1、第3课时热力学定律与能量守恒考纲解读 1.知道改变内能的两种方式，理解热力学第一定律.2.知道与热现象有关的宏观物理过程的方向性，了解热力学第二定律.3.掌握能量守恒定律及其应用考点一热力学第一定律的理解及应用1热力学第一定律的理解不仅反映了做功和热传递这两种方式改变内能的过程是等效的，而且给出了内能的变化量和做功与热传递之间的定量关系2对公式UQW符号的规定符号WQU外界对物体做功物体吸收热量内能增加物体对外界做功物体放出热量内能减少3.几种特殊情况(1)若过程是绝热的，则Q0，WU，外界对物体做的功等于物体内能的增加量(2)若过程中不做功，即W0，则QU，物体吸收的热量等于物体内能的增加量
2、(3)若过程的初、末状态物体的内能不变，即U0，则WQ0或WQ.外界对物体做的功等于物体放出的热量例1在如图1所示的坐标系中，一定质量的某种理想气体先后发生以下两种状态变化过程：第一种变化是从状态A到状态B，外界对该气体做功为6 J；第二种变化是从状态A到状态C，该气体从外界吸收的热量为9 J图线AC的反向延长线过坐标原点O，B、C两状态的温度相同，理想气体的分子势能为零求：图1(1)从状态A到状态C的过程，该气体对外界做的功W1和其内能的增量U1；(2)从状态A到状态B的过程，该气体内能的增量U2及其从外界吸收的热量Q2.解析(1)由题意知从状态A到状态C的过程，气体发生等容变化该气体对外界
3、做的功W10根据热力学第一定律有U1W1Q1内能的增量U1Q19 J.(2)从状态A到状态B的过程，体积减小，温度升高由题意可知，该气体内能的增量U2U19 J根据热力学第一定律有U2W2Q2从外界吸收的热量Q2U2W23 J.答案(1)09 J(2)9 J3 JUWQ，使用时注意符号法则(简记为：外界对系统取正，系统对外界取负)对理想气体，U仅由温度决定，W仅由体积决定，绝热情况下，Q0.气体向真空膨胀不做功递进题组1热力学第一定律的理解一定量的理想气体在某一过程中，从外界吸收热量2.5104 J，气体对外界做功1.010 4J，则该理想气体的()A温度降低，密度增大B温度降低，密度减小C温
4、度升高，密度增大D温度升高，密度减小答案D解析理想气体从外界吸热大于对外界做功，所以内能增大，温度是理想气体内能的标志，内能增大，温度一定升高；气体对外做功，体积膨胀，质量不变，所以密度要减小D正确2热力学第一定律的应用如图2所示，一定质量的理想气体由状态a沿abc变化到状态c，吸收了340 J的热量，并对外做功120 J若该气体由状态a沿adc变化到状态c时，对外做功40 J，则这一过程中气体_(填“吸收”或“放出”)热量_J.图2答案吸收260解析对该理想气体由状态a沿abc变化到状态c，由热力学第一定律可得：UQW340 J(120 J)220 J，即从a状态到c状态，理想气体的内能增加
5、了220 J；若该气体由状态a沿adc变化到状态c时，对外做功40 J，此过程理想气体的内能还是增加220 J，所以可以判定此过程是吸收热量，再根据热力学第一定律可得：UQW，得QUW220 J(40 J)260 J.3热力学第一定律的应用一定质量的气体，在从状态1变化到状态2的过程中，吸收热量280 J，并对外做功120 J，试问：(1)这些气体的内能发生了怎样的变化？(2)如果这些气体又返回原来的状态，并放出了240 J的热量，那么在返回的过程中是气体对外界做功，还是外界对气体做功？做功多少？答案(1)增加了160 J(2)外界对气体做功80 J解析(1)由热力学第一定律可得UWQ120
6、J280 J160 J，气体的内能增加了160 J.(2)由于气体的内能仅与状态有关，所以气体从状态2回到状态1的过程中内能的变化量应等于从状态1到状态2的过程中内能的变化量，则从状态2到状态1的内能应减少160 J，即U160 J，又Q240 J，根据热力学第一定律得：UWQ，所以WUQ160 J(240 J)80 J，即外界对气体做功80 J考点二热力学第二定律的理解1热力学第二定律的理解(1)“自发地”指明了热传递等热力学宏观现象的方向性，不需要借助外界提供能量的帮助(2)“不产生其他影响”的涵义是发生的热力学宏观过程只在本系统内完成，对周围环境不产生热力学方面的影响如吸热、放热、做功等
7、2热力学第二定律的实质热力学第二定律的每一种表述，都揭示了大量分子参与宏观过程的方向性，进而使人们认识到自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性特别提醒热量不可能自发地从低温物体传到高温物体，但在有外界影响的条件下，热量可以从低温物体传到高温物体，如电冰箱；在引起其他变化的条件下内能可以全部转化为机械能，如气体的等温膨胀过程3热力学过程方向性实例：高温物体低温物体功热气体体积V1气体体积V2(较大)不同气体A和B混合气体AB4两类永动机的比较第一类永动机第二类永动机不需要任何动力或燃料，却能不断地对外做功的机器从单一热源吸收热量，使之完全变成功，而不产生其他影响的机器违背能量守恒定律，不
8、可能制成不违背能量守恒定律，但违背热力学第二定律，不可能制成例2根据你学过的热学中的有关知识，判断下列说法中正确的是()A机械能可以全部转化为内能，内能也可以全部用来做功转化成机械能B凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性，在热传递中，热量只能从高温物体传递给低温物体，而不能从低温物体传递给高温物体C尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%，制冷机却可以使温度降到293 D第一类永动机违背能量守恒定律，第二类永动机不违背能量守恒定律，随着科技的进步和发展，第二类永动机可以制造出来解析机械能可以全部转化为内能，而内能在引起其他变化时也可以全部转化为机械能，A正确；凡与热现象有关的宏观过程都具
9、有方向性，在热传递中，热量可以自发地从高温物体传递给低温物体，也能从低温物体传递给高温物体，但必须借助外界的帮助，B错误；尽管科技不断进步，热机的效率仍不能达到100%，制冷机也不能使温度降到293 C，只能无限接近273.15 C，却永远不能达到，C错误；第一类永动机违背能量守恒定律，第二类永动机不违背能量守恒定律，而是违背了热力学第二定律，第二类永动机不可能制造出来，D错误答案A递进题组4热力学第二定律的理解下列说法正确的是()A热量不能由低温物体传递到高温物体B外界对物体做功，物体的内能必定增加C第二类永动机不可能制成，是因为违反了能量守恒定律D不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功
10、，而不引起其他变化答案D解析根据热力学第二定律，热量不能自发地由低温物体传递到高温物体，但在一定条件下，热量可以由低温物体传向高温物体，例如电冰箱的工作过程，故A错误；根据热力学第一定律，物体内能的变化取决于吸收或放出的热量和做功的正负两个因素，所以B错误；第二类永动机不违反能量守恒定律，而违反了热力学第二定律，C错误；D是热力学第二定律的表述形式之一，是正确的5热力学定律的理解地球上有很多的海水，它的总质量约为1.41018吨，如果这些海水的温度降低0.1 C，将要放出5.81023焦耳的热量，有人曾设想利用海水放出的热量使它完全变成机械能来解决能源危机，但这种机器是不能制成的，其原因是()
11、A内能不能转化成机械能B内能转化成机械能不满足热力学第一定律C只从单一热源吸收热量并完全转化成机械能的机器不满足热力学第二定律D上述三种原因都不正确答案C解析本题考查热力学第一定律和热力学第二定律的应用，内能可以转化成机械能，如热机，A错误；内能转化成机械能的过程满足热力学第一定律，即能量守恒定律，B错误；热力学第二定律告诉我们：不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功，而不引起其他变化，C正确6热力学定律的理解关于热力学定律，下列说法中正确的是()A为了增加物体的内能，必须对物体做功或向它传递热量B对某物体做功，必定会使该物体的内能增加C可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功D不可能使热量
12、从低温物体传向高温物体E功转变为热的实际宏观过程是不可逆过程答案ACE解析对某物体做功，物体同时放热，则物体的内能可能减少或者不变；不可能使热量自发地从低温物体传向高温物体，但在有外界影响的条件下，热量可以从低温物体传向高温物体考点三热力学定律与气体实验定律综合问题例3一定质量的理想气体，从初始状态A经状态B、C、D再回到A，体积V与温度T的关系如图3所示图中TA、VA和TD为已知量(1)从状态A到B，气体经历的是_过程(填“等温”、“等容”或“等压”)(2)从B到C的过程中，气体的内能_(填“增大”、“减小”或“不变”)(3)从C到D的过程中，气体对外_(填“做正功”、“做负功”或“不做功”
13、)，同时_(填“吸热”或“放热”)(4)气体在状态D时的体积VD_.图3解析(1)由题图可知，从状态A到B，气体体积不变，故是等容变化；(2)从B到C温度不变，即分子平均动能不变，该理想气体的内能不变；(3)从C到D气体体积减小，外界对气体做正功，W0，所以气体对外做负功，同时温度降低，说明内能减小，由热力学第一定律UWQ知气体放热；(4)从D到A是等压变化，由得VDVA.答案(1)等容(2)不变(3)做负功放热(4)VA递进题组7热力学定律与等温变化的结合如图4所示，一粗细均匀、导热良好、装有适量水银的U形管竖直放置，右端与大气相通，左端封闭气柱长l120 cm(可视为理想气体)，两管中水银
14、面等高现将右端与一低压舱(未画出)接通，稳定后右管水银面高出左管水银面h10 cm.(环境温度不变，大气压强p075 cmHg)图4(1)求稳定后低压舱内的压强(用“cmHg”做单位)(2)此过程中左管内的气体对外界_(填“做正功”、“做负功”或“不做功”)，气体将_(填“吸热”或“放热”)答案(1)50 cmHg(2)做正功吸热解析(1)设U形管横截面积为S，右端与大气相通时，左管中封闭气体的压强为p1，右端与一低压舱接通后，左管中封闭气体的压强为p2，气柱长度为l2，稳定后低压舱内的压强为p.左管中封闭气体发生等温变化，根据玻意耳定律得p1V1p2V2p1p0p2pphV1l1SV2l2S
15、由几何关系得h2(l2l1)联立式，代入数据得p50 cmHg(2)左管内气体膨胀，气体对外界做正功，温度不变，U0，根据热力学第一定律UQW且W0，气体将吸热 8.热力学定律与理想气体状态方程的结合我国“蛟龙”号深海探测船载人下潜超过七千米，再创载人深潜新纪录在某次深潜实验中，“蛟龙”号探测到990 m深处的海水温度为280 K某同学利用该数据来研究气体状态随海水深度的变化如图5所示，导热良好的汽缸内封闭一定质量的气体，不计活塞的质量和摩擦，汽缸所处海平面的温度T0300 K，压强p01 atm，封闭气体的体积V03 m3.如果将该汽缸下潜至990 m深处，此过程中封闭气体可视为理想气体(1
16、)求990 m深处封闭气体的体积(1 atm相当于10 m深的海水产生的压强)(2)下潜过程中封闭气体_(填“吸热”或“放热”)，传递的热量_(填“大于”或“小于”)外界对气体所做的功图5答案(1)2.8102 m3(2)放热大于解析(1)以汽缸内封闭的气体为研究对象，初态压强p01 atm，温度T0300 K，体积V03 m3，汽缸在990 m深处时，封闭气体的压强p1 atm atm100 atm，温度T280 K，设封闭气体的体积变为V.由理想气体状态方程有，代入数据解得V2.8102 m3.(2)封闭气体的体积减小，外界对封闭气体做正功，而封闭气体的温度降低，内能减小，由热力学第一定律
17、可知，封闭气体要放热，且传递的热量大于外界对封闭气体所做的功9热力学定律与图象的结合一定质量的理想气体压强p与热力学温度T的关系图象如图6所示，AB、BC分别与p轴和T轴平行，气体在状态A时的压强为p0、体积为V0，在状态B时的压强为2p0，则气体在状态B时的体积为_；气体从状态A经状态B变化到状态C的过程中，对外做的功为a(a0)，内能增加了b(b0)，则此过程气体_(选填“吸收”或“放出”)的热量为_图6答案吸收ab解析对A到B过程，温度不变，由玻意耳定律可知，气体在状态B时的体积为V；气体从状态A经状态B变化到状态C的过程中，对外做的功为a，内能增加了b，由热力学第一定律，此过程气体吸收
18、的热量为ab.高考模拟明确考向1(2014广东17)用密封性好、充满气体的塑料袋包裹易碎品，如图7所示，充气袋四周被挤压时，假设袋内气体与外界无热交换，则袋内气体()图7A体积减小，内能增大 B体积减小，压强减小C对外界做负功，内能增大 D对外界做正功，压强减小答案AC解析充气袋被挤压时，气体体积减小，外界对气体做正功，由于袋内气体与外界无热交换，故由热力学第一定律知，气体内能增加，故选项A、C正确；体积减小，内能增加，由理想气体状态方程可知气体压强变大，选项B、D错误2(2014重庆10(1)重庆出租车常以天然气作为燃料，加气站储气罐中天然气的温度随气温升高的过程中，若储气罐内气体体积及质量
19、均不变，则罐内气体(可视为理想气体)()A压强增大，内能减小B吸收热量，内能增大C压强减小，分子平均动能增大D对外做功，分子平均动能减小答案B解析质量一定的气体，体积不变，当温度升高时，是一个等容变化，据压强的微观解释：温度升高，气体的平均动能增加；单位时间内撞击单位面积的器壁的分子数增多，可知压强增大由于温度升高，所以分子平均动能增大，物体的内能变大；体积不变，对内外都不做功，内能增大，所以只有吸收热量，故A、C、D错误；B正确3(2014山东37(1)如图8所示，内壁光滑、导热良好的汽缸中用活塞封闭有一定质量的理想气体当环境温度升高时，缸内气体_(双选，填正确答案标号)图8A内能增加 B对
20、外做功C压强增大 D分子间的引力和斥力都增大答案AB解析根据理想气体状态方程，缸内气体压强不变，温度升高，体积增大，对外做功，理想气体不计分子间的作用力，温度升高，内能增加选项A、B正确4如图9所示，固定在水平面上的汽缸内封闭着一定质量的理想气体，汽缸壁和活塞绝热性能良好，汽缸内气体分子间相互作用的势能忽略不计，则以下说法正确的是()图9A使活塞向左移动，汽缸内气体对外界做功，内能减少B使活塞向左移动，汽缸内气体内能增大，温度升高C使活塞向左移动，汽缸内气体压强减小D使活塞向左移动，汽缸内气体分子无规则运动的平均动能减小答案B解析使活塞向左移动，外界对缸内气体做功，故W0，汽缸壁的绝热性能良好
21、，由热力学第一定律：UWQ得，汽缸内气体的内能增大，所以缸内气体温度增大，所以汽缸内气体分子的平均动能增大，压强增大，故B正确，A、C、D错误5某次科学实验中，从高温环境中取出一个如图10所示的圆柱形导热汽缸，把它放在大气压强p01 atm、温度t027 的环境中自然冷却该汽缸内壁光滑，容积V1 m3，开口端有一厚度可忽略的活塞开始时，汽缸内密封有温度t447 、压强p1.2 atm的理想气体，将汽缸开口向右固定在水平面上，假设汽缸内气体的所有变化过程都是缓慢的求：图10(1)活塞刚要向左移动时，汽缸内气体的温度t1；(2)最终汽缸内气体的体积V1；(3)在整个过程中，汽缸内气体对外界_(选填
22、“做正功”、“做负功”或“不做功”)，汽缸内气体放出的热量_(选填“大于”、“等于”或“小于”)气体内能的减少量答案(1)327 (2)0.5 m3(3)做负功大于解析(1)汽缸内的气体做等容变化，T(273447) K720 K由查理定律得解得T1600 K，即t1327 .(2)最终汽缸内气体的压强为p0，温度为T0，且T0(27327) K300 K，由理想气体状态方程得解得V10.5 m3.(3)体积减小，汽缸内气体对外界做负功，由UWQ知，汽缸内气体放出的热量大于气体内能的减少量6如图11所示pV图中，一定质量的理想气体由状态A经过ACB过程至状态B，气体对外做功280 J，放出热量
23、410 J；气体又从状态B经BDA过程回到状态A，这一过程中外界对气体做功200 J.图11(1)ACB过程中气体的内能如何变化？变化了多少？(2)BDA过程中气体吸收还是放出多少热量？答案(1)减少了690 J(2)吸收490 J解析(1)ACB过程中W1280 J，Q1410 J由热力学第一定律UBUAW1Q1690 J气体内能的减少量为690 J(2)因为一定质量理想气体的内能只是温度的函数，BDA过程中气体内能变化量UAUB690 J由题知W2200 J由热力学第一定律UAUBW2Q2解得Q2490 J即气体吸收热量490 J练出高分一、单项选择题1(2013山东36(1)下列关于热现
24、象的描述正确的一项是()A根据热力学定律，热机的效率可以达到100%B做功和热传递都是通过能量转化的方式改变系统内能的C温度是描述热运动的物理量，一个系统与另一个系统达到热平衡时两系统温度相同D物体由大量分子组成，其单个分子的运动是无规则的，大量分子的运动也是无规则的答案C解析根据热力学第二定律可知，热机不可能从单一热源吸收热量全部用来做功而不引起其他变化，因此，热机的效率不可能达到100%，选项A错误；做功是通过能量转化的方式改变系统的内能，热传递是通过能量的转移的方式改变系统的内能，选项B错误；温度是表示热运动的物理量，热传递过程中达到热平衡时，温度相同，选项C正确；单个分子的运动是无规则
25、的，大量分子的运动表现出统计规律，选项D错误2已知理想气体的内能与温度成正比，如图1所示的实线为汽缸内一定质量的理想气体由状态1到状态2的变化曲线，则在整个过程中汽缸内气体的内能()图1A先增大后减小B先减小后增大C单调变化D保持不变答案B解析题图中虚线是等温线，由理想气体状态方程C知，在V一定时p，所以汽缸内气体由状态1到状态2时温度先减小后增大，即理想气体的内能先减小后增大，B正确3. 如图2所示，一定质量的理想气体密封在绝热(即与外界不发生热交换)容器中，容器内装有一可以活动的绝热活塞今对活塞施加一竖直向下的压力F，使活塞缓慢向下移动一段距离后，气体的体积减小若忽略活塞与容器壁间的摩擦力
26、，则被密封的气体()图2A温度升高，压强增大，内能减少B温度降低，压强增大，内能减少C温度升高，压强增大，内能增加D温度降低，压强减小，内能增加答案C解析向下压活塞，力F对容器中的气体做功，气体的内能增加，温度升高，对活塞受力分析可得出容器中的气体的压强增大，故选项C正确4. 一物理爱好者利用如图3所示的装置研究气体压强、体积、温度三者之间的关系导热良好的汽缸开口向下，内有理想气体，汽缸固定不动，缸内活塞可自由移动且不漏气一温度计通过缸底小孔插入缸内，插口处密封良好，活塞下挂一个沙桶，沙桶装满沙子时活塞恰好静止，现给沙桶底部钻一个小洞，细沙缓慢漏出，外部温度恒定不变，则()图3A外界对气体做功
27、，气体内能增大B外界对气体做功，温度计示数不变C外界对气体做功，温度计示数减小D外界对气体做功，温度计示数增大答案B解析题中“导热良好的汽缸”和“细沙缓慢漏出”表明缸内气体温度不变，等于环境温度，所以温度计示数不变，气体内能不变，细沙漏出的过程活塞向上移动，外界对气体做功，B正确5. A、B两装置均由一支一端封闭、一端开口且带有玻璃泡的管状容器和水银槽组成，除玻璃泡在管上的位置不同外，其他条件都相同将两管抽成真空后，开口向下插入水银槽中(插入过程没有空气进入管内)，水银柱上升到如图3所示位置停止假设这一过程水银与外界没有热交换，则下列说法中正确的是()图3AA中水银的内能增量大于B中水银的内能
28、增量BB中水银的内能增量大于A中水银的内能增量CA和B中水银体积保持不变，故内能增量相同DA和B中水银温度始终相同，故内能增量相同答案B解析在水银进入管中的过程中，大气压力对水银做功，把大气的能量转化为水银的内能和重力势能，在一定的大气压下，静止时，A、B管中水银柱的高度是相同的，则进入管中的水银体积相同，所以大气压力做功相同但两装置中水银重力势能的增量不同，所以两者内能的改变也不同，由图可知B管水银的重力势能较小，所以B管中水银的内能增量较多故B正确二、多项选择题6对于一定量的理想气体，下列说法中正确的是()A若气体的压强和体积都不变，其内能也一定不变B若气体的内能不变，其状态也一定不变C若
29、气体的温度随时间不断升高，其压强也一定不断增大D气体温度每升高1 K所吸收的热量与气体经历的过程有关E当气体温度升高时，气体的内能一定增大答案ADE解析理想气体的内能只由温度决定，故E正确由理想气体状态方程C可知，若气体的压强和体积都不变，温度T也不变，所以内能也一定不变，A正确若气体的内能不变，则温度T不变，但气体的压强和体积可以改变，B错误若气体的温度升高，体积增大，其压强可以不变，C错误由热力学第一定律，UQW知，D正确7. (2013广东18)图4为某同学设计的喷水装置，内部装有2 L水，上部密封1 atm的空气0.5 L，保持阀门关闭，再充入1 atm的空气0.1 L，设在所有过程中
30、空气可看作理想气体，且温度不变，下列说法正确的有()图4A充气后，密封气体压强增加B充气后，密封气体分子的平均动能增加C打开阀门后，密封气体对外界做正功D打开阀门后，不再充气也能把水喷光答案AC解析由pVnRT知，当V、T不变时，n增加，p增大，故A对密封气体的温度不变，密封气体分子的平均动能就不变，故B错通过公式p1V1p2V2pV1计算出，密封气体压强变为1.2 atm，大于外界压强，故打开阀门后气体就会压水把水喷出，显然密封气体对外界做正功，密封气体体积变大，压强变小，当密封气体压强与装置内剩余水的压强之和与外界压强相等的时候，就不再喷水了，故C对，D错8. 如图5所示，在开口向下的竖直
31、导热汽缸内，用活塞封闭了一定质量的气体，活塞与汽缸壁之间无摩擦，汽缸外温度不变，且不考虑汽缸内气体的分子势能，若在活塞下面悬挂一个小重物，则稳定后()图5A缸内气体的压强不变B缸内气体对外做功C缸内气体从外界吸收热量D缸内气体内能增大答案BC解析不挂小重物时，汽缸内气体压强pp0，若活塞下挂一小重物，设小重物的质量为m，则pp0，即缸内气体压强变小，A错误由于汽缸内的气体等温变化，故缸内气体内能不变，D错误；由C可知，缸内压强减小，体积增大，缸内气体对外做功，B正确；由UWQ可知，缸内气体从外界吸收热量，C正确9. 如图6，一绝热容器被隔板K隔开成a、b两部分已知a内有一定量的稀薄气体，b内为
32、真空抽开隔板K后，a内气体进入b，最终达到平衡状态在此过程中()图6A气体对外界做功，内能减少B气体不做功，内能不变C气体压强变小，温度降低D气体压强变小，温度不变答案BD解析因b内为真空，所以抽开隔板后，a内气体可以“自发”进入b，气体不做功又因容器绝热，不与外界发生热量传递，根据热力学第一定律可以判断其内能不变，温度不变由理想气体状态方程可知：气体体积增大，温度不变，压强必然变小综上可判断B、D项正确三、非选择题10(1)如图7甲所示，一理想的“永动机”转轮由5根轻杆和转轴构成，轻杆的末端装有形状记忆合金制成的叶片，轻推转轮后，进入热水的叶片因伸展面“划水”，推动转轮转动离开热水后，叶片形
33、状迅速恢复，转轮因此能较长时间转动下列说法中正确的是()A转轮依靠自身惯性转动，不需要消耗外界能量B转轮转动所需能量来自形状记忆合金自身C转动的叶片不断搅动热水，水温升高D叶片在热水中吸收的热量一定大于在空气中释放的热量图7(2)如图乙所示，内壁光滑的汽缸水平放置，一定质量的理想气体被密封在汽缸内，外界大气压强为p0.现对汽缸缓慢加热，气体吸收热量Q后，体积由V1增大为V2，则在此过程中，气体分子的平均动能_(选填“增大”、“不变”或“减小”)，气体内能变化了_答案(1)A(2)增大Qp0(V2V1)解析(2)根据热力学定律，汽缸内气体的内能增加量等于气体吸收的热量减去气体对外做的功11. 气
34、体温度计结构如图8所示玻璃测温泡A内充有理想气体，通过细玻璃管B和水银压强计相连开始时A处于冰水混合物中，左管C中水银面在O点处，右管D中水银面高出O点h114 cm，后将A放入待测恒温槽中，上下移动D，使C中水银面仍在O点处，测得D中水银面高出O点h244 cm.(已知外界大气压为1个标准大气压，1标准大气压相当于76 cmHg)图8(1)求恒温槽的温度(2)此过程A内气体内能_(填“增大”或“减小”)，气体不对外做功，气体将_(填“吸热”或“放热”)答案(1)364 K(或91 )(2)增大吸热解析(1)设恒温槽的温度为T2，由题意知T1273 KA内气体发生等容变化，根据查理定律得p1p
35、0ph1p2p0ph2联立式，代入数据得T2364 K(或91 )12(2013江苏12) 如图9所示，一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A.其中，AB和CD为等温过程，BC和DA为绝热过程(气体与外界无热量交换)，这就是著名的“卡诺循环”图9(1)该循环过程中，下列说法正确的是_AAB过程中，外界对气体做功BBC过程中，气体分子的平均动能增大CCD过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多DDA过程中，气体分子的速率分布曲线不发生变化(2)该循环过程中，内能减小的过程是_(选填“AB”、“BC”、“CD”或“DA”)若气体在AB过程中吸收63 kJ的热量，在CD过程中放出38 kJ的热量，则气体完成一次循环对外做的功为_kJ.答案(1)C(2)BC25解析(1)由理想气体状态方程和热力学第一定律分析，AB为等温过程，内能不变，气体的体积增大，气体对外做功，A错；BC过程为绝热过程，气体体积增大，气体对外做功，因此内能减小，气体分子的平均动能减小，B错；CD为等温过程，气体体积减小，单位体积内的分子数增多，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多，C正确； DA为绝热过程，气体体积减小，外界对气体做功，内能增大，温度升高，因此气体分子的速率分布曲线变化，D错(2)在以上循环过程中，内能减少的过程是BC.由热力学第一定律UQW得W25 kJ.