE均含酚OH；C苯乙醇属于芳香醇，邻甲基苯酚属于
50、酚，为不同类别物质；D含有酚羟基，在邻位和对位发生取代反应，含有碳碳双键，可发生加成反应解答：解：A咖啡酸不能发生消去反应，CPAE不能发生消去反应，均含苯环可发生加成反应，OH可发生取代反应，故A错误；B咖啡酸、CPAE均含酚OH，均与FeCl3溶液发生显色反应，则不能检验是否有CPAE生成，故B错误；C苯乙醇与邻甲基苯酚属于不同类物质，结构不相似，不互为同系物，故C错误；D含有酚羟基，在邻位和对位发生取代反应，含有碳碳双键，可发生加成反应，则1 mol的咖啡酸最多可与4 mol Br2发生反应，故D正确故选D点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，
51、侧重羧酸、酚、醇等物质性质的考查，选项B为解答的难点，注意酚OH不能发生消去反应，题目难度不大22（4分）（2014春金山区校级月考）常温常压下，某气态烃和氧气的混合气体n升，完全燃烧后，通过浓硫酸后再恢复到原来的温度和压强时，得到0.5n升的混合气体假设烃在燃烧后无剩余，且碳元素全部转化为CO2，则该烃是（）ACH4BC2H2CC2H4DC2H6考点：有关有机物分子式确定的计算版权所有专题：烃及其衍生物的燃烧规律分析：通过浓硫酸后再恢复到原来的温度和压强时，得到升的混和气体，应为CO2和O2的混合物，令该烃的分子式为CxHy，设反应后的混合气体中含有aL氧气，根据燃烧的通式CxHy+（x+）
52、O2xCO2+H2O进行讨论即可解答：解：通过浓硫酸后再恢复到原来的温度和压强时，得到0.5n升的混和气体为CO2和O2的混合物，设该烃的分子式为CxHy，剩余氧气的体积为aL，则：CxHy+（x+）O2xCO2+H2O 1 x+ x 最后气体体积变为原来混合气体的一半，则a+x=（1+x+a），整理得：x=1+a，由于a0，则x1+，A甲烷中，x=11+=2，满足条件，故A正确；BC2H2中，x=21+=1.5，不满足x1+，故B错误；CC2H4中，x=2=1+=2，满足条件，故C正确；D乙烷分子中，x=21+=2.5，满足条件，故D正确；故选ACD点评：本题考查有机物燃烧的计算，题目难度中
53、等，注意掌握确定有机物分子式的方法，本题需要根据有机物燃烧的通式进行讨论，注意明确讨论法在确定有机物分子式中的应用方法四、填空题（本题共24分）23（8分）（2013崇明县二模）龙胆酸甲酯是制取抗心律失常药物氟卡尼的中间体已知：I、龙胆酸甲酯结构如图1所示、RCH2CH（OH）CH3RCH=CHCH3或RCH2CH=CH2X及其它几种有机物存在如图2转化关系，且A和B互为同分异构体请回答下列问题：（1）下列有关龙胆酸甲酯的描述，不正确的是BDA能与氯化铁溶液显色B分子中含有羧基、羟基等官能团C能与溴水反应D能与碳酸钠溶液反应产生二氧化碳（2）龙胆酸甲酯与足量氢氧化钠溶液反应的化学方程式是（3）
54、上述转化过程中没有涉及的反应类型是CA加成反应； B消去反应； C还原反应； D氧化反应（4）符合上述转化关系的X的结构简式（任写一种）考点：有机物的推断；有机物分子中的官能团及其结构；有机物的结构和性质版权所有专题：有机物的化学性质及推断分析：（1）龙胆酸甲酯中含酚OH、COOC，结合酚和酯的性质分析；（2）龙胆酸甲酯中含酚OH、COOC，均与NaOH发生反应；（3）由合成流程可知，A发生消去反应生成4个C的烯烃，则A为醇，X为酯类物质，则X水解生成A，A发生消去反应生成烯烃，烯烃发生加聚反应生成高分子，烯烃发生加成反应生成卤代烃，卤代烃水解生成B，A、B均为醇，但OH的位置不同，B为伯醇，
55、所以B催化氧化生成C，C再氧化生成D；（4）由（3）的分析可知，B为伯醇，则A为2羟基丁醇或2甲基2羟基丙醇，以此解答解答：解：（1）A含酚OH，则能与氯化铁溶液显色反应，故A正确；B分子中不含有羧基，含酚羟基和酯基等官能团，故B错误；C含酚OH，能与溴水发生取代反应，故C正确；D含酚OH，能与碳酸钠溶液反应，但不能产生二氧化碳，故D错误；故答案为：BD；（2）龙胆酸甲酯中含酚OH、COOC，均与NaOH发生反应，则与足量氢氧化钠溶液反应的化学方程式是，故答案为：；（3）由合成流程可知，A发生消去反应生成4个C的烯烃，则A为醇，X为酯类物质，则X水解生成A，A发生消去反应生成烯烃，烯烃发生加聚
56、反应生成高分子，烯烃发生加成反应生成卤代烃，卤代烃水解生成B，A、B均为醇，但OH的位置不同，B为伯醇，所以B催化氧化生成C，C再氧化生成D，则没有涉及的反应为还原反应，故答案为：C；（4）由（3）的分析可知，B为伯醇，则A为2羟基丁醇或2甲基2羟基丙醇，则符合上述转化关系的X的结构简式为，故答案为：点评：本题考查有机物的推断，为高频考点，把握官能团与性质的关系及合成流程中碳原子数目、反应条件为解答的关键，注意有机物结构决定性质，题目难度中等24（8分）（2014春金山区校级月考）从樟科植物枝叶提取的精油中含有甲、乙两种成分：（1）甲和乙中含氧官能团的名称分别为醇羟基和醛基（2）请写出甲的一种
57、能同时满足下列3个条件的同分异构体的结构简式a苯环上有两个不同的取代基b能与Br2的CCl4溶液发生加成反应c遇FeCl3溶液显呈现紫色由甲转化为乙的过程为（已略去无关产物）：（3）反应I的反应类型为加成反应，反应的化学方程式（4）1mol乙最多可与5mol H2发生加成反应考点：有机物的结构和性质；有机物的推断版权所有专题：有机物的化学性质及推断分析：（1）根据甲、乙的结构简式确定其含有的官能团；（2）a苯环上有两个不同的取代基，说明苯环上含有两个取代基且取代基不同；b能与Br2的CCl4溶液发生加成反应，说明含有碳碳双键；c遇FeCl3溶液显呈现紫色说明含有酚羟基，据此写出其结构简式；（3
58、）反应为甲与HCl加成反应，反应为消去反应；（4）乙中苯环和碳碳双键、CHO都可与氢气发生加成反应解答：解：（1）通过甲和乙的结构简式知，甲和乙中含氧官能团的名称分别为醇羟基和醛基，故答案为：醇羟基；醛基；（2）a苯环上有两个不同的取代基，说明苯环上含有两个取代基且取代基不同；b能与Br2的CCl4溶液发生加成反应，说明含有碳碳双键；c遇FeCl3溶液显呈现紫色说明含有酚羟基，则其同分异构体有：、等，故答案为：；（3）反应为甲与HCl加成反应，反应为消去反应，该反应为，故答案为：加成反应；（4）能和氢气发生加成反应的有苯环、醛基和碳碳双键，所以1mol乙最多可与 5 mol H2发生加成反应，
59、故答案为：5点评：本题考查有机物的结构与性质，注意能和氢气发生加成反应的不仅有醛基、碳碳双键，还有苯环，为易错点25（8分）（2015扬州模拟）咖啡酸具有止血、镇咳、祛痰等疗效，其结构为（1）咖啡酸分子中的含氧官能团有OH、COOH（或羟基、羧基）；（2）有关咖啡酸性质的叙述错误的是A；A在浓硫酸、加热条件下能发生消去反应B既能和浓溴水发生加成反应也能发生取代反应C能与酸性高锰酸钾溶液反应D1mol 咖啡酸在一定条件下能与4molH2发生加成反应（3）有机物A（分子式为C11H12O4）在一定条件下能发生如下转化：D、E的结构简式分别为CH3COOH、；BC反应的化学方程式为2CH3CH2OH
60、+O22CH3CHO+2H2O；（4）R是咖啡酸的同分异构体，具有如下特点：R具有结构；能发生水解反应；R的结构简式为或（任写1种）考点：有机物的推断版权所有专题：有机物的化学性质及推断分析：（1）分子中含双键、OH、COOH；（2）结合酚、烯烃、羧酸的性质来分析；（3）有机物A（分子式为C11H12O4），A与NaOH反应生成E，EA发生强酸制取弱酸的反应，则E为，由碳原子守恒可知，B、C、D中均含2个碳原子，B催化氧化生成C，C与氢氧化铜反应生成D，则B为乙醇，C为乙醛，D为乙酸；（4）R是咖啡酸的同分异构体，具有如下特点：R具有结构；能发生水解反应，则含COOC，以此来解答解答：解：（1
61、）分子中含双键、OH、COOH，分子中的含氧官能团有OH、COOH（或羟基、羧基），故答案为：OH、COOH（或羟基、羧基）；（2）A酚OH、COOH不能在浓硫酸、加热条件下发生消去反应，故A错误；B酚OH的邻对位与溴水发生取代反应，双键与溴水发生加成反应，则既能和浓溴水发生加成反应也能发生取代反应，故B正确；C含双键、酚OH，能与酸性高锰酸钾溶液反应，故C正确；D苯环与双键均与氢气发生加成反应，则1mol 咖啡酸在一定条件下能与4molH2发生加成反应，故D正确；故答案为：A；（3）有机物A（分子式为C11H12O4），A与NaOH反应生成E，EA发生强酸制取弱酸的反应，则E为，由碳原子守恒
62、可知，B、C、D中均含2个碳原子，B催化氧化生成C，C与氢氧化铜反应生成D，则B为乙醇，C为乙醛，D为乙酸，由上述分析可知，D、E的结构简式分别为CH3COOH、，故答案为：CH3COOH；BC反应的化学方程式为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，故答案为：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；（4）R是咖啡酸的同分异构体，具有如下特点：R具有结构；能发生水解反应，则含COOC，则R的结构简式为或，故答案为：或点评：本题考查有机物的推断及结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系及（3）中合成流程中官能团的变化、发生的反应为解答的关键，侧重分析、推断及应用能力的综
63、合考查，题目难度中等五、实验题（本题共22分）26（11分）（2010浙江）苯甲醇与苯甲酸是重要的化工原料，可通过苯甲醛在氢氧化钠水溶液中的歧化反应制得，反应式如图1：某研究小组在实验室制备苯甲醇与苯甲酸，反应结束后对反应液按下列步骤处理如图2：重结晶过程：溶解活性炭脱色趁热过滤冷却结晶抽滤洗涤干燥已知：苯甲醇易溶于乙醚、乙醇，在水中溶解度较小请根据以上信息，回答下列问题：（1）萃取分离苯甲醇与苯甲酸钠时，合适的萃取剂是乙醚，其理由是苯甲醇在乙醚中的溶解度大于在水中的溶解度，且乙醚与水互不相溶充分萃取并静置分层，打开分液漏斗上口的玻璃塞后，上下层分离的正确操作是从下口放出下层液体，从上口倒出上
64、层液体萃取分液后，所得水层用盐酸酸化的目的是将苯甲酸钠转化为苯甲酸，析出晶体（2）苯甲酸在A、B、C三种溶剂中的溶解度（s）随温度变化的曲线如图3所示：重结晶时，合适的溶剂是C，其理由是随温度升高溶解度增加较快重结晶过程中，趁热过滤的作用是除去不溶性杂质，防止苯甲酸冷却后结晶析出洗涤时采用的合适洗涤剂是DA饱和食盐水 BNa2CO3溶液 C稀硫酸 D蒸馏水（3）为检验合成产物中苯甲酸的含量，称取试样1.220g，溶解后在容量瓶中定容至100mL，移取25.00mL试样溶液，用0.1000molL1 NaOH溶液滴定，滴定至终点时NaOH溶液共消耗24.65mL，则试样中苯甲酸的含量98.60%
65、考点：探究物质的组成或测量物质的含量版权所有专题：压轴题；实验题分析：（1）根据苯甲醇易溶于乙醚，且乙醚与水互不相溶分析，加入盐酸可生成苯甲酸，经重结晶析出；（2）应选择溶解度随温度变化较大的试剂，趁热过滤可除去杂质；（3）发生中和反应，根据c（酸）V（酸）=c（碱）V（碱）计算解答：解：（1）苯甲醇易溶于乙醚，且乙醚与水互不相溶，可用乙醚作为萃取剂，分液时，应从下口放出下层液体，从上口倒出上层液体，加入盐酸可生成苯甲酸，经重结晶析出，故答案为：乙醚；苯甲醇在乙醚中的溶解度大于在水中的溶解度，且乙醚与水互不相溶；从下口放出下层液体，从上口倒出上层液体；将苯甲酸钠转化为苯甲酸，析出晶体；（2）应
66、选择试剂C，原因是在溶剂C中随温度变化苯甲酸的溶解度变化较大，有利于重结晶分离，分离时要趁热过滤，可除去不溶性杂质，防止苯甲酸冷却后结晶析出，洗涤时可用蒸馏水，防止引入其它杂质故答案为：C；随温度变化苯甲酸的溶解度变化较大；除去不溶性杂质，防止苯甲酸冷却后结晶析出；D；（3）n（NaOH）=0.1000mol/L24.65103L=2.465103mol，则试样中苯甲酸的物质的量为2.465103mol=9.86103mol，质量为9.86103mol122g/mol=1.203g，试样中苯甲酸的含量为=98.6%，故答案为：98.60%点评：本题考查物质的含量的测定，侧重于学生实验设计和评价
67、能力的考查，注意把握实验原理和实验基本操作方法，题目难度中等27（11分）（2014春金山区校级月考）研究性学习小组为合成1丁醇，查阅资料得知一条合成路线：CH3CH=CH2+CO+H2CH3CH2CH2CHOCH3CH2CH2CH2OH；CO的制备原理：HCOOHCO+H2O，并设计出原料气的制备装置（如图）请填写下列空白：（1）实验室现有锌粒、稀硝酸、稀盐酸、浓硫酸、2丙醇，从中选择合适的试剂制备氢气、丙烯，写出制备丙烯的化学反应方程式：（CH3）2CHOHCH2=CHCH3+H2O（2）若用以上装置制备干燥纯净的CO，装置中a的作用是恒压，c和d中盛装的试剂分别是NaOH溶液，浓H2SO
68、4在虚线框内画出收集干燥H2的装置图（3）制丙烯时，还产生少量SO2、CO2及水蒸气，该小组用以下试剂检验这四种气体，混合气体通过试剂的顺序是（或）（填序号）饱和Na2SO3溶液酸性KMnO4溶液石灰水无水CuSO4品红溶液（4）合成正丁醛的反应为正向放热的可逆反应，为增大反应速率和提高原料气的转化率，你认为应该采用的适宜反应条件是ba低温、高压、催化剂 b适当的温度、高压、催化剂c常温、常压、催化剂 d适当的温度、常压、催化剂（5）正丁醛经催化加氢得到含少量正丁醛的1丁醇粗品为纯化1丁醇，该小组查阅文献得知：RCHO+NaHSO3（饱和）RCH（OH）SO3Na；沸点：乙醚 34，1丁醇 1
69、18，并设计出如下提纯路线：试剂1为饱和NaHSO3溶液，操作1为过滤，操作3为蒸馏考点：有机物的合成；常见气体制备原理及装置选择版权所有专题：实验题；有机化合物的获得与应用分析：（1）制备丙烯选用2丙醇和浓硫酸；（2）在题给装置中，a的作用保持分液漏斗和烧瓶内的气压相等，以保证分液漏斗内的液体能顺利加入烧瓶中；c为除去CO中的酸性气体，选用NaOH溶液，d为除去CO中的H2O，试剂选用浓硫酸；收集氢气可以用向下排空气法；（3）检验丙烯和少量SO2、CO2及水蒸气组成的混合气体各成分时，应首先选无水CuSO4检验水蒸气，然后用品红溶液检验SO2，并用饱和Na2SO3溶液除去SO2；然后用石灰水
70、检验CO2，用酸性KMnO4溶液检验丙烯；（4）题给合成正丁醛的反应为气体体积减小的放热反应，为增大反应速率和提高原料气的转化率；（5）饱和NaHSO3溶液形成沉淀，然后通过过滤即可除去；1丁醇和乙醚的沸点相差很大，因此可以利用蒸馏将其分离开解答：解：（1）2丙醇通过消去反应即到达丙烯，方程式为：（CH3）2CHOHCH2=CHCH3+H2O，故答案为：（CH3）2CHOHCH2=CHCH3+H2O； （2）甲酸在浓硫酸的作用下通过加热脱水即生成CO，由于甲酸易挥发，产生的CO中必然会混有甲酸，所以在收集之前需要除去甲酸，可以利用NaOH溶液吸收甲酸，最后通过浓硫酸干燥CO为了使产生的气体能顺
71、利的从发生装置中排出，就必需保持压强一致，因此a的作用是保持恒压；氢气密度小于空气的，因此要收集干燥的氢气，就只能用向下排空气法，而不能用排水法收集，收集干燥H2的装置图为，故答案为：恒压； NaOH溶液，浓H2SO4；（3）检验丙烯可以用酸性KMnO4溶液，检验SO2可以用酸性KMnO4溶液褪色、品红溶液或石灰水，检验CO2可以石灰水，检验水蒸气可以无水CuSO4，所以在检验这四种气体必需考虑试剂的选择和顺序只要通过溶液，就会产生水蒸气，因此先检验水蒸气；然后检验SO2并在检验之后除去SO2，除SO2可以用饱和Na2SO3溶液，最后检验CO2和丙烯，因此顺序为（或），故答案为：（或）；（4）
72、由于反应是一个体积减小的可逆反应，所以采用高压，有利于增大反应速率和提高原料气的转化率；正向反应是放热反应，虽然低温有利于提高原料气的转化率，但不利于增大反应速率，因此要采用适当的温度；催化剂不能提高原料气的转化率，但有利于增大反应速率，缩短到达平衡所需要的时间，故正确所选项是b；故答案为：b；（5）粗品中含有正丁醛，根据所给的信息利用饱和NaHSO3溶液形成沉淀，然后通过过滤即可除去；因为1丁醇和乙醚的沸点相差很大，因此可以利用蒸馏将其分离开，故答案为：饱和NaHSO3溶液；过滤；蒸馏点评：本题考查有机物合成方案的设计，题目难度较大，综合性较强，答题时注意把握物质的分离、提纯方法，把握物质的
73、性质的异同是解答该题的关键六、推断题（本题共22分）28（11分）（2014春金山区校级月考）有机化合物M合成路线如图所示已知：C可以分别与碳酸氢钠溶液及钠反应，4.6g钠与0.1mol有机物C反应可生成标准状况下气体2.24L请回答下列问题（1）一定条件下，下列物质不能与C反应的是aaFeCl3溶液 b氢溴酸 cO2 d酸性KMnO4溶液（2）A的结构简式为CH2=CHCH（CH3）2；B 的名称是1，2二溴丙烷（3）写出反应化学反应方程式（4）与A互为同类别的同分异构体共有（不包括A）4种（5）E是D的同分异构体，E属芳香族化合物，有4种不同环境的氢，写出符合相关条件的E的结构简式考点：有
74、机物的推断版权所有专题：有机物的化学性质及推断分析：由合成流程图可知，利用M的结构逆推可知A为CH2=CHCH（CH3）2，B为BrCH2CHBrCH3，C可以分别与碳酸氢钠溶液及钠反应，结合流程图可知含COOH、OH，4.6g钠与0.1mol有机物C反应可生成标准状况下气体2.24 L，所以C为，D为，然后结合有机物的结构与性质来解答解答：解：由合成流程图可知，利用M的结构逆推可知A为CH2=CHCH（CH3）2，B为BrCH2CHBrCH3，C可以分别与碳酸氢钠溶液及钠反应，结合流程图可知含COOH、OH，4.6g钠与0.1mol有机物C反应可生成标准状况下气体2.24 L，所以C为，D为
75、，（1）C为，含C=C、COOH、OH，能发生加成、氧化反应，但不能与氯化铁溶液反应，故答案为：a；（2）由上述分析可知A为CH2=CHCH（CH3）2；B为1，2二溴丙烷，故答案为：CH2=CHCH（CH3）2；1，2二溴丙烷；（3）反应化学反应方程式为，故答案为：；（4）与A互为同系物的同分异构体含C=C键，同分异构体为CH2=CHCH2CH2CH3、CH3CH=CHCH2CH3、CH2=C（CH3）CH2CH3、CH3CH=C（CH3）2，共4种，故答案为：4；（5）D为，E是D的同分异构体，E属芳香族化合物，含苯环，有4种不同环境的氢，则符合条件的同分异构体为，E中含氧官能团为酚OH，
76、可利用三氯化铁溶液发生显色反应来检验，观察到溶液显紫色，故答案为：点评：本题综合考查有机物的推断和合成，综合考查学生的分析能力、推断能力和综合运用化学知识的能力，为高考常见题型，该题难点为（5），注意同分异构体的判断29（11分）（2012浦东新区模拟）两种有机物A、B的分子式均为C11H12O5，均能发生如下变化已知：A、B、C、D均能与NaHCO3反应；只有A、D能与FeCl3溶液发生显色反应，且苯环上的一溴代物只有两种；F能使溴水褪色且不含有甲基；H能发生银镜反应根据题意回答下列问题：（1）写出F的结构简式CH2=CHCH2COOH；D的含氧官能团有（写名称）羟基和羧基（2）反应的反应类
77、型是消去；反应的条件是Cu、加热（3）写出反应的化学方程式（4）写出B与足量NaOH溶液反应的化学方程式：（5）下列关于AI的说法中错误的是ac（选填编号）aA与B、E与I均互为同分异构体bD在一定条件下也可以反应形成高聚物cG具有8元环状结构d等质量的A与B分别与足量NaOH溶液反应，消耗等量的NaOH（6）D的同分异构体有很多，同时符合下列要求的同分异构体有3种苯环上的一卤代物有2种 与FeCl3溶液发生显色反应 发生银镜反应考点：有机物的推断版权所有专题：有机物的化学性质及推断分析：F能使溴水褪色且不含有甲基，结合分子式可知为CH2=CHCH2COOH，H能发生银镜反应，应含有醛基，则C
78、应为HOCH2CH2CH2COOH，H为OHCCH2CH2COOH，A、B、C、D均能与NaHCO3反应，说明都含有羧基，只有A、D能与FeCl3溶液发生显色反应，说明分子中含有酚羟基，且苯环上的一溴代物只有两种，则结构应对称，且含有2个取代基，A应为，B为，D为，结合对应有机物的结构和性质以及题目要求可解答该题解答：解：F能使溴水褪色且不含有甲基，结合分子式可知为CH2=CHCH2COOH，H能发生银镜反应，应含有醛基，则C应为HOCH2CH2CH2COOH，H为OHCCH2CH2COOH，A、B、C、D均能与NaHCO3反应，说明都含有羧基，只有A、D能与FeCl3溶液发生显色反应，说明分
79、子中含有酚羟基，且苯环上的一溴代物只有两种，则结构应对称，且含有2个取代基，A应为，B为，D为，（1）由以上分析可知F为CH2=CHCH2COOH，D为，含有的官能团为羧基和羟基，故答案为：CH2=CHCH2COOH；羟基和羧基；（2）C为HOCH2CH2CH2COOH，发生消去反应生成F，C含有羟基，在铜作催化剂条件下加热发生氧化反应生成H，故答案为：消去；Cu、加热；（3）反应为缩聚反应，反应的化学方程式为，故答案为：；（4）B为，与足量氢氧化钠反应的方程式为，故答案为：；（5）E与I为高聚物，n值不一定相同，则不是同分异构体，C为HOCH2CH2CH2COOH，生成G脱去2分子水，应为1
80、0元环装结构，故答案为：ac；（6）D为，对应的同分异构体中苯环上的一卤代物有2种，说明苯环结构中只含有两种性质不同的氢原子，与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基，发生银镜反应，应含有醛基，符合条件的有：以及，共3种故答案为：3点评：本题考查有机推断与合成，涉及酯、醇、醛等性质以及学生根据信息给予获取知识的能力，是对有机化合物知识的综合考查，能较好的考查考生的阅读、自学能力和思维能力，利用给予的反应信息确定有机物结构是本题关键之处，根据反应条件，利用顺推法进行推断，是高考热点题型，难度中等七、计算题（本题共16分）30（16分）（2014春金山区校级月考）石油裂化可得到汽油和石化工业的
81、基础原料A是石油裂化产物样品（1）A是一种烷烃，相对分子质量为114，则A的分子式为C8H18假设汽油的成分就是A，空气中氧气的体积占五分之一，汽车内燃机中A与空气混合，用电火花不断引爆，燃烧产物全是气体空气与A的体积比为a，为使A充分燃烧，a的最小值为62.5若a值偏小，则汽车尾气中增多的污染气体的化学式为CO，当a值减小10%时，尾气中产生该污染气体的体积分数为31.25%若a值偏大，汽车尾气中增多的污染气体总称为氮的氧化物（2）B为乙烯、乙炔和氢气的混合气体，测得其在标准状况下的密度为0.478g/L，使该混合气体在加热的条件下通过镍催化剂并充分反应，再冷却到标准状况下测其密度为1.06
82、2g/L，试求出B中各气体的体积分数考点：有机物的推断；有关有机物分子式确定的计算版权所有专题：有机物分子组成通式的应用规律分析：（1）根据烷烃通式CnH2n+2可得，烷烃的相对分子量为：14n+2=114进行计算；根据方程式计算出辛烷与氧气恰好反应时，辛烷与空气的体积比；若a值偏小，氧气不足，会产生CO有毒气体，根据质量守恒判断系数书写化学方程式在进行计算；若a值偏大，氧气过量，会产生NO、NO2等氮的氧化物；（2）B为乙烯、乙炔和氢气的混合气体，测得其在标准状况下的密度为0.478g/L，则平均分子质量=0.47822.4=10.7；使该混合气体在加热的条件下通过镍催化剂并充分反应，再冷却
83、到标准状况下测其密度为1.062g/L，则平均分子质量=1.06222.4=23.8，比乙炔的相对分子量还小，说明反应后氢气还过量，所以反应后混合气体由C2H6和H2组成，根据反应C2H4+H2C2H6，C2H2+2H2C2H6 化学反应方程式进行计算解答：解：（1）烷烃通式CnH2n+2可得，烷烃的相对分子量为：14n+2=114，解得n=8，所以分子式为：C8H18；a值的推算依据：A为C8H18，为辛烷，则辛烷完全燃烧2C8H18+25O216CO2+18H2O，则=，所以，a=62.5；若a值偏小，空气与A的体积比a时，氧气不足，除生成CO2和H2O外，还会产生CO有毒气体，污染大气设
84、当燃烧1mol辛烷该污染气体含x molCO时，根据质量守恒，反应方程式为C8H18+（25x）O2xCO+（8x）CO2+9H2O，根据以上计算当完全燃烧1mol辛烷时，消耗空气为62.5mol，当a值减小10%时，只消耗空气为62.590%=56.25mol，则氧气为56.25=11.25，即（25x）=11.25，解得x=2.5，所以该污染气体的体积分数为100%=31.25%；若a值偏大，氧气过量，在放电条件下，发生反应N2+O22NO，2NO+O22NO2，会产生NO、NO2有毒气体，污染大气；故答案为：C8H18；62.5；CO；31.25%；氮的氧化物；（2）B为乙烯、乙炔和氢气
85、的混合气体，测得其在标准状况下的密度为0.478g/L，则平均分子质量=0.47822.4=10.7；使该混合气体在加热的条件下通过镍催化剂并充分反应，再冷却到标准状况下测其密度为1.062g/L，则平均分子质量=1.06222.4=23.8，比乙炔的相对分子量还小，说明反应氢气还过量，所以反应后混合气体由C2H6和H2组成，根据反应C2H4+H2C2H6，C2H2+2H2C2H6设反应后H2的体积分数为x，则C2H6的体积分数为（1x）依题意：2x+30（1x）=23.8，解得x=0.221 又设反应前混合气体体积是YL，则同温、同压下反应后的气体体积为：0.478Y1.062=0.45YL
86、 反应后，H2的体积为0.45Y0.221=0.1YL，C2H6的体积为0.35Y L 再设反应前混合气体中C2H4、C2H2、H2分别为aL、bL、cL，根据化学反应方程式，有 解得a=0.15Y；b=0.2Y；c=0.65Y； 所以原混合气体中，C2H4、C2H2、H2的体积分数分别为100%=15%、100%=20%、100%=65%；答：C2H4、C2H2、H2的体积分数分别为100%=15%、100%=20%、100%=65%；点评：本题主要考查了有关烃的分子式、燃烧的相关计算以及气体体积分数的计算，难度较大，关键在于找出辛烷与氧气恰好反应时，辛烷与空气的体积比和利用好标准状况下的密度是解答（2）的关键