1、2015年浙江省杭州市淳安二中高考物理模拟试卷一、选择题（本题共4小题在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1如图所示，清洗楼房玻璃的工人常用一根绳索将自己悬在空中，工人及其装备的总重量为G，悬绳与竖直墙壁的夹角为，悬绳对工人的拉力大小为F1，墙壁对工人的弹力大小为F2，则（）A F1=B F2=G tanC 若缓慢减小悬绳的长度，F1与F2的合力变大D 若缓慢减小悬绳的长度，F1减小，F2增大2空间存在甲、乙两相邻的金属球，甲球带正电，乙球原来不带电，由于静电感应，两球在空间形成了如图所示稳定的静电场实线为其电场线，虚线为其等势线，A、B两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D
2、两点关于直线AB对称，则（）A A点和B点的电势相同B C点和D点的电场强度相同C 正电荷从A点移至B点，电场力做正功D 负电荷从C点沿直线CD移至D点，电势能先增大后减小32011年4月10日4时47分，我国在西昌卫星发射中心用“长征三号甲”运载火箭，成功将第八颗北斗导航卫星送入太空轨道“北斗”卫星导航定位系统将由5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨道卫星组成（如下图所示），30颗非静止轨道卫星中有27颗是中轨道卫星，中轨道卫星平均分布在倾角55度的三个平面上，轨道高度约21500公里，静止轨道卫星的高度约为36000公里，地球半径约为6400公里已知0.53，下列关于北斗导航卫星的说法正确的是
3、（）A 静止轨道卫星的向心加速度比中轨道卫星大B 静止轨道卫星和中轨卫星的线速度均大于地球的第一宇宙速度C 中轨道卫星的周期约为12.7hD 地球赤道上随地球自转物体的向心加速度比静止轨道卫星大4如图所示，导体棒ab两个端点分别接在两个竖直放置、电阻不计、半径相等的金属圆环上，圆环通过电刷与导线c、d相接c、d两个端点接在匝数比n1：n2=10：1的变压器原线圈两端，变压器副线圈接一个滑动变阻器，匀强磁场的磁感应强度为B，方向竖直向下，导体棒ab长为L（电阻不计），绕与ab平行的水平轴（也是两圆环的中心轴）OO以角速度匀速转动如果变阻器的阻值为R 时，通过电流表的读数为 I，则（）A 变阻器上
4、消耗的功率为P=10 I2RB 变压器原线圈两端的电压U1=10 IRC 取ab在环的最低端时t=0，则棒ab中感应电流的表达式是i=IsintD ab沿环转动过程中受到的最大安培力F=BIL二、选择题（本题共3小题在每小题给出的四个选项中，可能有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）5两束单色光a和b沿如图所示方向射向等腰三棱镜的同一点O，已知a光在BC界面处发生全反射，两束光沿相同方向射出，则（）A 在棱镜中a光的速度比b光的速度小B 分别用a光和b光垂直照射同一双缝干涉装置，a光的干涉条纹间距比b光的干涉条纹间距大C 如果用b光照射某金属能产生光电效应，则用
5、a光照射该金属也一定能产生光电效应D 若n=2激发态的氢原子吸收b光后能跃迁到n=4激发态上，则n=2激发态氢原子吸收a光后也一定能跃迁到n=4激发态上6两列性质相同的简谐横波a、b在同一介质中沿x轴同方向传播，已知a的周期Ta=1.0s在t=0时，两列波的波谷正好在x=2.5m处重合，如图所示则下列说法中正确的是（）A 两列波的波速均为2.5m/sB 因为b的波长是a的波长的1.6倍，所以b的波速是a的波速的1.6倍C 若b波在x=1.5m处的质点此时向y轴负方向运动，则波是向x轴的正方向传播D 在图示时刻，除了x=2.5m处a、b两列波的波谷重合外，还有多处波谷也重合7如图所示，在同一竖直
6、平面内有两个正对着的半圆形光滑绝缘轨道，轨道的半径都是R轨道端点所在的水平线相隔一定的距离x一质量为m，带正电q的小球能在其间运动而不脱离轨道，经过最低点B时的速度为v小球在最低点B与最高点A对轨道的压力之差为为F（F0）若当小球运动到最低点B时，加一方向竖直向上的匀强电场E（E），则小球在最低点B与最高点A对轨道的压力之差为为F（F0）不计空气阻力则（）A m、R一定时，v变大，F一定变大B m、R一定时，x变大，F一定变大C 其他条件不变时，加电场前后，F=FD 其他条件不变时，加电场前后，FF三、非选择题：8某学校物理兴趣小组，利用光控实验板进行了“探究自由落体的下落高度与速度之间的关系
7、”的实验，光控实验板上有带刻度的竖直板、小球、光控门和配套的速度显示器，速度显示器能显示出小球通过光控门的速度现通过测出小球经过光控门时每次的速度来进行探究另配有器材：多功能电源、连接导线、重垂线、铁架台等实验步骤如下：（1）如图甲所示，将光控板竖直固定，连好电路；（2）在光控实验板的合适位置A处固定好小球及光控门B，并测出两者距离h1；（3）接通光控电源，使小球从A处由静止释放，读出小球通过B时的速度值vB1；（4）其它条件不变，调节光控门B的位置，测出h2、h3，读出对应的vB2、vB3（5）将数据记录在Excel软件工作薄中，利用Excel软件处理数据，如图乙所示，小组探究，得出结论在数
8、据分析过程中，小组同学先得出了vBh图象，继而又得出vB2h图象，如图丙所示：请根据图象回答下列问题：（1）小明同学在得出vBh图象后，为什么还要作出vB2h图象？（2）若小球下落过程机械能守恒，根据实验操作及数据处理，你能否得出重力加速度g，如果能，请简述方法（3）若能得出重力加速度，则得出重力加速度与当地实际得出重力加速度相比（填偏大或偏小）主要原因是9有一个小灯泡上标有“4.8V 2W”的字样，现在测定小灯泡在不同电压下的电功率，并作出小灯泡的电功率P与它两端电压的平方U2的关系曲线有下列器材可供选用：A电压表V1（03V，内阻3k）B电压表V2（015V，内阻15k）C电流表A（00.
9、6A，内阻约1）D定值电阻R1=3kE定值电阻R2=15kF滑动变阻器R3（10，2A）G滑动变阻器R4（20，0.4A）H学生电源（直流6V，内阻不计） I开关、导线若干（1）为了使测量结果更加准确，实验中所用电压表应选用，定值电阻应选用（均用序号字母填写）；（2）为尽量减小实验误差，并要求从零开始多取几组数据，请在方框内画出满足实验要求的电路图并注明所选用器材的符号；（3）根据实验做出PU2图象，下面的四个图象中可能正确的是10风洞实验室能产生大小和方向均可改变的风力如图所示，在风洞实验室中有足够大的光滑水平面，在水平面上建立xOy直角坐标系质量m=0.5kg的小球以初速度v0=0.40m
10、/s从O点沿x轴正方向运动，在02.0s内受到一个沿y轴正方向、大小F1=0.20N的风力作用；小球运动2.0s后风力方向变为y轴负方向、大小变为F2=0.10N（图中未画出）试求：（1）2.0s末小球在y方向的速度大小和2.0s内运动的位移大小；（2）风力F2作用多长时间，小球的速度变为与初速度相同；（3）小球回到x轴上时的动能11如图所示，在真空玻璃管中装有热阴极K和带有小孔的阳极A在A、K之间加上电压U后，不断地有质量为m、电量为e的电子从阴极K由静止加速到达阳极A，并从小孔射出接着电子进入平行板电容器C，电容器两极板间距为d，板长为，两极板间加上交变电压U=U0sint（电子在两极板间
11、运动时间很短且都可以从两极板间射出），使不同时刻通过的电子发生不同程度的偏转；电容器C和荧光屏S之间有一无场区和一水平向右的匀强磁场区，宽度都为L，电子经过磁场后打在荧光屏上（1）求电子经过电容器和磁场区域的时间之比；（2）若荧光屏上呈现一条直线亮斑，磁感应强度B的大小应满足的条件是什么？（3）求（2）中荧光屏上所呈现直线亮斑的长度是多小？2015年浙江省杭州市淳安二中高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共4小题在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1如图所示，清洗楼房玻璃的工人常用一根绳索将自己悬在空中，工人及其装备的总重量为G，悬绳与竖直墙壁的夹角为，悬绳对工人
12、的拉力大小为F1，墙壁对工人的弹力大小为F2，则（）A F1=B F2=G tanC 若缓慢减小悬绳的长度，F1与F2的合力变大D 若缓慢减小悬绳的长度，F1减小，F2增大考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题：共点力作用下物体平衡专题分析：工人受力平衡，合力为零，由平衡条件求出F1和F2根据F1和F2的表达式分析讨论缓慢减小悬绳的长度时，F1与F2如何变化解答：解：A、B分析工人受力：工人受到重力、支持力和拉力，如图根据共点力平衡条件，有 水平方向：F1sin=F2 竖直方向：F1cos=G解得，F1=，F2=Gtan故A错误B正确C、D当缓慢减小悬绳的长度时，细绳与竖直方向的
13、夹角变大，故F1变大，F2变大，但F1与F2的合力与重力平衡，保持不变；故C错误，D错误故选：B点评：本题关键是根据共点力平衡条件，由几何关系得到F1与F2的表达式，再讨论变化情况2空间存在甲、乙两相邻的金属球，甲球带正电，乙球原来不带电，由于静电感应，两球在空间形成了如图所示稳定的静电场实线为其电场线，虚线为其等势线，A、B两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D两点关于直线AB对称，则（）A A点和B点的电势相同B C点和D点的电场强度相同C 正电荷从A点移至B点，电场力做正功D 负电荷从C点沿直线CD移至D点，电势能先增大后减小考点：电场线；功能关系；电场的叠加；电势能专题：电场力与电势
14、的性质专题分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小解答：解：A、A点和B点不在同一个等势面上，所以它们的电势不同，所以A错误B、根据电场的对称性可知，C点和D点的电场强度的大小相同，但是它们的方向不同，所以B错误C、从A点移至B点，电势降低，所以正电荷从A点移至B点，电场力做正功，所以C正确D、C点和D点在同一个等势面上，电势能不变，负电荷从C点沿直线CD移至D点，电势能先减小后增大，所以D错误故选：C点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题32011年4月10日4时47分，我国在西昌卫星发射中心用
15、“长征三号甲”运载火箭，成功将第八颗北斗导航卫星送入太空轨道“北斗”卫星导航定位系统将由5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨道卫星组成（如下图所示），30颗非静止轨道卫星中有27颗是中轨道卫星，中轨道卫星平均分布在倾角55度的三个平面上，轨道高度约21500公里，静止轨道卫星的高度约为36000公里，地球半径约为6400公里已知0.53，下列关于北斗导航卫星的说法正确的是（）A 静止轨道卫星的向心加速度比中轨道卫星大B 静止轨道卫星和中轨卫星的线速度均大于地球的第一宇宙速度C 中轨道卫星的周期约为12.7hD 地球赤道上随地球自转物体的向心加速度比静止轨道卫星大考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的
16、关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：根据万有引力提供向心力列式，得到向心加速度、线速度和周期的表达式，再进行比较解答：解：A、根据G=ma，得a=，轨道半径越大，向心加速度越小，中轨道卫星的轨道半径小，向心加速度大故A错误B、根据G=m，得 v=，则知道轨道半径越大，线速度越小，第一宇宙速度的轨道半径为地球的半径，所以第一宇宙速度是绕地球做匀速圆周运动最大的环绕速度，所以静止轨道卫星和中轨卫星的线速度均小于地球的第一宇宙速度故B错误C、根据G=mr（）2，得T=2，所以中轨道卫星和静止轨道卫星的周期比 =0.53，则中轨道卫星的周期T1=0.5324h=12.7h故C正确D、地球
17、赤道上随地球自转物体和静止轨道卫星具有相同的角速度，根据a=r2，知静止轨道卫星的向心加速度大故D错误故选：C点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，会根据轨道半径的关系来比较向心加速度、线速度和周期的大小4如图所示，导体棒ab两个端点分别接在两个竖直放置、电阻不计、半径相等的金属圆环上，圆环通过电刷与导线c、d相接c、d两个端点接在匝数比n1：n2=10：1的变压器原线圈两端，变压器副线圈接一个滑动变阻器，匀强磁场的磁感应强度为B，方向竖直向下，导体棒ab长为L（电阻不计），绕与ab平行的水平轴（也是两圆环的中心轴）OO以角速度匀速转动如果变阻器的阻值为R 时，通过电流表的读数为 I，则
18、（）A 变阻器上消耗的功率为P=10 I2RB 变压器原线圈两端的电压U1=10 IRC 取ab在环的最低端时t=0，则棒ab中感应电流的表达式是i=IsintD ab沿环转动过程中受到的最大安培力F=BIL考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题解答：解：A、理想变压器的电流与匝数成反比，所以由=得，I2=10I，变阻器上消耗的功率为P=I22R=（10I）2R=100I2R，所以A错误B、副线圈的电压为U=I2R=10IR，根据理想变压器的电压与匝数成正比可知，变压器原线圈两端的电压U1=100IR，所以B错
19、误C、ab在最低点时，ab棒与磁场垂直，此时的感应电动势最大，感应电流最大，所以棒ab中感应电流的表达式应为i=Icost，所以C错误D、ab在最低点时，ab棒与磁场垂直，此时的感应电动势最大，感应电流最大，最大值为I，此时的安培力也是最大的，最大安培力为F=BIL，所以D正确故选：D点评：本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解二、选择题（本题共3小题在每小题给出的四个选项中，可能有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）5两束单色光a和b沿如图所示方向射向等腰三棱镜的同一点O，已知a光在BC界面处发生全
20、反射，两束光沿相同方向射出，则（）A 在棱镜中a光的速度比b光的速度小B 分别用a光和b光垂直照射同一双缝干涉装置，a光的干涉条纹间距比b光的干涉条纹间距大C 如果用b光照射某金属能产生光电效应，则用a光照射该金属也一定能产生光电效应D 若n=2激发态的氢原子吸收b光后能跃迁到n=4激发态上，则n=2激发态氢原子吸收a光后也一定能跃迁到n=4激发态上考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：根据光路的可逆性，若两束单色光a和b都沿着出射光线方向入射，则a光将发生全反射，而b光发生折射，从而判断出两束光的临界角大小，由临界角公式sinC=可判断出折射率的大小，由n=分析在玻璃中光速关系玻璃砖对单
21、色光的折射率越大，该光的频率越高，波长越短，照射到金属上越容易产生光电效应，双缝干涉条纹间距越小解答：解：A、若两束单色光a和b都沿着出射光线方向入射，则a光将发生全反射，而b光发生折射，则知a光的临界角小于b光的临界角，由临界角公式sinC=得知，玻璃对a光的折射率较大，由n=分析得知，a光的速度比b光小故A正确B、玻璃对a光的折射率较大，则a光的频率较大，波长较短，由于双缝干涉条纹的间距与波长成正比，故a光的相邻亮条纹间距较小故B错误C、a光的折射率较大，频率越大，如果用b照射某金属能产生光电效应，则用a照射该金属一定能产生光电效应故C正确D、若n=2激发态的氢原子吸收b光后能跃迁到n=4
22、激发态上，由于两个光子的能量不同，根据玻尔理论可知n=2激发态氢原子吸收a光后一定不能跃迁到n=4激发态上故D错误故选：AC点评：本题的解题关键是运用光路可逆性原理，分析折射率的大小，再进一步分析两光束波长、频率关系，即可分析光电效应和干涉现象，以及原子跃迁问题6两列性质相同的简谐横波a、b在同一介质中沿x轴同方向传播，已知a的周期Ta=1.0s在t=0时，两列波的波谷正好在x=2.5m处重合，如图所示则下列说法中正确的是（）A 两列波的波速均为2.5m/sB 因为b的波长是a的波长的1.6倍，所以b的波速是a的波速的1.6倍C 若b波在x=1.5m处的质点此时向y轴负方向运动，则波是向x轴的
23、正方向传播D 在图示时刻，除了x=2.5m处a、b两列波的波谷重合外，还有多处波谷也重合考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系专题：振动图像与波动图像专题分析：两列性质相同的简谐横波a、b在同一介质中传播时波速是相同的读出a波的波长求出波速运运用波形平移法判断质点的振动方向与波的传播方向间的关系用数学知识，求出D项中波谷重合处位置坐标的通项解答：解：A、从图中可以看出两列波的波长分别为a=2.5m，b=4.0m两列性质相同的简谐横波a、b在同一介质中传播时波速是相同的，为 va=m/s=2.5m/s故A正确B、波速是由介质的性质决定的，两列性质相同的简谐横波在同一介质中传播时波速是相同的，故
24、B错误C、若b波在x=1.5m处的质点此时向y轴负方向运动，其波形将向左移动，所以b波是向x轴的负方向传播故C错误D、两列波波长的最小整数公倍数为S=20m，则t=0时，两列波的波谷重合处的所有位置为 x=（2.520k）m，k=0，1，2，3，可见，除了x=2.5m处a、b两列波的波谷重合外，还有多处波谷也重合故D正确故选：AD点评：本题关键考查运用数学知识解决物理问题的能力D项是多解问题，往往要分析规律，列出通项表达式，解题时要防止漏解7如图所示，在同一竖直平面内有两个正对着的半圆形光滑绝缘轨道，轨道的半径都是R轨道端点所在的水平线相隔一定的距离x一质量为m，带正电q的小球能在其间运动而不
25、脱离轨道，经过最低点B时的速度为v小球在最低点B与最高点A对轨道的压力之差为为F（F0）若当小球运动到最低点B时，加一方向竖直向上的匀强电场E（E），则小球在最低点B与最高点A对轨道的压力之差为为F（F0）不计空气阻力则（）A m、R一定时，v变大，F一定变大B m、R一定时，x变大，F一定变大C 其他条件不变时，加电场前后，F=FD 其他条件不变时，加电场前后，FF考点：带电粒子在匀强电场中的运动；向心力专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：由动能定理求出A、B两点间的速度关系，由牛顿第二定律求出在A、B两点支持力，求出A、B两点支持力之差，然后分析答题解答：解：A、设m在A点时的速度为VA
26、，在B点时速度为VB，对m从A到B点时，根据动能定理有：mg（2R+X）=mVB2mVA2对m在B点时，受重力和支持力NB的作用，根据牛顿第二定律：NBmg=m，所以：NB=mg+m；对m在A点，受重力和支持力NA，根据牛顿第二定律：NA+mg=m，所以：NA=mmg；小球在最低点B与最高点A对轨道的压力之差F=NBNA=6mg+2mg，从推导的关系式可知，m、R一定时，当x变大时，从关系式中不难发现F一定越大，故A错误，B正确C、加上电场后，从A到B过程，由动能定理得：（mgqE）（2R+x）=mvB2mvA2对m在B点时，受重力和支持力NB的作用，根据牛顿第二定律：NBmg+qE=m，所以
27、：NB=mg+mqE，对m在A点，受重力和支持力NA，根据牛顿第二定律：NA+mgqE=m，所以：NA=mmg+qE；小球在最低点B与最高点A对轨道的压力之差F=NBNA=6（mgqE）+2（mgqE），FF=6qE+2qE0，则：FF，故C错误，D正确；故选：BD点评：把动能定理和圆周运动的知识结合在一起，这也是学习过程中常见的题目类型，只要掌握住分析问题的方法，这一类的题目基本上就可以解决了三、非选择题：8某学校物理兴趣小组，利用光控实验板进行了“探究自由落体的下落高度与速度之间的关系”的实验，光控实验板上有带刻度的竖直板、小球、光控门和配套的速度显示器，速度显示器能显示出小球通过光控门的
28、速度现通过测出小球经过光控门时每次的速度来进行探究另配有器材：多功能电源、连接导线、重垂线、铁架台等实验步骤如下：（1）如图甲所示，将光控板竖直固定，连好电路；（2）在光控实验板的合适位置A处固定好小球及光控门B，并测出两者距离h1；（3）接通光控电源，使小球从A处由静止释放，读出小球通过B时的速度值vB1；（4）其它条件不变，调节光控门B的位置，测出h2、h3，读出对应的vB2、vB3（5）将数据记录在Excel软件工作薄中，利用Excel软件处理数据，如图乙所示，小组探究，得出结论在数据分析过程中，小组同学先得出了vBh图象，继而又得出vB2h图象，如图丙所示：请根据图象回答下列问题：（1
29、）小明同学在得出vBh图象后，为什么还要作出vB2h图象？先作出的vBh图线，不是一条直线，根据形状无法判断vB、h的关系，进而考虑图象，从而找出的线性关系（2）若小球下落过程机械能守恒，根据实验操作及数据处理，你能否得出重力加速度g，如果能，请简述方法能，根据图丙图象的斜率可以求出g=k（3）若能得出重力加速度，则得出重力加速度与当地实际得出重力加速度相比偏大（填偏大或偏小）主要原因是由于在测量小球的速度时，使用平均速度代替小球的瞬时速度产生的考点：自由落体运动专题：实验题；自由落体运动专题分析：运用图象研究两个变量的关系时，图象是一条曲线不能正确说明两个变量的关系，只有作出直线才能直观的反
30、应根据需要验证的方程mgh=根据数学v2h选择图象，并分析斜率的意义以及误差产生的原因解答：解：（1）先作出的vBh图线，不是一条直线，根据形状无法判断vB、h的关系，进而考虑图象，从而找出的线性关系（2）若满足机械能守恒，则，即，则图线的斜率k=2g，则g=（3）由图丙可得，当vB2=25m2/s2时，h=1.24m，所以：与当地实际得出重力加速度相比偏大，误差产生的原因可能是由于在测量小球的速度时，使用平均速度代替小球的瞬时速度产生的故答案为：（1）先作出的vBh图线，不是一条直线，根据形状无法判断vB、h的关系，进而考虑图象，从而找出的线性关系（2）能，根据图丙图象的斜率可以求出g=（3
31、）偏大，由于在测量小球的速度时，使用平均速度代替小球的瞬时速度产生的点评：要知道图线斜率的物理意义，关键得出两个物理量的关系式，结合关系式确定图线斜率的含义9有一个小灯泡上标有“4.8V 2W”的字样，现在测定小灯泡在不同电压下的电功率，并作出小灯泡的电功率P与它两端电压的平方U2的关系曲线有下列器材可供选用：A电压表V1（03V，内阻3k）B电压表V2（015V，内阻15k）C电流表A（00.6A，内阻约1）D定值电阻R1=3kE定值电阻R2=15kF滑动变阻器R3（10，2A）G滑动变阻器R4（20，0.4A）H学生电源（直流6V，内阻不计） I开关、导线若干（1）为了使测量结果更加准确，
32、实验中所用电压表应选用A，定值电阻应选用D（均用序号字母填写）；（2）为尽量减小实验误差，并要求从零开始多取几组数据，请在方框内画出满足实验要求的电路图并注明所选用器材的符号；（3）根据实验做出PU2图象，下面的四个图象中可能正确的是C考点：描绘小电珠的伏安特性曲线专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）已知灯泡的额定电压，则根据串联电路的规律可得出电压表，根据实验的要求可以确定定值电阻的选取；（2）要求从零开始，则应采用分压接法，同时考虑灯泡内阻与电流表内阻的关系可以确定电流表的接法；（3）由功率公式可得出功率与电压之间的关系，从而由数学知识可以得出正确的图象解答：解：（1）由题意可知，灯泡的
33、额定电压为4.8V，而给出的电压表中有15V和3V两种，选用15V的电压则误差较大；而选用3V的电压表，则量程偏小，故可以串联一个电阻进行分压；由题意可知，选择3K的电阻可以使量程扩大为2倍，故选用D即可；故可以选取3V的电压表和3k的电阻串联充当电压表使用；（2）因题目中要求多测几组数据进行作图，故实验中选用分压接法，并且将R1与电压表串联充当电压表使用，电流表采用电流表外接法；故原理图如右图所示；（3）由功率公式可得：P=；若R为定值的话，则P与U2应为一次方程；但因为灯泡电阻随温度的变化而变化，故功率随温度不再是线性关系，而是随着电压的增大，而使功率减小，故P与U2图象应为C；故答案为：
34、（1）A，D； （2）如图所示；（3）C点评：本题为探究型实验，应注意两个电压表均无法保证要求，故可以采用串联的方式可以对电表进行改装；此类题目近几年越来越多，故应注意把握10风洞实验室能产生大小和方向均可改变的风力如图所示，在风洞实验室中有足够大的光滑水平面，在水平面上建立xOy直角坐标系质量m=0.5kg的小球以初速度v0=0.40m/s从O点沿x轴正方向运动，在02.0s内受到一个沿y轴正方向、大小F1=0.20N的风力作用；小球运动2.0s后风力方向变为y轴负方向、大小变为F2=0.10N（图中未画出）试求：（1）2.0s末小球在y方向的速度大小和2.0s内运动的位移大小；（2）风力F
35、2作用多长时间，小球的速度变为与初速度相同；（3）小球回到x轴上时的动能考点：动能定理的应用专题：动能定理的应用专题分析：（1）小球受重力、支持力和风的推力，在x方向不受外力，做匀速直线运动，在y方向受到恒定的力，故y方向做匀变速直线运动，根据运动的合成与分解的知识进行分析计算；（2）当y方向的分速度减为零时，小球的速度变为与初速度相同，根据运动学公式列式求解即可；（3）根据运动学公式和牛顿第二定律先分析清楚y方向的运动规律，然后根据运动学公式求出回到x轴时物体的速度，得到动能解答：解：（1）球受重力、支持力和风的推力，在x方向不受外力，做匀速直线运动，在y方向受到恒定的力，故y方向做匀变速直
36、线运动；设在02.0s内小球运动的加速度为a1，则根据牛顿第二定律，有F1=ma1，解得：a1=0.4m/s2，根据运动学公式，有：Vy=a1t=0.80m/s，Sy=a1t2=0.80m，Sx=V0t=0.80m，故合位移为：S=1.13m，即2.0s末小球在y方向的速度大小为0.80m/s，2.0s内运动的位移大小为1.13m（2）根据牛顿第二定律，风力F2作用时物体的加速度为：a2=0.20m/s2风力F2作用为：t=4.0s故风力F2作用4s的时间，小球的速度变为与初速度相同（3）小球回到x轴上，则y方向的分位移为零，根据运动学公式，有0=sy+，解得：vy=0.4m/s故合速度为：v
37、=0.4m/s，故小球回到x轴上时的动能为：EK=mv2=0.28J；答：（1）2.0s末小球在y方向的速度大小和2.0s内运动的位移大小为1.13m（2）风力F2作用4s，小球的速度变为与初速度相同；（3）小球回到x轴上时的动能为0.28J点评：本题关键要将小球的运动沿着x、y方向正交分解，x方向做匀速直线运动，y方向做匀变速直线运动，然后根据运动学公式进行列式求解11如图所示，在真空玻璃管中装有热阴极K和带有小孔的阳极A在A、K之间加上电压U后，不断地有质量为m、电量为e的电子从阴极K由静止加速到达阳极A，并从小孔射出接着电子进入平行板电容器C，电容器两极板间距为d，板长为，两极板间加上交
38、变电压U=U0sint（电子在两极板间运动时间很短且都可以从两极板间射出），使不同时刻通过的电子发生不同程度的偏转；电容器C和荧光屏S之间有一无场区和一水平向右的匀强磁场区，宽度都为L，电子经过磁场后打在荧光屏上（1）求电子经过电容器和磁场区域的时间之比；（2）若荧光屏上呈现一条直线亮斑，磁感应强度B的大小应满足的条件是什么？（3）求（2）中荧光屏上所呈现直线亮斑的长度是多小？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）电子在加速电场中加速，在偏转电场中做类平抛运动，在无场区域做匀速直线运动，在磁场区域做螺旋线运动，应用运动学公式求出
39、电子的运动时间之比（2）在荧光屏上呈现一条亮线，电子在磁场中的运动时间应该是电子做圆周运动周期的整数倍，据此求出磁感应强度（3）求出电子在偏转电场中的偏移量，在无场区域在竖直方向的位移，然后求出直线亮斑的长度解答：解：（1）电子在两极板间运动时间很短，可以认为电子在两极板运动时极板间的电场强度不变，电子在偏转电场中做类平抛运动，电子在水平方向做匀速直线运动，电子在磁场中做螺旋线运动，在水平方向做的是匀速直线运动，电子在水平方向的速度保持不变，电子进入偏转电场时的速度为v，则电子经过电容器和磁场区域的时间之比：=；（2）电子在加速电场中做加速运动，由动能定理得：eU=mv20，解得：v=，电子在
40、匀强磁场中做螺旋线运动，在垂直与磁场方向上做圆周运动的周期：T=，荧光屏上呈现一条直线亮斑，则电子在磁场中的运动时间是电子做圆周运动的整数倍，即：t=nT n=1、2、3解得：B= （n=1、2、3、）；（3）电子在两极板间运动时间很短，可以认为电子在两极板运动时极板间的电场强度不变，电子在偏转电场中做类平抛运动，运动时间：t1=，在偏转电场中的最大偏移量：y1=amt12=t12=，电子离开偏转电场后在无场区域做匀速直线运动，在竖直方向的最大偏移量：y2=vyt=amt1t=，电子在磁场中做螺旋线运动，在竖直方向的位移为零，则光屏上所呈现直线亮斑的长度：Y=2（y1+y2）=；答：（1）电子经过电容器和磁场区域的时间之比为1：4；（2）若荧光屏上呈现一条直线亮斑，磁感应强度B的大小应满足的条件是B= （n=1、2、3、）；（3）在（2）中荧光屏上所呈现直线亮斑的长度是点评：本题考查了电子在电场与磁场中的运动，电子的运动过程分四个阶段，运动过程很复杂，分析清楚电子的运动过程是正确解题的关键，分析清楚电子运动过程后，应用动能定理、运动学公式、电子在磁场中做圆周运动的周期公式可以解题