1、武威六中2017-2018学年度高三第六次诊断考试物 理第I卷二、选择题：（共8小题，每小题6分，共48分，其中1418题每小题只有一个选项正确，1921题每小题有多个选项正确，全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）a bP14.如图所示，在同一竖直线上不同高度处同时平抛a、b两小球，两者的运动轨迹相交于P点。设ab两小球平抛的初速度分别为v1、v2，a、b两小球运动到P点的时间分别为t1、t2。不计空气阻力，下列说法正确的是 A.t1t2 v1v2 B.t1v2 C.t1t2 v1v2 D.t1t2 v1v2afedcbBv15.如图所示，正六边形abcdef区域内有垂直
2、于纸面向外的匀强磁场。一带电粒子从a点沿ad方向射入磁场，当速度大小为v1时，粒子从b点离开磁场；当速度大小为v2时，粒子从c点离开磁场，不计粒子重力，则v1与v2的大小之比为 A.12 B.21 C.13 D.16.某农村水力发电站的发电机的输出电压稳定,它发出的电先通过电站附近的升压变压器升压,然后用输电线路把电能输送到远处村寨附近的降压变压器,经降低电压后,再用线路接到各用户,设两变压器都是理想变压器,发电机到升压变压器间电阻不计,那么在用电高峰期,白炽灯不够亮,但用电总功率增加,这时 A.升压变压器的副线圈的电压变大 B.高压输电线路的电压损失变大 C.降压变压器的副线圈上的电压变大
3、D.降压变压器的副线圈上的电流变小17.经国际小行星命名委员会命名的“神舟星”和“杨利伟星”的轨道均处在火星和木星轨道之间。已知“神舟星”平均每天绕太阳运行1.74109m,“杨利伟星”平均每天绕太阳运行1.45109m。假设两行星都绕太阳做匀速圆周运动,则两星相比较 A.“神舟星”的轨道半径大 B.“神舟星”的加速度大 C.“杨利伟星”的公转周期小 D.“杨利伟星”的公转角速度大18.在倾角为的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态。现用一平行斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时
4、，物块A运动的距离为d，速度为v 则此时 A.拉力做功的瞬时功率为Fvsin B.物块B满足m2gsin=kd C.物块A的加速度为 19.如图所示,倾角为的斜面体c置于水平地面上,小物块b置于斜面上,通过细绳跨过光滑的定滑轮与砂漏a连接,连接b的一段细绳与斜面平行。在a中的砂子缓慢流出的过程中,a、b、c都处于静止状态,则 A.b对c的摩擦力一定减小 B.b对c的摩擦力方向可能平行斜面向上 C.地面对c的摩擦力方向一定向右 D.地面对c的摩擦力一定减小20.如图所示，在外力作用下某质点运动的vt图象为正弦曲线，从图中可以判断 A.在0t1时间内，外力做正功 B.在0t1时间内，外力的功率逐渐
5、增大 C.在t2时刻，外力的功率最大 D.在t1t3时间内，外力做的总功为零21.如图为电场中x轴上各点电势分布图像，x轴上相邻坐标点间距相等，由图像可以看出 A.正电荷沿x轴从x1运动到x5的过程中，电场力一直在做正功 B.x轴上，x3到x4之间沿x轴方向各点的场强大小相等且不为零 C.沿x轴方向，x5处的场强比x2处的场强大 D.负电荷从x1到x2电势能的减少量一定小于从x4到x5电势能的减少量第II卷（非选择题）三、实验题：（共2题，共15分）22.(6分)某学习小组的同学欲探究“滑块与桌面间的动摩擦因数”。他们在实验室组装了一套如图1所示的装置,另外他们还找到打点计时器及所用的学生电源
6、、天平、刻度尺、导线、纸带、钩码若干。小组同学的实验步骤如下:用天平称量滑块的质量M=300 g,将滑块放在水平桌面上并连接上纸带。用细线通过滑轮挂上两个钩码(每个钩码质量为100 g),调整滑轮高度使细线与桌面平行。让钩码拉动滑块、纸带由静止开始加速运动,用打点计时器记录其运动情况。实验记录的纸带如图2所示,图中前几个点模糊,因此从点迹清晰的A点开始研究,每隔4个点取一个计数点。若电源频率为50 Hz,则打点计时器打下B点时,滑块的速度为 m/s;滑块运动的加速度为 m/s2;滑块与桌面间的动摩擦因数= (重力加速度为g=10 m/s2,结果保留两位有效数字)。23.(9分)某同学用伏安法测
7、一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材： A.被测干电池一节B.电流表：量程00.6 A，内阻r=0.3 C.电压表：量程03 V，内阻未知D.滑动变阻器：010，2 A E.开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差；在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。(1)实验电路图应选择如图中的_(填“甲”或“乙”)；(2)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的UI图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势E_V，内电阻r_。(所有结果保留两位有效数字)三、计算题：（共2题，共32分）NQMPbaBR24.(1
8、2分)如图所示，两根足够长平行金属导轨MN、PQ固定在倾角=37的绝缘斜面上，顶部接有一阻值R=3的定值电阻，下端开口，轨道间距L=1m。整个装置处于磁感应强度B=2T的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向上。质量m=1kg的金属棒ab置于导轨上，ab在导轨之间的电阻r=1，导轨电阻不计。金属棒ab由静止释放后沿导轨运动时始终垂直于导轨，且与导轨接触良好。已知金属棒ab沿导轨向下运动的最大速度vm=2.0m/s，sin37=0.6，cos37=0.8，取g=10m/s2。(1)求金属棒ab与导轨间的动摩擦因数；(2)若从金属棒ab开始运动至达到最大速度过程中，电阻R上产生的焦耳热为1.5 J，求流过
9、电阻R的总电荷量q。25.(20分)如图所示，一个半径为R=1.00m的粗糙圆孤轨道，固定在竖直平面内，其下端切线是水平的，轨道下端距地面高度为h=1.25m在轨道末端放有质量为mB=0.05kg的小球(视为质点)，B左侧轨道下装有微型传感器，另一质量为mA=0.10kg的小球A(也视为质点)由轨道上端点从静止开始释放，运动到轨道最低处时，传感器显示读数为2.60N，A与B发生正碰，碰后B小球水平飞出，落到地面时的水平位移为s=2.00m，不计空气阻力，重力加速度取g=10 m/s2。求：(1)小球A在碰前克服摩擦力所做的功；(2)A与B碰撞过程中，系统损失的机械能。33.(15分)物理选修3
10、3(1)（5分）关于分子动理论和物体的内能，下列说法正确的是_。(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分) A.温度越高，液体中悬浮微粒的布朗运动就越明显 B.“油膜法”估测分子大小实验中，可将纯油酸直接滴入浅盘的水面上 C.分子间的引力和斥力都随着分子间距离的增大而减小 D.分子间的引力和斥力相等时，分子势能一定为零 E.物体温度降低时，其分子热运动的平均动能一定减小(2)（10分）如图所示，质量为M5kg的圆形汽缸内部底面横截面积为s10cm2，内部高为l0.8m，放置在水平地面上(与地面间有少量空隙)，汽缸中用质量为m2kg的光滑
11、活塞封闭了一定质量的理想气体，开始时气柱长度为l10.4 m。现用力缓慢拉动活塞，整个过程气体温度保持不变，已知大气压强为p01105Pa，g=10ms2。(i)活塞向上移动x0.2 m时，求拉力F的大小。(ii)通过计算判断，活塞从汽缸中拉出时，汽缸是否离开地面?34.(15分)【物理选修34】(1)（5分）AB两列简谐横波均沿x轴正向传播，在某时刻的波形分别如图中甲、乙所示，经过时间t(t小于A波的周期TA)，这两列简谐横波的波形分别变为图中丙、丁所示，则A、B两列波的波速vA、vB之比可能是(填正确的答案标号.选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分.每错一个扣3分，最低得0分)0
12、乙061218丙YX/cm12Y061218甲YX/cm6180丁12Y618 A.1:1 B.2:1 C.1:2 D.3:1 E.1:3SM(2)（10分）有一玻璃球冠，右侧面镀银，光源S就在其对称轴上，如图所示。从光源S发出的一束光射到球面上，其中一部分光经球面反射后恰能竖直向上传播，另一部分光折入玻璃球冠内，经右侧镀银面第一次反射恰能沿原路返回。若球面半径为R，玻璃折射率为，求光源S与球冠顶点M之间的距离SM为多大? 高三物理参考答案一、选择题：14.D 15.C 16.B 17.B 18.C 19.BD 20. AD 21. CD二、实验题：22.（6分，每空2分） 0.74，0.64
13、(0.630.65都对)，0.5623.（9分，每空3分） (1)甲， (2)1.5V，0.70三、计算题：24.（12分）【解析】(1)金属棒由静止释放后，沿导轨做变加速运动，加速度不断减小，当加速度为零时有最大速度vm由牛顿第二定律得mgsin-mgcos-F安=0 1分F安=BIL 1分I=， 1分E=BLvm 1分解得=0.5。 1分(2)设金属棒从开始运动至达到最大速度过程中，沿导轨下滑距离为x由能量守恒定律得mgxsin = mgxcos + QR + Qr + m 1分根据焦耳定律得， 1分解得x = 2.0 m 1分根据q =t， 1分 1分 1分Q = 1.0 C。 1分25
14、.（20分）【解析】 (1)在最低点对球由牛顿第二定律有：FA mAg = 2分vA=4.00 m/s 2分由动能定理有：mAgRWf 2分Wf = 0.20 J 2分(2)碰后B球做平抛运动有： 2分 2分vB=4.0 m/s 1分A、B碰撞，由动量守恒定律有：mAvA=mAvA+mBvB 2分vA=2.0 m/s 1分由能量守恒得：E损= 2分故 E损=0.20 J。 2分四、选做题：33. (1) （5分）ACE (2)（10分）【解析】()初始位置，由平衡条件得P0s+mg=P1s， 1分活塞向上移动x0.2 m时，由平衡条件得P0s+mg=P2s+F， 1分整个过程温度不变，由玻意耳
15、定律得P1l1s=P2(l1+x)s， 1分可解得F=(P1-P2)s=40N； 2分()活塞向上移动汽缸顶端时，由平衡条件得P0s+mg=P3s+F， 1分整个过程温度不变，由玻意耳定律得P1l1s=P3ls， 1分可解得F=(P1-P3)s=60N(m+M)g， 2分故汽缸不会离开地面。 1分34.(1)（5分） ACE；(2)（10分）【解析】如图所示，根据折射定律，有： 1分根据反射定律，有：1=3 1分其中：3+2=90 1分联立可得：1=60，2=30 1分由图，有：=2=30， 1分=1=30 1分故： 2分故光源S与M间距： 2分因此光源S与球冠顶点M之间的距离SM约为0.73R。- 8 -
