1、高考命题解读分析年份高考(全国卷)四年命题情况对照分析1.考查方式从近几年高考题来看，对于选修34内容的考查，形式比较固定，一般第(1)问为选择题，5个选项从考查内容来看，机械振动和机械波、光学和电磁波的相关基础知识和基本方法都曾经命题第(2)问命题主要以几何光学命题为主2命题趋势从近几年高考命题来看，命题形式和内容比较固定，应该延续，但是题目的情景可能向着贴进生活的方向发展.题号命题点2013年卷34题第(1)问选择题，质点的振动和波动的关系第(2)问计算题，折射定律、全反射和光的直线传播卷34题第(1)问填空题，简谐运动的相关知识第(2)问计算题，光经过三棱镜的折射问题2014年卷34题第
2、(1)问选择题，波动和振动图象的结合、波速公式的应用第(2)问计算题，光经过半圆柱形玻璃砖的全反射问题卷34题第(1)问选择题，波动和振动图象的结合、波速公式的应用第(2)问计算题，光经过平板玻璃的折射现象以及折射率的求解2015年卷34题第(1)问填空题，光的双缝干涉实验第(2)问计算题，波的传播的周期性问题卷34题第(1)问选择题，光的折射、全反射、双缝干涉的综合问题第(2)问计算题，波的传播，波长、频率与波速的关系2016年卷34题第(1)问选择题，波速公式的应用和对波的性质的理解第(2)问计算题，光的折射和全反射，应用几何关系求解光学相关物理量卷34题第(1)问选择题，电磁波的基本特点
3、第(2)问计算题，质点的振动和波动问题，波速公式的应用和振动位移函数式的书写卷34题第(1)问选择题，波的传播和质点的振动之间的关系第(2)问计算题，光的折射现象和光路图问题第1讲机械振动1简谐运动(1)定义：如果质点所受的力与它偏离平衡位置位移的大小成正比，并且总是指向平衡位置(2)平衡位置：物体在振动过程中回复力为零的位置(3)回复力定义：使物体返回到平衡位置的力方向：总是指向平衡位置属于效果力，可以是某一个力，也可以是几个力的合力或某个力的分力深度思考简谐运动的平衡位置就是质点所受合力为零的位置吗？答案不是，是回复力为零的位置2简谐运动的两种模型模型弹簧振子单摆示意图简谐运动条件弹簧质量
4、要忽略无摩擦等阻力在弹簧弹性限度内摆线为不可伸缩的轻细线无空气等阻力最大摆角小于5回复力弹簧的弹力提供摆球重力沿与摆线垂直方向(即切向)的分力平衡位置弹簧处于原长处最低点周期与振幅无关T2能量转化弹性势能与动能的相互转化，机械能守恒重力势能与动能的相互转化，机械能守恒深度思考做简谐运动的质点，速度增大时，其加速度如何变化？答案一定减小3简谐运动的公式和图象(1)简谐运动的表达式动力学表达式：Fkx，其中“”表示回复力与位移的方向相反运动学表达式：xAsin(t)，其中A代表振幅，2f表示简谐运动的快慢，t代表简谐运动的相位，叫做初相(2)简谐运动的图象从平衡位置开始计时，函数表达式为xAsin
5、 t，图象如图1甲所示从最大位移处开始计时，函数表达式为xAcos t，图象如图乙所示图14受迫振动和共振(1)受迫振动系统在驱动力作用下的振动做受迫振动的物体，它做受迫振动的周期(或频率)等于驱动力的周期(或频率)，而与物体的固有周期(或频率)无关(2)共振做受迫振动的物体，它的驱动力的频率与固有频率越接近，其振幅就越大，当二者相等时，振幅达到最大，这就是共振现象共振曲线如图2所示图2 1.如图3所示的装置，弹簧振子的固有频率是4 Hz.现匀速转动把手，给弹簧振子以周期性的驱动力，测得弹簧振子振动达到稳定时的频率为1 Hz，则把手转动的频率为()图3A1 Hz B3 HzC4 Hz D5 H
6、z答案A解析受迫振动的频率等于驱动力的频率，把手转动的频率为1 Hz，选项A正确2有一弹簧振子，振幅为0.8 cm，周期为0.5 s，初始时具有负方向的最大加速度，则它的振动方程是()Ax8103sin mBx8103sin mCx8101sin mDx8101sin m答案A解析振幅A0.8 cm8103 m，4 rad/s.由题知初始时(即t0时)振子在正向最大位移处，即sin 01，得0，故振子做简谐运动的方程为：x8103sin m，选项A正确3(人教版选修34P5第3题)如图4所示，在t0到t4 s的范围内回答以下问题图4(1)质点相对平衡位置的位移的方向在哪些时间内跟它的瞬时速度的
7、方向相同？在哪些时间内跟瞬时速度的方向相反？(2)质点在第2 s末的位移是多少？(3)质点在前2 s内走过的路程是多少？答案(1)在01 s,23 s内位移方向跟它的瞬时速度方向相同；在12 s,34 s内位移方向跟它的瞬时速度方向相反(2)0(3)20 cm4(人教版选修34P12第4题)如图5所示为某物体做简谐运动的图象，在所画曲线的范围内回答下列问题图5(1)哪些时刻物体的回复力与0.4 s时刻的回复力相同？(2)哪些时刻物体的速度与0.4 s时刻的速度相同？(3)哪些时刻的动能与0.4 s时刻的动能相同？(4)哪些时间的加速度在减小？(5)哪些时间的势能在增大？答案(1)0.6 s、1
8、.2 s、1.4 s(2)0.2 s、1.0 s、1.2 s(3)0、0.2 s、0.6 s、0.8 s、1.0 s、1.2 s和1.4 s(4)0.10.3 s、0.50.7 s、0.91.1 s和1.31.5 s(5)00.1 s、0.30.5 s、0.70.9 s、1.11.3 s命题点一简谐运动的规律简谐运动的五大特征受力特征回复力Fkx，F(或a)的大小与x的大小成正比，方向相反运动特征靠近平衡位置时，a、F、x都减小，v增大；远离平衡位置时，a、F、x都增大，v减小能量特征振幅越大，能量越大在运动过程中，系统的动能和势能相互转化，机械能守恒周期性特征质点的位移、回复力、加速度和速度
9、随时间做周期性变化，变化周期就是简谐运动的周期T；动能和势能也随时间做周期性变化，其变化周期为对称性特征关于平衡位置O对称的两点，速度的大小、动能、势能相等，相对平衡位置的位移大小相等；由对称点到平衡位置O用时相等例1(2015山东38(1)如图6所示，轻弹簧上端固定，下端连接一小物块，物块沿竖直方向做简谐运动以竖直向上为正方向，物块简谐运动的表达式为y0.1sin (2.5t) m .t0时刻，一小球从距物块h高处自由落下；t0.6 s时，小球恰好与物块处于同一高度取重力加速度的大小g10 m/s2.以下判断正确的是()图6Ah1.7 mB简谐运动的周期是0.8 sC0.6 s内物块运动的路
10、程是0.2 mDt0.4 s时，物块与小球运动方向相反物块沿竖直方向做简谐运动；小球恰好与物块处于同一高度答案AB解析t0.6 s时，物块的位移为y0.1sin(2.50.6)m0.1 m，则对小球h|y|gt2，解得h1.7 m，选项A正确；简谐运动的周期是T s0.8 s，选项B正确；0.6 s内物块运动的路程是3A0.3 m，选项C错误；t0.4 s时，物块经过平衡位置向下运动，则此时物块与小球运动方向相同，选项D错误1关于简谐运动的位移、加速度和速度的关系，下列说法中正确的是()A位移减小时，加速度减小，速度也减小B位移方向总是与加速度方向相反，与速度方向相同C物体的运动方向指向平衡位
11、置时，速度方向与位移方向相反；背离平衡位置时，速度方向与位移方向相同D物体向负方向运动时，加速度方向与速度方向相同；向正方向运动时，加速度方向与速度方向相反答案C解析位移减小时，加速度减小，速度增大，A错误；位移方向总是与加速度方向相反，与速度方向有时相同，有时相反，B、D错误，C正确2一个做简谐运动的弹簧振子，周期为T，振幅为A，已知振子从平衡位置第一次运动到x处所用的最短时间为t1，从最大的正位移处第一次运动到x处所用的最短时间为t2，那么t1与t2的大小关系正确的是()At1t2 Bt1t2Ct1t2 D无法判断答案B解析根据振子远离平衡位置时速度减小，靠近平衡位置时速度增大可知，振子第
12、一次从平衡位置运动到xA处的平均速度大于第一次从最大正位移处运动到xA处的平均速度，而路程相等，说明t1t2.故A、C、D错误，B正确命题点二简谐运动图象的理解和应用1.根据简谐运动图象可获取的信息：(1)振幅A、周期T(或频率f)和初相位(如图7所示)图7(2)某时刻振动质点离开平衡位置的位移(3)某时刻质点速度的大小和方向：曲线上各点切线的斜率的大小和正负分别表示各时刻质点的速度的大小和速度的方向，速度的方向也可根据下一时刻质点的位移的变化来确定(4)某时刻质点的回复力和加速度的方向：回复力总是指向平衡位置，回复力和加速度的方向相同，在图象上总是指向t轴(5)某段时间内质点的位移、回复力、
13、加速度、速度、动能和势能的变化情况2.利用简谐运动图象理解简谐运动的对称性：(图8) 图8(1)相隔t(n)T(n0,1,2，)的两个时刻，弹簧振子的位置关于平衡位置对称，位移等大反向，速度也等大反向(2)相隔tnT(n0,1,2，)的两个时刻，弹簧振子在同一位置，位移和速度都相同例2甲、乙两弹簧振子的振动图象如图9所示，则可知()图9A两弹簧振子完全相同B两弹簧振子所受回复力最大值之比F甲F乙21C振子甲速度为零时，振子乙速度最大D两振子的振动频率之比f甲f乙21E振子乙速度为最大时，振子甲速度不一定为零答案CE解析从图象中可以看出，两弹簧振子周期之比T甲T乙21，则频率之比f甲f乙12，D
14、错误；弹簧振子周期与振子质量、弹簧劲度系数k有关，周期不同，说明两弹簧振子不同，A错误；由于弹簧的劲度系数k不一定相同，所以两弹簧振子所受回复力(Fkx)的最大值之比F甲F乙不一定为21，B错误；由简谐运动的特点可知，在振子到达平衡位置时位移为零，速度最大，在振子到达最大位移处时，速度为零，从图象中可以看出，在振子甲到达最大位移处时，振子乙恰好到达平衡位置；C正确；当振子乙到达平衡位置时，振子甲有两个可能的位置，一个是最大位移处，一个是平衡位置，E正确3(2016北京理综15)如图10所示，弹簧振子在M、N之间做简谐运动以平衡位置O为原点，建立Ox轴向右为x轴正方向若振子位于N点时开始计时，则
15、其振动图象为()图10答案A解析开始计时时振子位于正向最大位移处向负方向做简谐运动，振动图象为余弦函数图象，A项对4如图11甲所示，弹簧振子以O点为平衡位置，在A、B两点之间做简谐运动取向右为正方向，振子的位移x随时间t的变化图象如图乙所示，下列说法正确的是()图11At0.8 s时，振子的速度方向向左Bt0.2 s时，振子在O点右侧6 cm处Ct0.4 s和t1.2 s时，振子的加速度完全相同Dt0.4 s到t0.8 s的时间内，振子的速度逐渐减小答案A解析从t0.8 s时起，再过一段微小时间，振子的位移为负值，因为取向右为正方向，故t0.8 s时，速度方向向左，A正确；由题图乙得振子的位移
16、x12sin t cm，故t0.2 s时，x6 cm，故B错误；t0.4 s和t1.2 s时，振子的位移方向相反，加速度方向相反，C错误；t0.4 s到t0.8 s的时间内，振子的位移逐渐变小，故振子逐渐靠近平衡位置，其速度逐渐变大，故D错误5.如图12所示为一弹簧振子的振动图象，试完成以下问题：图12(1)写出该振子简谐运动的表达式；(2)在第2 s末到第3 s末这段时间内，弹簧振子的加速度、速度、动能和弹性势能各是怎样变化的？(3)该振子在前100 s的总位移是多少？路程是多少？答案见解析解析(1)由振动图象可得A5 cm，T4 s，0则 rad/s故该振子简谐运动的表达式为x5sin t
17、 cm(2)由题图可知，在t2 s时，振子恰好通过平衡位置，此时加速度为零，随着时间的延续，位移不断变大，加速度也变大，速度不断变小，动能不断减小，弹性势能逐渐增大，当t3 s时，加速度达到最大值，速度等于零，动能等于零，弹性势能达到最大值(3)振子经过一个周期位移为零，路程为45 cm20 cm，前100 s刚好经过了25个周期，所以前100 s振子的位移x0，振子的路程s2520 cm500 cm5 m.命题点三单摆的周期公式和万有引力定律的结合1单摆的受力特征(1)回复力：摆球重力沿切线方向的分力，F回mgsin xkx，负号表示回复力F回与位移x的方向相反(2)向心力：细线的拉力和重力
18、沿细线方向分力的合力充当向心力，F向FTmgcos .(3)两点说明当摆球在最高点时，F向0，FTmgcos .当摆球在最低点时，F向，F向最大，FTmgm.2周期公式T2的两点说明(1)l为等效摆长，表示从悬点到摆球重心的距离(2)g为当地重力加速度例3一单摆在地面处的摆动周期与在某矿井底部摆动周期的比值为k.设地球的半径为R，地球的密度均匀已知质量均匀分布的球壳对壳内物体的引力为零，求矿井的深度d.质量均匀分布的球壳对壳内物体的引力为零答案见解析解析根据万有引力定律，地面处质量为m的物体的重力mgG式中g是地面处的重力加速度，M是地球的质量设是地球的密度，则有MR3摆长为l的单摆在地面处的
19、摆动周期为T2若该物体位于矿井底部，则其重力为mgG式中g是矿井底部的重力加速度，且M(Rd)3在矿井底部此单摆的周期为T2由题意：TkT联立以上各式得dR(1k2)6(2014安徽理综14)在科学研究中，科学家常将未知现象同已知现象进行比较，找出其共同点，进一步推测未知现象的特性和规律法国物理学家库仑在研究异种电荷的吸引力问题时，曾将扭秤的振动周期与电荷间距离的关系类比单摆的振动周期与摆球到地心距离的关系已知单摆摆长为l，引力常量为G，地球质量为M，摆球到地心的距离为r，则单摆振动周期T与距离r的关系式为()AT2r BT2rCT DT2l答案B解析根据单摆周期公式T2和GMgr2可得T2
20、2r ，故选项B正确命题点四受迫振动和共振1自由振动、受迫振动和共振的关系比较振动项目自由振动受迫振动共振受力情况仅受回复力受驱动力作用受驱动力作用振动周期或频率由系统本身性质决定，即固有周期T0或固有频率f0由驱动力的周期或频率决定，即TT驱或ff驱T驱T0或f驱f0振动能量振动物体的机械能不变由产生驱动力的物体提供振动物体获得的能量最大常见例子弹簧振子或单摆(5)机械工作时底座发生的振动共振筛、声音的共鸣等2.对共振的理解 (1)共振曲线：如图13所示，横坐标为驱动力频率f，纵坐标为振幅A，它直观地反映了驱动力频率对某固有频率为f0的振动系统受迫振动振幅的影响，由图可知，f与f0越接近，振
21、幅A越大；当ff0时，振幅A最大图13(2)受迫振动中系统能量的转化：做受迫振动的系统的机械能不守恒，系统与外界时刻进行能量交换例4下表记录了某受迫振动的振幅随驱动力频率变化的关系，若该振动系统的固有频率为f固，则()驱动力频率/Hz304050607080受迫振动振幅/cm10.216.827.228.116.58.3A.f固60 Hz B60 Hzf固70 HzC50 Hzf固60 Hz D以上三个都不对答案C解析从如图所示的共振曲线可判断出f驱与f固相差越大，受迫振动的振幅越小；f驱与f固越接近，受迫振动的振幅越大并可以从中看出f驱越接近f固，振幅的变化越慢比较各组数据知f驱在5060
22、Hz范围内时，振幅变化最小，因此50 Hzf固60 Hz，即C正确7.如图14所示，在一条张紧的绳子上挂几个摆，其中A、B的摆长相等当A摆振动的时候，通过张紧的绳子给B、C、D摆施加驱动力，使其余各摆做受迫振动观察B、C、D摆的振动发现()图14AC摆的频率最小BD摆的周期最大CB摆的摆角最大DB、C、D的摆角相同答案C解析由A摆摆动从而带动其它3个单摆做受迫振动，受迫振动的频率等于驱动力的频率，故其它各摆振动周期跟A摆相同，频率也相等故A、B错误；受迫振动中，当固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象，振幅达到最大，由于B摆的固有频率与A摆的相同，故B摆发生共振，振幅最大，故C正确，D错误8在
23、实验室可以做“声波碎杯”的实验，用手指轻弹一只玻璃酒杯，可以听到清脆的声音，测得这声音的频率为500 Hz.将这只酒杯放在一个大功率的声波发生器前，操作人员通过调整其发出的声波，就能使酒杯碎掉下列说法中正确的是()A操作人员必须把声波发生器输出的功率调到很大B操作人员必须使声波发生器发出频率很高的超声波C操作人员必须同时增大声波发生器发出声波的频率和功率D操作人员必须将声波发生器发出的声波频率调到500 Hz，且适当增大其输出功率答案D解析由题可知用手指轻弹一只酒杯，测得这声音的频率为500 Hz，就是酒杯的固有频率当物体发生共振时，物体振动的振幅最大，甚至可能造成物体解体将这只酒杯放在一个大
24、功率的声波发生器前，操作人员通过调整其发出的声波，将酒杯碎掉是利用的共振现象，而发生共振的条件是驱动力的频率等于物体的固有频率，而酒杯的固有频率为500 Hz，故操作人员要将声波发生器发出的声波频率调到500 Hz，使酒杯产生共振，从而能将酒杯碎掉，故D正确.单摆模型模型特点：单摆模型指符合单摆规律的模型，需满足以下三个条件：(1)圆弧运动；(2)小角度往复运动；(3)回复力满足Fkx.典例如图15所示，ACB为光滑弧形槽，弧形槽半径为R，C为弧形槽最低点，R.甲球从弧形槽的球心处自由下落，乙球从A点由静止释放，问：图15(1)两球第1次到达C点的时间之比；(2)若在圆弧的最低点C的正上方h处
25、由静止释放小球甲，让其自由下落，同时将乙球从圆弧左侧由静止释放，欲使甲、乙两球在圆弧最低点C处相遇，则甲球下落的高度h是多少？答案(1)(2)(n0,1,2)解析(1)甲球做自由落体运动Rgt，所以t1 乙球沿圆弧做简谐运动(由于R，可认为摆角5)此运动与一个摆长为R的单摆运动模型相同，故此等效摆长为R，因此乙球第1次到达C处的时间为t2T2，所以t1t2.(2)甲球从离弧形槽最低点h高处自由下落，到达C点的时间为t甲由于乙球运动的周期性，所以乙球到达C点的时间为t乙n(2n1)(n0,1,2，)由于甲、乙在C点相遇，故t甲t乙联立解得h(n0,1,2)1解决该类问题的思路：首先确认符合单摆模
26、型的条件，即小球沿光滑圆弧运动，小球受重力、轨道支持力(此支持力类似单摆中的摆线拉力)；然后寻找等效摆长l及等效加速度g；最后利用公式T2或简谐运动规律分析求解问题2易错提醒：单摆模型做简谐运动时具有往复性，解题时要审清题意，防止漏解或多解题组1简谐运动的物理量和表达式1做简谐运动的物体，当它每次经过同一位置时，可能不同的物理量是()A位移 B速度 C加速度 D回复力答案B2某质点做简谐运动，其位移随时间变化的关系式为xAsint，则质点()A第1 s末与第3 s末的位移相同B第1 s末与第3 s末的速度相同C第3 s末至第5 s末的位移方向都相同D第3 s末至第5 s末的速度方向都相同答案A
27、D解析由关系式可知 rad/s，T8 s，将t1 s和t3 s代入关系式中求得两时刻位移相同，A对；作出质点的振动图象，由图象可以看出，第1 s末和第3 s末的速度方向不同，B错；由图象可知，第3 s末至第4 s末质点的位移方向与第4 s末至第5 s末质点的位移方向相反，而速度的方向相同，故C错，D对3做简谐振动的单摆摆长不变，若摆球质量增加为原来的4倍，摆球经过平衡位置时速度减小为原来的，则单摆振动的()A频率、振幅都不变 B频率、振幅都改变C频率不变、振幅改变 D频率改变、振幅不变答案C解析单摆的周期由摆长和当地的重力加速度决定由单摆的周期公式T2，可知，单摆摆长不变，则周期不变，频率不变
28、；振幅A是反映单摆运动过程中的能量大小的物理量，由Ekmv2结合题意可知，摆球经过平衡位置时的动能不变，因质量增大，故振幅减小，所以C正确题组2简谐运动的图象4.如图1甲所示，水平的光滑杆上有一弹簧振子，振子以O点为平衡位置，在a、b两点之间做简谐运动，其振动图象如图乙所示由振动图象可以得知()图1A振子的振动周期等于t1B在t0时刻，振子的位置在a点C在tt1时刻，振子的速度为零D从t1到t2，振子正从O点向b点运动答案D解析弹簧振子先后经历最短时间到达同一位置时，若速度相同，则这段时间间隔就等于弹簧振子的振动周期，从振动图象可以看出振子的振动周期为2t1，选项A错误；在t0时刻，振子的位移
29、为零，所以振子应该在平衡位置O，选项B错误；在tt1时刻，振子在平衡位置O，该时刻振子速度最大，选项C错误；从t1到t2，振子的位移在增加，所以振子正从O点向b点运动，选项D正确5一质点做简谐运动的图象如图2所示，下列说法正确的是()图2A质点振动频率是4 HzB在10 s内质点经过的路程是20 cmC第4 s末质点的速度是零D在t1 s和t3 s两时刻，质点位移大小相等、方向相同答案B解析由题图可知，该简谐运动的周期为4 s，频率为0.25 Hz，在10 s内质点经过的路程是2.54A20 cm.第4 s末质点的速度最大在t1 s和t3 s两时刻，质点位移大小相等、方向相反故B正确6.如图3
30、所示为同一地点的两单摆甲、乙的振动图象，则下列说法中正确的是()图3A甲、乙两单摆的摆长相等B甲摆的振幅比乙摆大C甲摆的机械能比乙摆大D在t0.5 s时有正向最大加速度的是乙摆E由图象可以求出当地的重力加速度答案ABD解析由振动图象可以看出，甲摆的振幅比乙摆的大，两单摆的振动周期相同，根据单摆周期公式T2可得，甲、乙两单摆的摆长相等，但不知道摆长是多少，不能计算出当地的重力加速度g，故A、B正确，E错误；两单摆的质量未知，所以两单摆的机械能无法比较，故C错误；在t0.5 s时，乙摆有负向最大位移，即有正向最大加速度，而甲摆的位移为零，加速度为零，故D正确7.一个单摆在地面上做受迫振动，其共振曲
31、线(振幅A与驱动力频率f的关系)如图4所示，则()图4A此单摆的固有周期约为0.5 sB此单摆的摆长约为1 mC若摆长增大，单摆的固有频率增大D若摆长增大，共振曲线的峰将向右移动答案B解析由共振曲线知此单摆的固有频率为0.5 Hz，固有周期为2 s；再由T2，得此单摆的摆长约为1 m；若摆长增大，单摆的固有周期增大，固有频率减小，则共振曲线的峰将向左移动8简谐运动的振动图线可用下述方法画出：如图5甲所示，在弹簧振子的小球上安装一支绘图笔P，让一条纸带在与小球振动方向垂直的方向上匀速运动，笔P在纸带上画出的就是小球的振动图象取振子水平向右的方向为振子离开平衡位置的位移正方向，纸带运动的距离代表时
32、间，得到的振动图线如图乙所示则下列说法中正确的是()图5A弹簧振子的周期为4 sB弹簧振子的振幅为10 cmCt17 s时振子相对平衡位置的位移是10 cmD若纸带运动的速度为2 cm/s，振动图线上1、3两点间的距离是4 cmE2.5 s时振子正在向x轴正方向运动答案ABD解析周期是振子完成一次全振动的时间，由图知，弹簧振子的周期为T4 s，故A正确；振幅是振子离开平衡位置的最大距离，由图知，弹簧振子的振幅为10 cm，故B正确；振子的周期为4 s，由周期性知，t17 s时振子相对平衡位置的位移与t1 s时振子相对平衡位置的位移相同，为0.故C错误；若纸带运动的速度为2 cm/s，振动图线上
33、1、3两点间的距离是svt2 cm/s2 s4 cm，故D正确；图象的斜率表示速度，斜率正负表示速度的方向，则知2.5 s时振子的速度为负，正在向x轴负方向运动，故E错误题组3简谐运动的综合问题9.如图6所示为一个竖直放置的弹簧振子，物体沿竖直方向在A、B之间做简谐运动，O点为平衡位置，A点位置恰好为弹簧的原长物体由C点运动到D点(C、D两点未在图上标出)的过程中，弹簧的弹性势能增加了3.0 J，重力势能减少了2.0 J对于这段过程说法正确的是()图6A物体的动能增加1.0 JBC点的位置可能在平衡位置以上CD点的位置可能在平衡位置以上D物体经过D点的运动方向可能指向平衡位置答案BD10.一质
34、点做简谐运动，其位移与时间的关系如图7所示图7(1)求t0.25102 s时质点的位移；(2)在t1.5102 s到t2102 s的振动过程中，质点的位移、回复力、速度、动能、势能如何变化？(3)在t0到t8.5102 s时间内，质点的路程、位移各多大？答案(1) cm(2)变大变大变小变小变大(3)34 cm2 cm解析(1)由题图可知A2 cm，T2102 s，振动方程为xAsin (t)Acos t2cos (t) cm2cos 100t cm当t0.25102 s时，x2cos cm cm.(2)由题图可知在t1.5102 s到t2102 s的振动过程中，质点的位移变大，回复力变大，速度变小，动能变小，势能变大(3)在t0到t8.5102 s时间内经历个周期，质点的路程为s17A34 cm，位移为2 cm.