1、高考资源网（） 您身边的高考专家章末综合测评(四)(时间90分钟，满分100分)一、选择题(本题包括16小题，每小题3分，共48分)1有关合金的叙述正确的是()A合金的密度比各组分金属小B合金的抗腐蚀性能都很好C合金的导电能力比各组分金属强D多数合金比各组分金属熔点低，硬度大D合金比各组分金属的某些性能强，但有些性能弱。合金的密度位于组分金属之间，抗腐蚀性能有的较差，导电性有的较弱，熔点一般比各组分金属的低，硬度一般比各组分金属的大。2下列物质中，属于复合材料的是()钢化玻璃生物陶瓷塑料玻璃钢光导纤维航天用隔热陶瓷瓦碳纤维增强复合材料A BC DD复合材料是由两种或两种以上的材料经加工而形成具
2、有特殊性能的材料，须识记生产、生活、航天、航空中常用到的复合材料。3做铝的性质实验时，不能用于除去铝表面氧化膜的是()A砂纸打磨 B泡在烧碱溶液里C泡在盐酸里 D泡在热水里DAl2O3能溶于盐酸和烧碱溶液，不溶于热水。4科学家提出硅是“21世纪的能源”，这主要是由于作为半导体材料的硅在太阳能发电过程中具有重要的作用。下列关于硅的说法中正确的是()A自然界中硅的贮量丰富B自然界中存在游离态的硅C高纯度的SiO2被用于制作计算机芯片D光导纤维的主要成分是Si A制作计算机芯片使用的为晶体硅，制作光导纤维用的是SiO2。5除去下列物质中的杂质(括号中为杂质)选用试剂正确的是()AFe2O3(Al2O
3、3)：盐酸BFe2O3(Al2O3)：氨水CMg(Al)：纯碱溶液DMgCl2(AlCl3)：氢氧化钠溶液和盐酸DA项，Fe2O3、Al2O3均溶于盐酸；B项，Fe2O3、Al2O3均与氨水不反应；C项，Mg、Al均与纯碱溶液不反应；D项，Mg2、Al3Mg(OH)2、Al(OH)4Mg(OH)2MgCl2。6下列物质：氢氟酸；浓H2SO4；烧碱溶液；Na2CO3固体；氧化钙；浓HNO3，其中在一定条件下能与SiO2反应的有()A B全部C DCSiO2为酸性氧化物，可与烧碱溶液、CaO等物质反应，高温条件下可与Na2CO3反应，可与氢氟酸反应，不能与浓硫酸、浓硝酸等发生反应。7向下列溶液中滴
4、加稀硫酸，生成白色沉淀，继续滴加稀硫酸，沉淀又溶解的是 ()AMgCl2溶液 BNa2SiO3溶液CCu(NO3)2溶液 DNaAl(OH)4溶液DA项，H2SO4与MgCl2不反应；B项，SiO2H=H2SiO3，H2SiO3与H2SO4不反应，即沉淀不溶解；C项，H2SO4与Cu(NO3)2不反应；D项，Al(OH)4H=Al(OH)3H2O，Al(OH)33H=Al33H2O。8一定条件下，下列物质与二氧化碳、二氧化硅均不反应的是()A氧气 B氢氟酸C澄清石灰水 D碳AB项，SiO24HF=SiF42H2O；C项，CO2Ca(OH)2=CaCO3H2O或2CO2Ca(OH)2=Ca(HC
5、O3)2，Ca(OH)2SiO2=CaSiO3H2O；D项，CO2C2CO，SiO22CSi2CO。9能鉴别Na2SiO3、CaCO3、SiO2三种白色粉末的试剂是()A苛性钠溶液 B水C饱和食盐水 D稀盐酸D利用滴加试剂产生的实验现象不同进行鉴别。三种白色粉末先溶于水配制成溶液，再分别加入稀盐酸，SiO2H=H2SiO3(白)，CaCO32H=Ca2CO2H2O，SiO2与盐酸不反应，故用稀盐酸可以鉴别。10下列各项操作中，发生“先产生沉淀，后沉淀又溶解”现象的是()向AlCl3溶液中通入过量的NH3向Fe(OH)3胶体中逐滴加入过量的稀硫酸向水玻璃中逐滴加入过量的盐酸向Ca(OH)2溶液中
6、通入过量的CO2A BC DA氯化铝与一水合氨反应生成氢氧化铝，只产生沉淀，沉淀不溶解，故不选；Fe(OH)3胶体中逐滴加入过量的稀硫酸，胶体先发生聚沉得到氢氧化铁沉淀，再加硫酸，氢氧化铁与硫酸发生酸碱中和反应生成可溶性硫酸铁，所以先产生沉淀，后沉淀又溶解，故选；水玻璃为硅酸钠的水溶液，硅酸钠与盐酸反应生成不溶于酸的硅酸沉淀，所以只产生沉淀，沉淀不溶解，故不选；向Ca(OH)2溶液中通入过量的CO2先生成碳酸钙沉淀，继续通入二氧化碳，碳酸钙、水和二氧化碳反应生成可溶性的碳酸氢钙，所以先产生沉淀，后沉淀又溶解，故选。11下列物质中，既能与盐酸反应，又能与NaOH溶液反应的是()Al2(SO4)3
7、Al(OH)3SiO2Fe2O3NaHSO3Al2O3A BC DDAl2(SO4)3只与NaOH溶液反应，错误；Al(OH)3和Al2O3为两性化合物，正确；SiO2只与NaOH溶液反应，错误；Fe2O3只与盐酸反应，错误；NaHSO3与盐酸反应生成SO2、NaCl和H2O，NaHSO3与NaOH反应生成Na2SO3和H2O，正确。12下列反应所产生的气体体积在标准状况下为22.4 L的()A将1 mol金属Cu与含2 mol H2SO4的浓硫酸共热B将27 g Al与足量盐酸反应C将18 g Al投入足量NaOH溶液中D将10.8 g Al和22.4 g Fe投入到300 g 98%的硫酸
8、中CCu与浓硫酸反应：Cu2H2SO4(浓)CuSO4SO22H2O，当硫酸变稀时，不能与Cu反应，故A项错误；Al与盐酸反应：2Al6HCl=2AlCl33H2，27 g Al(1 mol)与足量盐酸反应生成标准状况下的H2为33.6 L，故B项错误；Al与NaOH溶液反应：2Al2NaOH6H2O=2NaAl(OH)43H2，18 g Al与足量NaOH溶液反应生成标准状况下的H2为22.4 L，故C项正确；Al、Fe在浓硫酸中发生钝化，不生成气体，故D项错误。13在含FeCl3、FeCl2、AlCl3、NaCl的溶液中加入足量的Na2O固体，搅拌使之充分反应后，再加入过量的稀盐酸，溶液中
9、离子数目变化最小的是()ANa BAl3CFe3 DFe2B钠离子数目增多，A错，因：4Fe(OH)2O22H2O=4Fe(OH)3，知Fe2减少，Fe3增多。14某溶液中有Cu2、NH、Fe2和Al3四种离子，若向其中加入过量的氢氧化钠溶液，微热并搅拌，再加入过量盐酸，溶液中大量减少的阳离子是()ACu2和Al3 BNH和Fe2CFe2和Al3 DCu2、Fe2和Al3B溶液中加入过量的氢氧化钠溶液后，四种离子分别转化为氢氧化铜沉淀、一水合氨、氢氧化亚铁沉淀、NaAl(OH)4。微热并搅拌后，氢氧化铜沉淀、NaAl(OH)4无变化，而一水合氨部分分解并挥发出氨气，氢氧化亚铁沉淀转化为氢氧化铁
10、沉淀。再加入过量盐酸后，NH、Fe2大量减少。15下表各组物质中，满足右图物质一步转化关系的选项是()选项XYZANaNaOHNaHCO3BCuCuSO4Cu(OH)2CCCOCO2DSiSiO2H2SiO3CA项NaHCO3不能一步转化为Na，B项Cu(OH)2不能一步转化为Cu，D项SiO2不能一步转化为H2SiO3，H2SiO3也不能一步转化为Si。16CuCO3和Cu2(OH)2CO3的混合物34.6 g，可恰好完全溶解于300 mL 2 molL1的盐酸中，若加热分解等量的该混合物可得CuO固体的质量为()A16.0 g B19.2 gC24.0 g D30.6 gC由元素守恒可知：
11、Cu2HClCuO，则m(CuO)n(HCl)M(CuO)(0.3 L2 molL1)280 gmol124.0 g。二、非选择题(本题包括6小题，共52分)17(9分)(1)除去铁粉中混有的铝粉选用试剂为 ，离子方程式为 。(2)盛放烧碱等碱性溶液不宜用磨口玻璃塞。因为 相应的离子方程式为 ，(3)用稀盐酸可清洗铜器皿表面上的铜锈的原因为 化学方程式为 ，(4)实验室配制好的硅酸钠溶液保存过程中变质的主要原因是 ，变质现象是 相应的化学方程式是 。答案(1)NaOH溶液或KOH、Ba(OH)2溶液2Al2OH6H2O=2Al(OH)43H2(2)玻璃的主要成分是SiO2，它可与NaOH溶液反
12、应生成Na2SiO3而使瓶塞与瓶口黏结2OHSiO2=SiOH2O(3)稀盐酸能溶解铜锈而不溶解铜Cu2(OH)2CO34HCl=2CuCl23H2OCO2(4)空气中的CO2与Na2SiO3水溶液发生了反应有白色胶状沉淀物生成Na2SiO3H2OCO2=Na2CO3H2SiO318(8分)如图是各单质与化合物之间的转化关系。根据上述关系判断：(1)单质A只可能是 ，这是因为 。(2)单质B一定是金属还是非金属？ 。这是因为 。(3)写出有关反应的离子方程式：单质A与NaOH溶液反应： 。化合物甲与NaOH溶液反应： 。答案(1)硅短周期元素单质与NaOH溶液反应生成H2的只有Al和Si，Al
13、NaAl(OH)4Al3，而SiNa2SiO3H2SiO3，可见A为硅时更符合题意(2)非金属化合物丁为H2SiO3，则丙应为水，故B单质为O2，为非金属(3)Si2OHH2O=SiO2H2SiO22OH=SiOH2O19(7分)Cu2S是火法炼铜的重要原料之一，下面是由Cu2S冶炼铜及制取CuSO45H2O的流程图。Cu2SCuCu2O、CuOAB胆矾(1)Cu2S中铜元素的化合价为 ，火法炼铜的反应原理是 (用化学方程式表示)。(2)向Cu2O、CuO中加入足量稀硫酸得到的体系A中溶液呈蓝色，且有红色物质生成，请写出生成红色物质的离子方程式： 。(3)若将A中红色物质反应掉，操作中加入的试
14、剂最好是 (填字母)。A适量的NaNO3 B适量的HNO3C适量的H2O2解析(1)Cu2S中铜元素的化合价为1；火法炼铜时Cu2S与O2反应生成Cu和SO2，反应方程式为Cu2SO22CuSO2。(2)Cu2O与稀硫酸反应生成CuSO4、Cu和H2O，反应的离子方程式为Cu2O2H=Cu2CuH2O。(3)A中的红色物质为Cu，可在酸性条件下用H2O2将Cu氧化成Cu2。答案(1)1Cu2SO22CuSO2(2)Cu2O2H=Cu2CuH2O(3)C20(6分)铜是生产生活中用量较多的金属。(1)下列有关铜元素的说法中，不正确的是 。A青铜、不锈钢、硬铝都是合金B铜表面易形成致密的氧化膜C铜
15、与O2反应，生成黑色的CuODCuSO45H2O是一种混合物，加热后变为白色的固体(2)某化学小组为测定一定质量的某铜铝混合物中铜的质量分数，设计了如下实验方案：方案：铜铝混合物测定生成气体的体积方案：铜铝混合物测定剩余固体的质量溶液A能否选用稀硝酸？若能，写出方案中发生反应的离子方程式；若不能说明理由 。溶液B可选用稀硫酸，也可选用 。实验室中方案 (填“”或“”)更便于实施。解析(1)B项铜表面易形成Cu2(OH)2CO3，不是氧化物；D项CuSO45H2O是纯净物。(2)方案中溶液A是稀HNO3，都能生成NO气体，已知铜、铝质量和生成气体的体积，通过列方程组可求得铜的质量分数。方案中溶液
16、B是稀HCl或NaOH溶液，剩余固体是铜。答案(1)BD(2)能，3Cu8H2NO=3Cu22NO4H2O，Al4HNO=Al3NO2H2O盐酸或NaOH溶液21(10分)工业上用铝土矿(主要成分为Al2O3、Fe2O3、SiO2)提取氧化铝做冶炼铝的原料，其中一种流程如下：(1)写出步骤、中所发生主要反应的化学方程式。步骤 ；步骤 ；步骤 。(2)若向滤渣A与适量NaOH溶液反应后的混合物中通入适量CO2气体，则产生的现象为 ，对应的离子方程式为 。答案(1)AlCl34NaOH=NaAl(OH)43NaCl、FeCl33NaOH=Fe(OH)33NaClNaAl(OH)4CO2=NaHCO
17、3Al(OH)32Al(OH)3Al2O33H2O(2)生成白色胶体沉淀SiOH2OCO2=COH2SiO322(12分)把NaOH、MgCl2、AlCl3三种固体组成的混合物溶于足量水后，产生1.16 g白色沉淀，再向所得溶液中逐滴加入1.00 molL1HCl溶液，加入HCl溶液的体积与生成沉淀的关系如图所示。试回答：(1)A点的沉淀物的化学式为 ，理由是 。(2)写出A点至B点发生反应的离子方程式 。(3)原混合物中MgCl2的质量是 g，AlCl3的质量是 g，NaOH的质量是 g。(4)C点所用HCl溶液的体积为 mL。解析(1)向浊液中加入10.0 mL盐酸，沉淀的量不变，说明Na
18、OH、MgCl2、AlCl3反应后有NaOH剩余，NaOH与AlCl3反应生成NaAl(OH)4。(2)从A点至B点发生的是盐酸与Al(OH)4的反应。(3)A点沉淀是Mg(OH)2，则n(Mg(OH)2)0.02 mol，根据镁原子守恒得n(MgCl2)n(Mg(OH)2)0.02 mol，m(MgCl2)0.02 mol95 gmol11.9 g；AB段，HCl和NaAl(OH)4反应生成Al(OH)3沉淀，离子反应为Al(OH)4H=Al(OH)3H2O，由HCl的体积知，nAl(OH)4n(HCl)1.00 molL1(0.030.01)L0.02 mol，m(AlCl3)0.02 m
19、ol133.5 gmol12.67 g；根据铝原子守恒得n(AlCl3)nAl(OH)40.02 mol，由Na和Cl守恒得，原混合物中n(NaOH)n(NaCl)n(Cl)2n(MgCl2)3n(AlCl3)n(HCl)0.02 mol20.02 mol30.03 L1.00 molL10.13 mol，m(NaOH)0.13 mol40 gmol15.2 g。(4)C点所用HCl的物质的量：n(HCl)n(NaOH)0.13 mol，所用盐酸的体积为V(HCl)0.13 L130 mL。答案(1)Mg(OH)2加入10 mL盐酸正好中和过量的NaOH，再加盐酸沉淀增加，说明铝元素的存在形式为Al(OH)4，故A点沉淀为Mg(OH)2(2)Al(OH)4H=Al(OH)3H2O(3)1.92.675.2(4)130- 10 - 版权所有高考资源网