1、高考二轮复习 -力学板块专题五 圆周运动问题高考展望圆周运动问题涉及物体的匀速圆周运动、竖直面内的圆周运动、天体的圆周运动、带电粒子在磁场或复合场中的圆周运动，这些都是高考的热点问题.从近年来高考对圆周运动问题的考查看，常常结合万有引力定律考查天体的圆周运动，结合有关电学内容考查带电粒子在磁场或复合场中的圆周运动.知识整合1.对于做匀速圆周运动的物体，只存在改变速度方向的向心加速度，其所受到的所有外力的合力即为产生向心加速度的向心力.对于做变速圆周运动的物体，不仅存在改变速度方向的向心加速度，还存在改变速度大小的切向加速度，其中产生向心加速度的向心力应为物体所受各力沿半径方向分力的矢量和.2.
2、在重力场中沿竖直轨道做圆周运动的物体，在最高点最易脱离圆轨道.对于沿轨道内侧和以细绳相连而做圆周运动的物体，轨道压力或细绳张力恰为零即只有重力充当向心力时的速度，为完成圆周运动在最高点的临界速度.其大小满足方程：mg=m,所以v临=.对于沿轨道外侧或以硬杆支持的物体，在最高点的最小速度可以为零.3.研究天体运动（包括研究人造地球卫星的运动）的基本方法，是把天体的运动看做匀速圆周运动，天体间的万有引力提供所需要的向心力.即：G=mr2.另外，一般不考虑天体自转因素的影响，而认为物体在某天体表面的重力，大小等于天体对物体的万有引力，即：mg=G.4.根据不同的需要，可以发射各种不同轨道的卫星（如极
3、地卫星、太阳同步卫星、地球同步卫星等），对于任何轨道的人造地球卫星，地球总位于其轨道中心.对于地球同步卫星，其轨道平面只能和赤道平面重合，且只能发射到特定的高度，以特定的速率运行.精典题例解读例1如图1-5-1，细杆的一端与一小球相连，可绕过O点的水平轴自由转动.现给小球一初速度，使它做圆周运动.图中a、b分别表示小球轨道的最低点和最高点，则杆对球的作用力可能是图1-5-1A.a处为拉力，b处为拉力B.a处为拉力，b处为推力C.a处为推力，b处为拉力D.a处为推力，b处为推力【解析】 因改变小球速度方向的向心力总是指向圆心的，故在最低点a处，无论小球速度大小如何，杆提供的只能是拉力，且拉力应大
4、于重力，才能合成指向圆心的向心力.而在最高点b处，重力的方向是指向圆心的，可充当向心力.当小球需要的向心力刚好等于重力时（即在b处球速vb=时R为圆轨道半径），杆处于自由状态，既不产生拉力，也不产生推力.当小球需要的向心力小于重力时（即当vb时），球对杆产生挤压作用，杆产生沿半径向外的推力.而当球需要的向心力大于重力时（即当vb），球有离心运动趋势而拉伸杆使杆产生对球的拉力.总之，杆在a处提供的只能是拉力，而在b处，则可能提供拉力、推力或不提供任何作用力.因此，正确答案为A、B.小结：在解答竖直面内的圆周运动问题时，对球在最高点的临界情况，要注意两类模型的区别：绳和杆，绳只能提供拉力，而杆既能
5、提供拉力又能提供支持力. 例2采用不同的方法可以估计银河系的质量.按某种估计认为：在距银河系中心R=3109R0(R0是地球的公转半径)范围内聚集的质量M1=1.51011M0（M0是太阳的质量）.同时离银河系中心距离R处有一颗星球绕银河系中心运转的周期T=3.75108年.若计算时可认为银河系的质量聚集在其中心，则银河系“暗含着的质量”，即半径为R的球体内未被发现的天体质量约为M0的多少倍？【解析】 根据天体的圆周运动求质量，其依据就是万有引力提供向心力，即G所以，根据该式只能求出圆心处天体的质量：M=星球绕银河系做圆周运动的向心力由银河系对其的万有引力提供，即：=m星R（）2地球环绕太阳做
6、圆周运动的向心力由太阳对地球的万有引力提供，若设地球公转周期为T0，则有：所以M银=1.921011M0.因而银河系“暗含的质量”为： M=M银-M1=1.921011M0-1.51011M0=4.21010M0. 小结：求解天体的圆周运动问题的依据就是万有引力提供向心力，其基本方程有G例3如图1-5-2所示，细线一端系住一质量为m的小球，以另一端O为圆心，使小球在竖直面内做半径为R的圆周运动.若球带正电q,空间有竖直向上的匀强电场E，为使小球能做完整的圆周运动，在最低点A小球至少应有多大的速度？图1-5-2【解析】 求解本题的关键是找出带电粒子在复合场中做圆周运动的“等效最高点”，以便求出小
7、球在“等效最高点”的临界速度，进一步求出小球在最低点A的速度.由于m、q、E的具体数值不详，故应分别讨论如下：（1） 若qEmg，则等效重力场的方向仍向下，等效重力加速度g=.因此在最高点的临界速度vB=.由动能定理，得： mg2R=mvA2-mvB2整理，得：vA=.（2）若qEmg,则等效重力场的方向向上，等效重力加速度g=.在该等效重力场中小球轨迹“最高点”（实际为问题中的最低点即A点）的临界速度为vA=.应用强化训练1.一小球用轻绳悬挂在某固定点，现将轻绳水平拉直，然后由静止释放小球，则小球由静止开始运动至最低位置的过程中小球在水平方向的速度逐渐增大小球在竖直方向的速度逐渐增大到达最低
8、点时小球线速度最大到达最低点时绳中的拉力等于小球重力正确的是A. B.C. D.【解析】 小球由释放摆至最低点的过程中，轻绳拉力始终有水平分力存在，因此小球水平方向始终存在加速度，所以其水平方向速度越来越大，即对.而竖直方向轻绳拉力的分量越来越大，由小于重力变为大于重力，其竖直方向加速度先减小至零，再反向增大，所以竖直方向的速度先增大后减小，故知、错.另由小球下摆过程中机械能守恒，摆至最低点时，重力势能最小，动能最大，所以最低点线速度最大，即对.正确选项为A.【答案】 A2.由上海飞往洛杉矶的飞机在飞越太平洋上空的过程中，如果保持飞行速度的大小和距离海面的高度不变，则以下说法正确的是A.飞机做
9、的是匀速直线运动B.飞机上的乘客对座椅压力略大于地球对乘客的引力C.飞机上的乘客对座椅压力略小于地球对乘客的引力D.飞机上的乘客对座椅的压力为零【解析】 因地球为球形，飞机飞行中实际在绕地心做圆周运动，其加速度向心加速度总是向下指向地心，乘客随飞机运动亦有指向地心向下的加速度，处于失重状态，故对座椅的压力小于其重力，即答案C对.【答案】 C3.（2003年北京春季，20）在地球（看作质量均匀分布的球体）上空有许多同步卫星，下面的说法中正确的是A.它们的质量可能不同B.它们的速度可能不同C.它们的向心加速度可能不同D.它们离地心的距离可能不同【解析】 同步卫星离地球高度、运行速度、向心加速度均是
10、确定的值.所以B、C、D皆错，A对.【答案】 A4.如图1-5-3所示，两半径不同而内壁光滑的半圆轨道固定于地面，一个小球分别从与球心在同一水平高度的A、B两点从静止开始自由下滑，通过轨道最低点时图1-5-3小球对两轨道的压力相同小球对两轨道的压力不同小球的向心加速度不相等小球的向心加速度相等正确的是A. B.C. D.【解析】 设轨道半径为R，则由机械能守恒可得小球到达最低点时速度v=，由牛顿第二定律，得：F-mg=m,所以F=mg+m=3mg.可见，小球对轨道的压力与轨道的半径无关，同样最低点处小球的向心加速度也与轨道半径无关，恒为2g.【答案】 A5.如图1-5-4所示，用绝缘细线拴一带
11、负电小球，在竖直面内做圆周运动，则图1-5-4A.当小球运动到最高点a时，线的张力一定最小B.当小球运动到最低点b时，小球的速度一定最大C.当小球运动到最高点a时，电势能一定最小D.小球在运动过程中机械能守恒【解析】 小球所受电场力方向竖直向上，与重力方向相反，但由于电场力和重力的大小关系不确定，所以小球所受“等效重力”的方向不确定，因而小球在哪点速度最大，线的弹力最大，是不确定的.另由电场力做功和电势能变化的关系可知，小球在最高点时电势能一定最小. 【答案】 C6.赤道地区地面附近的重力加速度g=9.780 m/s2，地球赤道半径R=6378 km，地球自转周期T=24 h.试根据以上数据计
12、算通讯卫星离地的高度和运行速度.【解析】 地球对通讯卫星的万有引力是通讯卫星做圆周运动的向心力.设通讯卫星质量为m，离地高度为h，地球质量为M，则由牛顿第二定律，得：又物体在地球表面的重力近似等于地球对物体的万有引力，即：mg=联立以上两方程解得：h= m-6378103 m=3.58107 m所以v= m/s=3.07103 m/s.【答案】 3.58107 m；3.07103 m/s7.如图1-5-5所示，A、B分别为竖直固定光滑轨道的最低点和最高点.已知质量为m的小球通过A点的速率为2 m/s，试求它通过B点速率的最小值.图1-5-5【解析】 由机械能守恒定律知，轨道半径越大，小球通过B
13、点速率越小，但小球能通过最高点的速率应受圆周运动规律的制约，当小球通过最高点重力恰好充当向心力时，其对应的速度即为所求.设轨道半径为R时小球恰通过B点的速率为v，则由机械能守恒定律，得：mv2+2mgR=mv02又因：mg=m解得：v=2 m/s【答案】 2 m/s8.如图1-5-6所示，长为1 m的轻杆可绕距右端0.6 m的O轴在竖直平面内无摩擦地转动.质量均为m=20 g的A、B两球分别固定在杆的两端.现将杆由水平位置释放问轻杆转到竖直位置时两球速度各多大？杆对轴的作用力如何？图1-5-6【解析】 两球系统在转动过程中机械能守恒，即：mg-mg=mvB2+mvA2又代入数据解得：vA=1.
14、1 m/s,vB=1.66 m/s分别对A、B两球应用牛顿第二定律，得：FB-mg=mFA+mg=m解得：FB=0.29 N,FA=-0.14 N，“-”号说明杆对A的作用力为支持力.所以杆对轴的作用力大小为：FN=FA+FB=|FA|+FB=0.43 N,方向向下.【答案】 vA=1.1 m/s,vB=1.66 m/s；杆对轴的作用力大小为0.43 N，方向竖直向下9.如图1-5-7所示，在竖直平面内，一光滑圆环固定于一水平向右的匀强电场中，在最低点有一个初速度为v0、质量为m、带电量为+q的小球，已知qE=mg.试求：图1-5-7（1）为使小球能完成圆周运动而不脱离圆环，圆环的半径R最大为
15、多大？（2）小球在运动过程中的最大速率.【解析】 （1）等效重力的大小：mg=,等效重力的方向为右偏下45，最易脱离轨道处在圆环上偏左45处.设恰不脱离轨道时轨道半径为R，则有：mg=m由动能定理，得：-mgR(1+cos45)=mv2-mv02解得：R=（2）小球在环的右偏下45处时速率最大.由动能定理，得：mgR(1-cos45)= mvm2-mv02所以，vm=v0【答案】 （1）v02/(3+2)g（2）v010.1997年8月26日在日本举行的国际学术大会上，德国Max Planck学会的一个研究组宣布了他们的研究结果：银河系的中心可能存在一个大“黑洞”.所谓“黑洞”，它是某些天体的
16、最后演变结果. （1）根据长期观测发现，距离某“黑洞”6.01012 m的另一个星体（设其质量为m）以2106 m/s的速度绕“黑洞”旋转，求该“黑洞”的质量M；（结果要求两位有效数字）（2）根据天体物理学知识，物体从某天体上的逃逸速度公式为v=,其中引力常量G=6.6710-11 Nkg-2,M为天体质量，R为天体半径，且已知逃逸速度大于真空中光速的天体叫“黑洞”.请估算（1）中“黑洞”的可能最大半径.（结果只要求一位有效数字）【解析】 （1）设“黑洞”质量为M，天体质量为m，它们之间的距离为r，根据万有引力等于向心力，有,M= kg=3.61035 kg.（2）设“黑洞”的可能半径为R，质
17、量为M，依题意，须满足c,即有R,所以“黑洞”的可能最大半径Rmax= m=5108 m.【答案】 (1)3.61035 kg (2)5108 m教学参考链接因竖直面上物体的圆周运动一般为变速的圆周运动，在中学阶段只能讨论物体在圆周上特殊点最“高”点或最“低”点的运动情况，因此，讨论物体在轨道的最“高”点或最“低”点的运动情况、受力情况及其间关系，是本专题内容的重点；而对物体完成圆周运动临界状态的分析（特别是在复合场中）是本专题的特点.对带电摆球在复合场中的圆周运动的问题，可通过引入“等效重力场”的方法予以解决.另外应使学生明白，处理圆周运动问题的基本方程仍是牛顿第二定律方程.实际上，对圆周运
18、动问题的处理，就是牛顿运动定律应用的继续，处理问题的基本方法与处理直线运动的动力学问题大致相同.人造地球卫星问题，既涉及自然界中一个重要的力学定律万有引力定律，又涉及一些现代高科技的知识.正是高考命题的热点之一，特别是同步卫星问题，几乎各种形式的高考，每年都有考题出现，因此应当把该专题作为重点对待.题目不一定要做太多，关键是掌握处理问题的方法.能力提升检测 运动和力（A卷）一、选择题（本题共8小题，每小题5分，共40分.每小题给出的四个选项中，只有一项符合要求，选对得5分，选错或不答得0分）1.如图1所示，一质点做曲线运动从M点到N点，当它通过P点时，其速率v和加速度a的方向关系可能正确的是图
19、1【解析】 物体做曲线运动时，由于速度方向变化，所以，它所受的合外力及其加速度均指向轨迹的内侧.【答案】 C2.如图2所示，在细绳的下端挂一物体，用力F拉物体，使细绳偏离竖直方向角，且保持角不变，当拉力F与水平方向夹角为多大时，拉力F的值最小图2A.=0 B.=C.= D.=2【解析】 选节点O研究其受向下的力F1（大小恒等于悬挂物的重力）、倾斜绳的拉力F2和F作用.由平衡条件知，F2和F的合力大小等于竖直悬绳的拉力F1，但方向相反，由力合成的平行四边形定则或三角形定则可知，当F和F2垂直，即=时，F有最小值如图所示.【答案】 C3.如图3所示，套在竖直细杆上的环A由跨过定滑轮的不可伸长的轻绳
20、与重物B相连，由于B的质量较大，故在释放B后，A将沿杆上升.当A上升至环与定滑轮的连线处于水平位置时，其上升速度vA0，这时B的速度为vB，则图3A.vAvB0 B.vA=vBC.vAvB D.vB=0【解析】 按A运动的实际效果，vA可分解为沿绳和垂直于绳的两个分速度v和v，其中v=vB.当A运动至与定滑轮等高位置时，vB=v=0.【答案】 D4.一个物体受到三个在同一平面内而不在同一直线上的力F1、F2、F3作用而处于平衡状态，下面说法中正确的是A.三个力同时增加相同值，物体不一定处于平衡状态B.若F2增加了F，则物体必将沿F2的方向做匀加速直线运动C.若各力的大小不变，仅将F2的方向稍微
21、改变，则物体一定做直线运动D.当F2突然变小时，物体一定做匀减速直线运动【解析】 物体平衡，可能静止，也可能做匀速直线运动.物体所受三力中任何一力发生变化时，必导致合力发生变化从而使合力不为零.考虑到若原物体处于匀速直线运动状态，则合力与原速度方向间关系无法确定，因而合力变化后物体的具体运动形式无法确定，故可排除B、C、D.由于三力大小、方向具体关系不确定，当三力都增大相同的数值后，合力不一定为零（只有当原三力互成120角平衡时，各力增大相同值后合力仍为零），故物体不一定处于平衡状态.【答案】 A5.做平抛运动的物体，每秒的速度增量总是A.大小相等，方向相同B.大小不等，方向不同C.大小相等，
22、方向不同D.大小不等，方向相同【解析】 因为平抛运动中，物体只受恒定的重力作用，所以物体每秒内速度的增量恒等于重力的加速度的大小，方向恒为向下.【答案】 A6.（2000年高考科研测试）设月球绕地球运动的周期为27 d，则地球的同步卫星到地球中心的距离r与月球中心到地球中心的距离R之比r/R为A. B.C.D. 【解析】 月球和地球同步卫星绕地球做圆周运动的向心力都由地球的万有引力提供，即：,所以T=2,可见r,所以r/R=1/9. 【答案】 B7.一颗人造地球卫星以初速度v发射后，恰可绕地球表面做匀速圆周运动，若使发射速度为2v，则该卫星可能A.绕地球做匀速圆周运动，周期变大B.绕地球运动，
23、轨道变为椭圆C.不绕地球运动，成为太阳系的人造行星D.挣脱太阳引力的束缚，飞到太阳系以外的宇宙【解析】 因v7.9 km/s,所以2v15.8 km/s，大于第二宇宙速度11.2 km/s，小于第三宇宙速度16.7 km/s，故发射物体将脱离地球吸引，成为太阳系的人造行星.【答案】 C8.有两个光滑固定斜面AB和BC，A和C两点在同一水平面上，斜面BC比斜面AB长（如图4所示）.一个滑块自A点以速率vA上滑，到达B点时速度减小为零，紧接着沿BC滑下.设滑块从A点到C点的总时间是tC，那么下列四个图（图5）中，正确表示滑块速度的大小v随时间t变化规律的是图4 图5【解析】 滑块沿AB做减速直线运
24、动，设加速度为a1，运动时间为t1，则sAB=a1t12；滑块沿BC做匀加速直线运动，设加速度为a2，运动时间为t2，则sBC=a2t22.又滑块在斜面AB上比在BC上加速度大，即a1a2，又sABsBC，所以t1t2.可能对的选项是BCD.又v与t是直线关系，D选项错.整个过程中机械能守恒，故应选C.【答案】 C二、填空题（本题共3小题，每小题6分，共18分）9.当一组气体分子通过如图6所示圆柱体时，只有速率严格限定的分子才能通过圆柱体中的沟槽而不和沟壁碰撞.已知圆柱体绕OO轴以n r/s的转速旋转，圆柱体长L m，沟槽进口所在半径与出口所在半径之间夹角为,则可判定通过沟槽的分子速率为_.图
25、6【解析】 气体分子前进L的时间内圆柱应恰好转过角.即：=2n，所以v=2nL/.【答案】 2nL/10.如图7所示，光滑圆环固定在竖直平面上，环上穿过带孔小球A、B，两球用轻绳系着，平衡时细绳与水平方向的夹角为30，此时球B恰与环心O在同一水平面上，则A球与B球的质量之比是mAmB=_.图7【解析】 对B受力分析如图由平衡条件得：FT=mBg/sin30=2mBg.对A受力分析如图，由平衡条件及几何关系知，FT=mAg，所以mAmB=21.【答案】 2111.一次用闪光照相方法研究平抛运动规律时，由于某种原因，只拍到了部分方格背景及小球的3个瞬时位置A、B、C，如图8所示，若已知频闪的间隔为
26、0.1 s（即相邻的两个位置之间的运动时间），A、B位置在竖直方向相距3格，B、C位置在竖直方向相距5格，每格长度为5 cm，则小球运动中的水平分速度大小为_m/s，小球经B点时的竖直分速度大小为_m/s.(取g=10 m/s2)图8【解析】 由竖直方向sy=gT2得T= s=0.1 s，所以vx= m/s=1 m/s.由匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻的即时速度得：vBy= m/s=2 m/s【答案】 1；2三、计算题（本题共3小题，共42分）12.（12分）甲乙两车同时从同一地点出发，甲以16 m/s的初速度、2 m/s2的加速度做匀减速直线运动，乙以4 m/s的初速度、1 m/s2的
27、加速度和甲同向做匀加速直线运动，求两车再次相遇前两车相距的最大距离和再次相遇时两车运动的时间.【解析】 两车等速时相距最远，设其间历时为t，则有：v甲=16-2t=v乙=4+t所以t=4 s所以两车最大距离：sm=164 m-242 m-(44+142) m=24 m.设从开始至再次相遇历时t，若再次相遇前甲车仍在运动中，则有：16t-2t2=4t+1t2解得：t=8 s此时v甲=(16-28) m/s=0，即两车再次相遇时甲车速度恰减为零，所解结果符合实际情况. 【答案】 24 m；8 s13.(14分)如图9所示，一光滑斜面与竖直方向成角，一小球有两种方式释放：第一种方式是在A点以速度v0
28、平抛落至B点；第二种方式是在A点松手后沿斜面自由下滑，求：图9（1）AB的长度多大？（2）两种方式到B点，平抛的运动时间为t1，下滑的时间为t2,t1/t2等于多少？（3）两种方式到B点的水平速度之比v1x/v2x和竖直分速度之比v1y/v2y各是多少？ 【解析】 (1)由平抛运动规律，得：sABcos=gt12sABsin=v0t1解得：sAB=2v02cos/gsin2.(2)t1=， t2=所以=cos(3)=【答案】 （1）2v02cos/gsin2 (2)cos (3) ；14.（16分）如图10所示，质量为M的木板可沿倾角为的光滑斜面下滑.木板上站着一个质量为m的人.问：图10（1
29、）为了保持木板与斜面相对静止，人应如何运动？（2）为保持人与斜面相对静止，木板的加速度多大？方向如何？【解析】 （1）分析木板受力，由平衡条件知人对木板沿斜面向上的摩擦力F=mgsin.分析人的受力情况，其所受合外力Fm=mgsin+F=(M+m)gsin，所以由牛顿第二定律，得：am=.(2)对人板系统，其所受合外力F=（M+m）gsin，因人静止，加速的只有木板，故系统的加速度即表现为木板的加速度，所以am=gsin.【答案】 (1)人以加速度a=沿斜面向下加速运动（2）gsin，沿斜面向下.运动和力（B卷）一、选择题（本题共8小题，每小题5分，共40分.每小题给出的四个选项中，只有一项符
30、合要求，选对得5分，选错或不答得0分）1.如图1所示，一个重为G的木箱放在水平地面上，木箱与水平面间的动摩擦因数为，用一个与水平方向成角的推力F推动木箱沿地面做匀速直线运动，则推力的水平分力等于图1A.G B.G/(cos-sin)C.G/(1-tan)D.Fsin【解析】 由平衡条件得：Fcos=（G+Fsin），所以F=，所以F的水平分力Fx=Fcos=【答案】 C2.一个质点在恒力F的作用下，由O点运动到A点的轨迹如图2所示，在A点时速度的方向与x轴平行，则恒力F的方向可能沿图2A.+x轴 B.-x轴C.+y轴 D.-y轴【解析】 质点由O至A的过程中，+y方向动量减小为零，说明沿-y方
31、向受到了力的冲量作用，由此可排除A、B、C，正确答案只能是D.【答案】 D3.驾驶员手册规定：具有良好刹车的汽车以72 km/h的速率行驶时，可以在52 m的距离内被刹住；在以36 km/h的速率行驶时，可以在18 m的距离内被刹住，假设对这两种速率，驾驶员所允许的反应时间（在反应时间内驾驶员来不及使用刹车，车速不变）与刹车的加速度值都相同，则允许驾驶员的反应时间为A.1.0 s B.1.2 sC.1.5 s D.2 s【解析】 设反应时间为t，刹车加速度大小为a，则由题意，得：20t+=5210t+=18消去a解得：t=1.0 s【答案】 A4.如图3所示，水平圆盘可绕通过圆心O的竖直轴转动
32、，盘上放两个小物体P和Q，它们的质量相同，与圆盘的最大静摩擦力都是Fm，两物体中间用一根细线连接，细线过圆心，P离圆心距离为r1,Q离圆心距离为r2,且r1r2，两物体随盘一起以角速度匀速转动，在的取值范围内P和Q始终相对圆盘无滑动，则图3A.无论取何值时，P、Q所受摩擦力都指向圆心B.取不同值时，Q所受静摩擦力始终指向圆心，而P所受摩擦力可能指向圆心，也可能背离圆心C.取不同值时，P所受静摩擦力始终指向圆心，而Q所受静摩擦力都指向圆心，也可能背离圆心D.取不同值时，P和Q所受静摩擦力都有可能指向圆心，也都有可能背离圆心【解析】 当较小时，P、Q所需向心力都小于Fm，绳子不产生张力作用，P、Q
33、所受摩擦力分别充当其向心力，都是指向圆心的.由F向=mr2知，Q需要的向心力较大，Q的摩擦力是先达最大.再增大时，绳子开始产生张力，且随的继续增大绳子张力逐渐增大.当绳子张力增大到刚好等于P所需向心力时，P受摩擦力减小为零.当再增大，使绳子张力增大到P所需向心力时，P则应受到背离圆心的向心力.如若r2=2r1，且绳张力F=Fm，Q受摩擦力达最大值时角速度为0，则有2Fm=mr202，所以02=，此时P所需向心力FP=mr102=Fm=Fm=F，即此时P的向心力刚好由绳子张力提供，P所受摩擦力恰为零.若0或r22r1，则定会出现P的摩擦力背离圆心的情况.【答案】 B5.两木块A、B由同种材料制成
34、，mAmB,并随木板一起以相同速度向右匀速运动，如图4所示，设木板足够长，当木板突然停止运动后，则图4A.若木板光滑，由于A的惯性大，故A、B间距离将增大B.若木板粗糙，由于A受的阻力大，故B可能与A相碰C.无论木板是否光滑，A、B间距离将保持不变 D.无论木板是否光滑，A、B两物体一定能相碰【解析】 木板停止运动后，A、B将以相同的初速度做加速度相同的（a=g）匀减速运动（木板光滑时A、B均做匀速运动），在任意相同的时间内位移都相同，因此A、B间距保持不变.【答案】 C6.为训练宇航员习惯失重，需要创造失重环境.在地球表面附近，可以在飞行器的座舱内短时间地完成失重.设某一飞机可做多种模拟飞行
35、，令飞机于速率500 m/s时进入实验状态，而在速率为1000 m/s时退出实验，则可以实现实验目的的飞行是飞机在水平面内做变速圆周运动，速度由500 m/s 增加到1000 m/s 飞机在竖直面内沿圆弧俯冲，速度由500 m/s增加到1000 m/s（在最低点） 飞机以500 m/s做竖直上抛运动（关闭发动机），当它竖直下落速度增加到1000 m/s时，开动发动机退出实验状态 飞机以500 m/s沿某一方向做斜抛或平抛运动（关闭发动机），当速度达到1000 m/s时开动发动机退出实验状态以上叙述正确的是A.只有 B.只有C.只有 D.只有【解析】 只有具有向下的加速度或向下的加速度分量时，物
36、体才处于失重状态.中飞机加速度在水平方向；中加速度倾斜向上；、中飞机加速度竖直向下，故处于失重状态的是、，即答案D正确.【答案】 D7.（2000年广东，6）跨过定滑轮的绳的一端挂一吊板，另一端被吊板上的人拉住，如图5所示.已知人的质量为70 kg，吊板的质量为10 kg，绳及定滑轮的质量、滑轮的摩擦均可不计.取重力加速度g=10 m/s2.当人以440 N的力拉绳时，人与吊板的加速度a和人对吊板的压力F分别为图5A.a=1.0 m/s2,F=260 NB.a=1.0 m/s2,F=330 NC.a=3.0 m/s2,F=110 ND.a=3.0 m/s2,F=50 N【解析】 将人与吊板整体
37、考虑，据牛顿第二定律：2T-（m人+m板）g=（m人+m板）a，代入数据a=1.0 m/s2，选项C、D被排除.用隔离法研究人向上运动，设吊板对人的支持力为F，则T+F-m人g=ma,得F=330 N，据牛顿第三定律，人对吊板的压力F=F=330 N，选项B正确. 【答案】 B8.两木块自左向右运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下每次曝光时木块的位置，如图6所示，连续两次曝光的时间间隔是相等的.由图可知图6A.在时刻t2以及时刻t3两木块速度相同B.在时刻t3两木块速度相同C.在时刻t3和时刻t4之间某瞬时两木块速度相同D.在时刻t4和时刻t5之间某瞬时两木块速度相同【解析】 设连
38、续两次曝光的时间间隔为t，记录木块位置的直尺最小刻度间隔长为l，由图可以看出下面木块间隔均为4l，木块匀速直线运动，速度v=.上面木块相邻的时间间隔内木块的间隔分别为2l、3l、4l、5l、6l、7l，相邻相等时间间隔t内的位移之差为l=l=恒量.所以上面木块做匀变速直线运动，它在某段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度得t2、t3、t4、t5时刻的瞬时速度分别为：v2=；v3=；v4=；v5=可见速度v=介于v3、v4之间【答案】 C二、填空题（本题共3小题，每小题6分，共18分）9.如图7所示，A、B两个物体靠在一起，放在光滑水平面上，它们的质量分别为mA=3 kg, mB=6 kg,今用
39、水平力FA推A，用水平力FB拉B，FA和FB随时间变化的关系是FA=（9-2t） N,FB=（3+2t） N.则从t=0到A、B脱离，它们的位移是_.图7【解析】 A、B刚要脱离时，A、B间作用力为零且加速度相同.即：，所以t=2.5 s.又A、B分离前共同运动的加速度a= m/s2= m/s2，所以共同运动的位移s=at2=2.52 m=4.17 m.【答案】 4.17 m10.如图8所示，一根为l的均匀杆上端搁在墙上，下端以恒定速度v向右滑动时，其上端沿墙下滑的速度大小的变化情况是_；当杆滑到与水平面成角时（900），杆上端沿墙下滑的速度大小为_.图8【解析】 将两端对地速度分解如图所示，
40、则由两端沿杆方向速度相等，得：v=vcos=v=vsin，所以v=vcot.【答案】 逐渐增大；vcot11.（2001年上海，13）如图9所示，图A是高速公路上用超声波测速仪测量车速的示意图，测速仪发出并接收超声波脉冲信号.根据发出和接收的信号间的时间差，测出被测物体的速度.图B中P1、P2是测速仪发出的超声波信号，n1、n2分别是P1、P2由汽车反射回来的信号.设测速仪匀速扫描，P1、P2之间的时间间隔t=1.0 s，超声波在空气中传播速度是v=340 m/s，若汽车是匀速行驶的，则根据图B可知，汽车在接收到P1、P2两个信号之间的时间内前进的距离是_m，汽车的速度是_m/s.图9【解析】
41、 设汽车在接收到P1、P2两个信号时距测速仪的距离分别为s1、s2，则有：2s1-2s2=vt，其中t=t=0.1 s.汽车在接收到P1、P2两个信号之间的时间内前进的距离为：s1-s2= m=17 m.已知测速仪匀速扫描，由图B计录数据可求出汽车前进（s1-s2），这段距离所用时间为t=t-=(1.0-) s=0.95 s，汽车运动速度v= m/s=17.9 m/s.【答案】 17；17.9三、计算题（本题共3小题，共42分）12.（12分）1999年11月20日我国发射了“神舟”号载人航天试验飞船，飞船顺利升空，在绕地球飞行一段时间后，于11月21日安全降落在内蒙古中部地区.为保护飞船，飞
42、船返回接近地面时张开降落伞减速，但临近地面时速度仍达到15 m/s,为实现软着陆，在返回舱离地面约15 m时启动5个反推力小火箭，若返回舱重8 t，则每支火箭的平均推力约为多少？（g取10 m/s2）【解析】 设飞船软着陆时的末速度为零；加速度大小为a，则 v2=2as,解得 a=7.5 m/s2.由牛顿第二定律，有 5F-mg=ma,解得 F=2.8104 N.【答案】 2.8104 N13.（14分）如图10甲所示，一轻弹簧劲度系数为k，下面悬挂一质量为m的砝码A，手拿一块质量为M的木板B，用B托住A上压弹簧如图10乙所示.此时若突然撤去B，则A向下的加速度为a(ag).现用手控制B使B以
43、加速度向下做匀加速直线运动.图10（1）求砝码做匀加速直线运动的时间.（2）求出这段时间的起始和终了时刻手对木板作用力的表达式，并说明已知的各物理量满足何种关系时，上述两个时刻手对木板的作用力方向相反？【解析】 (1)设最初弹簧压缩量为x1，A、B脱离时弹簧压缩量为x2，则由牛顿第二定律，得：kx1+mg=makx2+mg=max1-x2=t2解得：t=2(2)起始时刻，对A、B系统由牛顿第二定律，得：kx1+(M+m)g-F1=(M+m)所以F1=M（g-）+2ma/3.方向向上.取向下为正方向，对B由牛顿第二定律得Mg+F2=Ma则F2=M(a-g)当a=3g时，F2=0，当a3g时，F2
44、0，方向向下，与F1方向相反. 当ga3g时，F20，方向向上. 【答案】 (1)2（2）a3g14. (16分)长为L的细绳一端固定于O点，如图11所示，另一端拴一质量为m的小球，把球拉至最高点A以v0水平抛出，求当v0为下列值时，小球运动到最低点C时线中的张力大小.图11(1)v0=2(2)v0=【解析】 小球抛出后绳子恰不松弛（即球能沿半径为L的圆周运动）时，v0min应满足方程：mg=m，所以v0min=(1)v0=2v0min，故球能沿圆周运动.设球运动至最低点速度为v，则由机械能守恒定律，得：mv2=mv02+2mgL所以v2=8gL由牛顿第二定律，得：F-mg=m所以F=mg+m=9mg(2)v0=v0min，小球抛出后将做平抛运动，设经时间t绳被拉直，此时绳子与竖直方向成角，则由平抛运动规律，得：Lsin=v0tL(1-cos)=gt2得所以t= 代入，得：=90，即小球运动到与O点在同一水平面处时绳被拉直.在绳被拉直瞬间，由于绳子张力的冲量作用，小球水平方向速度立即减为0，小球只存在竖直速度vy=.以后摆动中机械能守恒，设小球摆至最低点时速度为v，则：mv2=mvy2+mgL所以v2=4gL由牛顿第二定律，得：F-mg=m所以F=mg+m=5mg【答案】 （1）9mg (2)5mg