1、云南省景谷县第一中学2019-2020学年10月份考试高二 物理本试卷分第卷和第卷两部分，共100分，考试时间90分钟。学校：_姓名：_班级：_考号：_分卷I一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.如图，电荷量为q1和q2的两个点电荷分别位于P点和Q点已知在P、Q连线之间某点R处的电场强度为零，且PR2RQ.则()Aq14q2 Bq12q2 Cq12q2 Dq14q22.带电粒子垂直进入匀强电场中偏转时(除电场力外不计其它力的作用)()A 电势能增加，动能增加 B 电势能减小，动能增加C 电势能和动能都不变 D 上述结论都不正确3.两盏额定功率相同的灯泡A和B，其额定电压UAU
2、B，则下列说法正确的是()A 两灯正常发光时，灯泡的电流IAIBB 两灯电阻RARBC 将两灯串联后接入电路中发光时，则灯泡的功率PAPBD 将两灯并联后接入电路中发光时，则灯泡的功率PAPB4.如图所示，电路中电源的电动势为E，内电阻为r，开关S闭合后，当滑动变阻器R的滑动片P向右移动的过程中，三盏规格相同的小灯泡L1、L2、L3的亮度变化情况是()A 灯L1、L2变亮，灯L3变暗 B 灯L2、L3变亮，灯L1变暗C 灯L1、L3变亮，灯L2变暗 D 灯L1变亮，灯L2、L3变暗5.如图所示的实线为电场线，虚线为等势线，A、B两点的电势分别为a50 V，b20 V，则A、B连线的中点c的电势
3、c应为()Ac35 V Bc35 VCc35 V D 条件不足，无法判断c的范围6.两个带正电的小球，放在光滑的水平绝缘板上，它们相距一定距离若同时释放两球，它们的加速度之比将()A 保持不变 B 先增大后减小 C 增大 D 减小7.保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务盗版书籍影响我们的学习效率甚至会给我们的学习带来隐患小华有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个关键数字看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为可能是下列几个数值中的哪一个()A 6.21019C B 6.41019C C 6.61019C D 6.81019C8.用电场线能很直观、很方便地比较电场
4、中各点场强的强弱如图甲是等量异种点电荷形成电场的电场线，图乙是场中的一些点：O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对称则()AB、C两点场强大小和方向都相同 BA、D两点场强大小相等，方向相反CE、O、F三点比较，O点场强最弱 DB、O、C三点比较，O点场强最强9.为了节约用电，一种新型双门电冰箱安装了如下控制装置：只要有一扇门没有关紧，报警器就鸣响如果规定：门关紧时输入信号为“0”，未关紧时输入信号为“1”；当输出信号为“1”时，报警器就鸣响，输出信号为“0”时，报警器就不鸣响则能正确表示该控制装置工作原理的逻辑门是()A 与门 B 或门 C 非门
5、D 与非门10.如图所示，电场中有a、b、c三点，一个电荷量为q=+210-8C的检验电荷在b点受到的静电力是F=610-6N，方向由b指向c，关于b点的电场强度，下列说法正确的是（ ）Ab点的场强大小是300N/C、方向由b指向aBb点的场强大小是300N/ C、方向由b指向cC 若在b点改放一个= -110-8C的电荷，则该点的场强变为 600 N/C，方向由b指向aD 若在b点改放一个= -110-8C的电荷，则该点的场强变为 600 N/ C，方向仍由b指向c二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 11.(多选)某同学按如图所示的电路进行实验，实验时该同学将滑动变阻器的滑动触
6、头P移到不同位置时测得各电流表的示数不同、各电压表的示数也不同，已知图中的电压表和电流表均为理想电表由于电路中有一处发生故障，发现两电压表示数相同了(但不为零)，若这种情况的发生是由用电器引起的，则可能的故障原因是()AR1短路 BRP短路 CR2断路 DR2短路12.(多选)某验电器金属小球和金属箔片均带负电，金属箔片处于张开状态现用绝缘柄将带有少量负电荷的硬橡胶棒向验电器的金属小球移近稍许，则验电器金属箔片()A 张角增大稍许B 张角减小稍许C 硬橡胶棒的靠近稍许，使金属小球上的电子向金属箔片移动D 硬橡胶棒的靠近稍许，使金属箔片上的质子向金属小球移动13.如图所示，A、B、C为三个通电导
7、体的IU关系图象.由图可知()A 三个导体的电阻关系为RARBRCB 三个导体的电阻关系为RARBRCC 若在导体B两端加上10 V的电压，通过导体B的电流是2.5 AD 若在导体B两端加上10 V的电压，通过导体B的电流是40 A14.(多选)如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象当t0时，在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是()A 带电粒子将始终向同一个方向运动 B 2 s末带电粒子回到原出发点C 3 s末带电粒子的速度为零 D 03 s内，电场力做的总功为零分卷II三、实验题(共2小题,共15分) 15.霍尔效应是电磁基本现象之
8、一，近期我国科学家在该领域的实验研究上取得了突破性进展如图甲所示，在一矩形半导体薄片的P、Q间通入电流I，同时外加与薄片垂直的磁场B，在M、N间出现电压UH，这种现象称为霍尔效应，UH称为霍尔电压，且满足UHk，式中d为薄片的厚度，k为霍尔系数某同学通过实验来测定该半导体薄片的霍尔系数(1)若该半导体材料是空穴(可视为带正电粒子)导电，电流与磁场方向如图甲所示，该同学用电压表测量UH时，应将电压表的“”接线柱与_(填“M”或“N”)端通过导线相连(2)已知薄片厚度d0.40 mm，该同学保持磁感应强度B0.10 T不变，改变电流I的大小，测量相应的UH值，记录数据如下表所示.根据表中数据在图乙
9、中画出UHI图线，利用图线求出该材料的霍尔系数为_103VmA1T1(保留2位有效数字)(3)该同学查阅资料发现，使半导体薄片中的电流反向再次测量，取两个方向测量的平均值，可以减小霍尔系数的测量误差，为此该同学设计了如图丙所示的测量电路，S1、S2均为单刀双掷开关，虚线框内为半导体薄片(未画出)为使电流从Q端流入，P端流出，应将S1掷向_(填“a”或“b”)，S2掷向_(填“c”或“d”)为了保证测量安全，该同学改进了测量电路，将一合适的定值电阻串联在电路中在保持其它连接不变的情况下，该定值电阻应串联在相邻器件_和_(填器件代号)之间16.（1）用螺旋测微器测量合金丝的直径为防止读数时测微螺杆
10、发生转动，读数前应先旋紧如图甲所示的部件（选填“A”、“B”、“C”或“D”）从图中的示数可读出合金丝的直径为mm（2）用游标卡尺可以测量某些工件的外径在测量时，示数如上图乙所示，则读数分别为mm四、计算题 17.电荷量q=110-4C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上，所在空间存在沿水平方向的电场，其电场强度E的大小与时间t的关系如图1所示，物块速度v的大小与时间t的关系如图2所示.重力加速度g=10 m/s2.求：（1）物块与水平面间的动摩擦因数；（2）物块在4 s内减少的电势能.18.如图所示，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力向下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹
11、的锐角为45，bd的长度为L，匀强电场的电场强度为E，求：（1）此液滴带何种电荷；（2）液滴的加速度为多少；（3）b、d两点的电势差Ubd .19.如图所示，两平行金属板A、B长为L8 cm，两板间距离d8 cm，A板比B板电势高300 V，一带正电的粒子电荷量为q1.01010C，质量为m1.01020kg，沿电场中心线RO垂直电场线飞入电场，初速度v02.0106m/s，粒子飞出电场后经过界面MN、PS间的无电场区域，然后进入固定在O点的点电荷Q形成的电场区域(设界面PS右侧点电荷的电场分布不受界面的影响)已知两界面MN、PS相距为12 cm，D是中心线RO与界面PS的交点，O点在中心线上
12、，距离界面PS为9 cm，粒子穿过界面PS做匀速圆周运动，最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏bc上(静电力常量k9.0109Nm2/C2，粒子的重力不计)(1)求粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离多远？到达PS界面时离D点多远？(2)在图上粗略画出粒子的运动轨迹(3)确定点电荷Q的电性并求其电荷量的大小 答案1.A 2.B 3.D 4.C 5.C 6.A 7.B 8.A 9.B 10.B11.BC 12.AC 13.BC 14.CD15.(1)M(2)如图所示1.5(1.4或1.6)(3)bcS1E(或S2E)【解析】(1)根据左手定则得，正电荷向M端偏转，所以应将电压表的“”接线柱与M端
13、通过导线相连(2)UHI图线如图所示根据UHk知，图线的斜率为kk0.375，解得霍尔系数k1.5103VmA1T1.(3)为使电流从Q端流入，P端流出，应将S1掷向b，S2掷向c，为了保护电路，定值电阻应串联在S1和E(或S2和E)之间16.（1）B0.410 （2）11.50【解析】解：（1）读数前应先旋紧B，使读数固定不变，螺旋测微器的固定刻度为0 mm，可动刻度为41.00.01 mm=0.410 mm，所以最终读数为0 mm+0.410 mm=0.410 mm（2）游标卡尺的主尺读数为11 mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为100.05 mm=0.50 m
14、m，所以最终读数为：11 mm+0.50 mm=11.50 mm17.(1)0.2 （2）14 J【解析】（1）由图可知，前2 s物块做匀加速直线运动，由牛顿第二定律有：qE1-mg=ma，由图线知加速度为：a=1 m/s22 s后物块做匀速运动，由平衡条件有：qE2=mg联立解得：q（E1-E2）=ma由图可得：E1=3104N/C，E2=2104N/C，代入数据解得：m=1 kg由qE2=mg可得：=0.2（2）物块在前2 s的位移为：x1122m2 m，物块在24 s内的位移为：x2=vt2=4 m电场力做正功为：W=qE1x1+qE2x2=（32+24）J =14 J，则电势能减少了1
15、4 J.18.（1）负电（2）（3）【解析】（1）由b到a，液滴做直线运动，所受合力沿bd所在直线，对液滴受力分析可知，电场力水平向右，与电场方向相反，所以小球带负电.（2）由图可知，液滴所受合力根据牛顿第二定律F=ma，解得液滴的加速度（3）由图可知，电场力qE=mg由b到d，沿电场方向的距离沿电场方向电势降低，应有0，所以19.(1)3 cm12 cm(2)第一段是抛物线、第二段是直线、第三段是圆弧(图略)(3)负电1.04108C【解析】(1)粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离(侧向位移)：yat2aLv0t则yat2()20.03 m3 cm粒子在离开电场后将做匀速直线运动，其轨迹与PS交于H，设H到中心线的距离为Y，则有 cm(2)第一段是抛物线、第二段是直线、第三段是圆弧(图略)(3)粒子到达H点时，其水平速度vxv02.0106m/s竖直速度vyat1.5106m/s则v合2.5106m/s该粒子在穿过界面PS后绕点电荷Q做匀速圆周运动，所以Q带负电根据几何关系可知半径r15 cmkm解得Q1.04108C