1、衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版第 1 页共 10 页一切不按照高考标准进行的训练，都对备战高考没有任何意义！衡水泰华中学决胜高考物理暑假必刷密卷做题时间：2022 年_月_日,_：_:_实际得分：_家长签字(严禁代签):_电磁感应专练本套主要考察：电磁感应现象、右手定则、楞次定律、由图像计算感应电动势、线框进出磁场的过程分析，思维量很大，题型新颖，需静心专注。注意事项：1.本套密卷满分 100 分，做题所需时间 90 分钟；2.请一律用 0.5 或以上的黑色中性签字笔在规定的答题纸上做答，注意书写规范；3.做题不改错，等于没有做！做完之后，要求依照答案用红笔自判所有主客观题，
2、并算出总得分，请家长签字确认，并在积累本进行认真的错题整改反思，并把本套题的主要收获、主要不足和反思写到每套题所附的反思纸上，开学上交。第 I 卷（选择题）一、单选题(每题 4 分共 12 分)1如图所示，空间中某区域内存在竖直向下的匀强磁场，将一水平放置的金属棒 ab 从磁场外紧贴磁场边缘以某一速度水平抛出，不计空气阻力，金属棒在运动过程中始终保持水平且未离开磁场区域。下列说法正确的是（）A由于速率不断增大，所以感应电动势不断变大，且abB从抛出到落地的过程中，电子不断从 b 向 a 定向移动C单位时间内 ab 扫过的曲面中的磁通量是定值D电场力使金属棒两端分别积累了正、负电荷2如图甲所示，
3、空间中存在一方向与纸面垂直、磁感应强度随时间变化的匀强磁场，一边长为 L 的单匝正方形线框固定在纸面内，线框的电阻为 R，线框一半面积在磁场中，M、N 两点为线框与磁场边界的交点。t=0 时磁感应强度的方向如图甲所示，磁感应强度 B 随时间 t 变化的关系如图乙所示，则下列说法正确的是（）A0t0 时间内，线框所受安培力的方向水平向右B0t1 时间内，M 点的电势始终大于 N 点的电势Ct0t1 时间内，线框中的感应电流沿逆时针方向D线框中的感应电流为200B Lt R3长为1mL 的两根完全相同的软绝缘金属导线放在光滑的水平桌面上，周围有垂直桌面向下的匀强磁场，磁感应强度大小0.2TB。初始
4、时，两导线两端连接盘绕放置，现在外力作用下拉动导线，使两根导线在0.5st 时间内形成一个圆形，如图所示。已知每根导线电阻0.6R 。正确的是（）A此过程中感应电动势的平均值1 V5EB此过程中通过导线的平均感应电流1 A3IC此过程中通过导线横截面的电荷量1 C3qD此过程中导线中形成的电流沿顺时针方向二、多选题（每题 4 分共 36 分，选不全得 2 分，有错选不得分）4如图甲所示，轻质绝缘细线吊着一质量为 0.8kg、边长为 1m，匝数为 20 匝的正方形闭合线圈，其总电阻为 2。在线圈的中间位置以下区域存在垂直纸面向里匀强磁场，磁感应强度大小随时间变化的关系如图乙所示，重力加速度 g
5、取 102m/s。下列说法正确的是（）A线圈中的感应电流大小为 0.5AB06 内线圈产生的焦耳热为 3JC6t s 时细线的拉力大小为 16ND06 内通过导线横截面的电荷量为 3C5在光滑的水平面上，有一竖直向下的匀强磁场，分布在宽度为 L 的区域内。现有一边长为 d dL的正方形闭合金属线框 ABCD。第一次线框以初速度0v 沿垂直于磁场边界的方向进入磁场，线框刚好能穿出磁场；第二次线框以初速度02v 沿垂直于磁场边界的方向进入磁场，下列说法正确的是（）第 11 套组编人：李朝阳校对人:石明超审核人：王娜衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版第 2 页共 10 页一切不按照高考
6、标准进行的训练，都对备战高考没有任何意义！A线框两次进入磁场过程中，通过线框横截面的电荷量相同，时间相同B第二次线框离开磁场所用时间小于第一次线框进入磁场所需时间C第二次线框进入磁场过程克服安培力做功与第一次线框进入磁场过程克服安培力做功之比为7:3D第二次线圈进入磁场的过程中产生的热量与第二次线框穿出磁场的过程中产生的热量之比为7:56如图甲所示，粗细均匀的电阻丝制成的闭合线圈处于匀强磁场中，磁感应强度 B 随时间 t 的变化规律如图乙所示，磁场垂直线圈平面向内为正方向。下列关于线圈中的感应电流 i 及线圈 ad 边所受的安培力 F 随时间变化的关系图像中正确的是（取顺时针方向为感应电流的正
7、方向，水平向左为安培力的正方向）（）ABCD7如图所示，足够长的光滑平行导轨水平放置，导轨间距1mL，虚线右侧存在磁感应强度大小=1TB，方向竖直向下的匀强磁场。质量均为1kgm、电阻均为1R、长度均为 L 的导体棒 a，b 均静止轨上，导体棒 b 距离磁场左边界3mx，导体棒 a 在磁场外，在外力作用下压缩着一根水平轻弹簧，弹簧储存的弹性势能为 8J。现撤去外力，导体棒 a 被弹簧水平弹出，且进入磁场前已与弹簧分离，在此运动过程中，两导体棒与导轨始终接触良好。若导轨电阻不计，两导体棒发生的是弹性碰撞，则下列说法正确的是（）A导体棒 a 刚进入磁场时导体棒 b 的加速度大小为 2m/s2B导体
8、棒 a 先减速到 2.5m/s 时与导体棒 b 相碰，碰后又开始加速运动C整个过程中导体棒 b 产生的焦耳热为 4JD最终稳定时 a、b 两导体棒之间的距离为 1m8如图甲所示，两根足够长的光滑金属导轨 ab、cd 与水平面成30 固定，导轨间距离为1ml，电阻不计。一个阻值为0R 的定值电阻与电阻箱 R 并连接在两金属导轨的上端，整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度方向与导轨所在平面垂直，磁感应强度大小为1TB。现将一质量为 m、电阻可以忽略的金属棒 MN 从图示位置由静止开始释放。金属棒下滑过程中与导轨接触良好。改变电阻箱的阻值R，测定金属棒的最大速度mv，得到的m11vR系如图乙所示。取2
9、10m/sg。则下列说法正确的是（）A金属棒的质量0.2kgm B定值电阻02R C当电阻箱 R 取 2，且金属棒的加速度为 4g 时，金属棒的速度1m/sv D若磁场磁感应强度大小不变，方向变为竖直向上，电阻箱 R 取 2，则导体棒匀速时的速度为 4 m/s39如图所示，电阻不计的两平行光滑金属导轨固定在竖直平面内，导轨上、下两端分别连接阻值为R1=0.6、R2=1.2的定值电阻，两导轨之间的距离为 L=1m。矩形区域 abcd 内存在磁感应强度大小为B=1T、方向垂直纸面向里的匀强磁场，ab、cd 之间的距离为 h1=1.5m。在 cd 下方有一垂直于导轨、长为 L 的导体棒 MN，其质量
10、为 m=2kg，电阻为 r=0.1，最初 MN 与 cd 之间的距离为 h2=2m，导体棒在竖直向上的恒力 F=28N 的作用下由静止开始运动。已知 MN 与导轨始终垂直且接触良好，取210m/sg。则导体棒 MN 在磁场中运动的过程中（）A导体棒 MN 两端的电势差 UMN=0.8VB导体棒 MN 的热功率为 6.4WCR1 上产生焦耳热的最大值为 8JD流过 R2 的电荷量的最大值为 1C10如图所示，光滑平行金属导轨间距 d=1m，竖直四分之一圆弧部分与水平部分平滑连接，圆弧半径 R=1.8m，导轨右端接有阻值 R0=6的定值电阻，导轨水平部分区域有垂直导轨向上的匀强磁场，磁感应强度大小
11、 B=3T，磁场区域长 L=2m，导体棒 ab 从圆弧导轨顶部无初速度释放，导体棒 ab 质量m=0.5kg，接入回路部分电阻 r=3，导体棒与导轨始终接触良好，不计其他电阻，重力加速度 g 取10m/s2，下列说法正确的是（）A导体棒克服安培力做功功率的最大值为 18WB导体棒两端最大电势差为 12VC整个过程通过导体棒电荷量为 1 C3衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版第 3 页共 10 页一切不按照高考标准进行的训练，都对备战高考没有任何意义！D电阻 R 上产生的最大热量为16 J311如图所示，两根相距 L 且电阻不计的足够长光滑金属导轨，导轨左端为弧形，右端水平，且水平
12、部分处于方向竖直向下、磁感应强度大小为 B 的匀强磁场中。铜棒 a、b 电阻均为 R、质量均为 m，均与导轨垂直且与导轨接触良好，铜棒 b 静止在导轨水平部分，铜棒 a 在弧形导轨上从距离水平部分高度为0.5hL处由静止释放，关于此后的过程，下列说法正确的是（）A回路中的最大电流为gLBLRB铜棒 b 的最大加速度为222gLB LmRC铜棒 b 获得的最大速度为gLD回路中产生的总焦耳热为4mgL12如图所示，光滑水平面上虚线和之间存在竖直向上的匀强磁场，宽度00.4mL。质量0.6kgm、电阻0.8R 的单匝长方形线框 abdc 静止放在虚线左侧距离为0.6ms 处，线框 ab 的边长为1
13、0.4mL，ac 的边长为21.3mL。现用一水平向右的恒力2NF 拉线框，当 cd 边刚进入磁场时线框受到的安培力等于恒力 F 的 0.8 倍，当 cd 边刚要出磁场时线框受到的安培力恰好等于 F。下列说法正确的是（）A线框在磁场中受到的安培力始终向左B磁感应强度的大小为8TC cd 边在磁场中运动的时间为 0.31sD ab 边刚进入磁场时，线框的加速度大小为214 m/s3第 II 卷（非选择题）三、解答题(共 52 分)13（14 分）如图所示，电阻abR 为 0.1 的导体棒 ab 沿光滑导线框向右做匀速运动，线框中接有电阻R 为0.4。线框放在磁感应强度 B 为0.1T 的匀强磁场
14、中，磁场方向垂直于线框平面。导体棒 ab 的长度0.4mL，运动的速度5m/sv。线框的电阻不计。（1）电路 abcd 中哪部分相当于电源？电动势多大？哪个位置相当于电源的正极？（2）ab 棒向右运动时所受的安培力有多大？（3）ab 棒所受安培力的功率有多大？电阻 R 的发热功率有多大？电阻 Rab 发热功率有多大？14（14 分）两根金属导轨平行放置在倾角为=30的斜面上，导轨底端接有电阻 R=8，导轨自身电阻忽略不计。匀强磁场垂直于斜面向上，磁感强度 B=0.5T。质量为 m=0.1kg，电阻 r=2的金属棒 ab由静止释放，沿导轨下滑。如图所示，设导轨足够长，导轨宽度 L=2m，金属棒
15、ab 下滑过程中始终与导轨接触良好，当金属棒下滑 h=3m 时，速度恰好达到最大速度 2m/s，（g 取 10m/s2）求：（1）在下滑过程中，金属棒达到最大速度时，金属棒 ab 两端的电势差 Uba 是多少？（2）滑动摩擦力的大小？（3）金属棒从静止释放到达到最大速度的过程中安培力做了多少功？此过程中电阻 R 上产生的热量是多少？衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版第 4 页共 10 页一切不按照高考标准进行的训练，都对备战高考没有任何意义！15（12 分）如图所示，光滑定滑轮上绕有轻质柔软细线，线的一端系一质量0.6kgM 的重物，另一端系一质量0.4kgm、电阻6r 的金属杆
16、。在竖直平面内有间距 L=1m 的足够长的平行金属导轨 ab、cd，在 bd 之间连接有4R 的电阻，其余电阻不计。在金属导轨 ab，cd 间有范围足够大的匀强磁场，磁感应强度大小12TB，方向垂直纸面向外。开始时，金属杆置于导轨下端靠近电阻 R 处，细线处于紧绷状态，现将重物由静止释放，当重物下降8mh 时恰好匀速下降。运动过程中金属杆始终与导轨垂直且接触良好，不计一切摩擦，取重力加速度大小210m/sg，求：（1）重物匀速下降的速度 v 的大小；（2）重物从释放到下降 h 的过程中，电阻 R 中产生的焦耳热RQ。16（12 分）如图所示，导轨间距离为 L 的足够长的平行光滑金属导轨倾斜放置
17、，与水平面成 30夹角，导轨顶端接有电容为 C 的电容器。一根质量为 m 的均匀金属棒 ab 放在导轨上，始终与两导轨垂直且保持良好接触，整个装置放在磁感应强度大小为 B 的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向上，重力加速度为 g，不计一切电阻。由静止释放金属棒，已知金属棒下滑位移为 x 的过程中电容器未被击穿，已知电容为 C 带电荷量为 q 的电容器储存的电场能为22ECq。（1）计算说明金属棒的运动状态以及下滑 x 时的速度 v；（2）求金属棒下滑 x 时，电容器所带的电荷量 q；（3）求金属棒下滑 x 时，电容器储存的电场能。衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版第 5 页共
18、10 页一切不按照高考标准进行的训练，都对备战高考没有任何意义！衡水泰华中学决胜高考物理暑假必刷密卷第(11)套答题纸姓名学号分数13141516衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版第 6 页共 10 页一切不按照高考标准进行的训练，都对备战高考没有任何意义！衡水泰华中学决胜高考物理暑假必刷密卷第十一套参考答案1C【解析】A因平抛运动的水平速度不变，而切割磁感线的是水平速度，则根据 E=BLv0 可知，感应电动势不变，根据右手定则可以判断，a 点电势比 b 点低，故 A 错误；B从抛出到落地的过程中，ab 与外部并没有形成闭合回路，电子没有定向移动，故 B 错误；C由于 ab 在水
19、平方向做匀速直线运动，所以它在单位时间内扫过的曲面在水平面的投影面积相同，又因为穿过曲面中的磁通量等于穿过曲面在水平面投影面的磁通量，因此单位时间内 ab 扫过的曲面中的磁通量是定值，故 C 正确；D洛伦兹力使金属棒两端分别积累了正负电荷，故 D 错误。2B【解析】A0t0 时间内，磁场垂直于纸面向内，磁感应强度减小，穿过线框磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流沿顺时针方向，根据左手定则，线框受安培力向左，A 错误；BCt0t1 时间内，磁场垂直于纸面向外，磁感应强度增大，穿过线框磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流仍然沿顺时针方向，故 0t1 时间内，M 点的电势始终大于 N 点的电势，B
20、正确，C 错误；D由法拉第电磁感应定律，线框中的感应电动势大小为200=2B Lnn BSEttt线框中感应电流为200=2B LEIRRt故 D 错误；故选 B。3B【解析】A圆的周长为 2L，由 22Lr解得Lr由法拉第电磁感应定律得感应电动势的平均值 Et 其中BS 22LSr解得2 V5BSEtA 错误；B由闭合电路欧姆定律可得，平均电流EIR总21.2RR总故1 A3IB 正确；C由 qIt 可得1 C6qC 错误；D由楞次定律和右手定则可得，导线中的电流沿逆时针方向，D 错误。4ABD【解析】A由图乙可知0.1T/sBt由法拉第电磁感应定律得产生的感应电动势为1V2B SEnt则线
21、圈中的感应电流为0.5AEIR故 A 正确；B06s内线圈产生的焦耳热为23JQI Rt故 B 正确；C由图乙可知6st 时，磁感应强度大小为0.8TB 则线框所受安培力的大小为8NFnBIL由楞次定律知，安培力方向向上，则由平衡条件得TFmg 解得0T 故 C 错误；D根据 qIt得06s内通过导线横截面的电荷量为3Cq 故 D 正确。5BCD【解析】A线圈就进入磁场时，通过线框横截面的电荷量2BdqItRR则线框两次进入磁场过程中，通过线框横截面的电荷量相同；根据动量定理可知0-BId tBdqmvmv 第一次进入磁场时10-Bdqmvmv出离磁场时1-0Bdqmv解得第一次线圈完全进入磁
22、场时的速度为012vv 第二次进入磁场时20-2Bdqmvmv出离磁场时32-Bdqmvmv解得第二次线圈完全进入磁场时的速度为0232vv 第二次线圈出离磁场时的速度30vv可知线框两次进入磁场过程中，平均速度不等，则时间不相同，选项 A 错误；B由以上计算可知，线圈第一次离开磁场时速度从02v 减小到零；线圈第二次离开磁场时速度从032v 减小到 v0，则第二次离开磁场时平均速度较大，则第二次线框离开磁场所用时间小于第一次线框进入磁场所需时间，选项 B 正确；C第二次线框进入磁场过程克服安培力做功22220001137(2)()2228Wmvmvmv第一次线框进入磁场过程克服安培力做功22
23、210001113()2228Wmvmvmv则两者之比为7:3，选项 C 正确；衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版第 7 页共 10 页一切不按照高考标准进行的训练，都对备战高考没有任何意义！D第二次线圈进入磁场的过程中产生的热量212078QWmv第二次线框穿出磁场的过程中产生的热量222220001315()2228QWmvmvmv则两者之比为7:5，选项 D 正确。6AC【解析】01s 内，通过线圈的磁通量不变，没有感应电流产生，ad 边不受安培力 F；1s2s内，通过线圈的磁通量垂直线圈平面向内均匀减小，根据楞次定律可知线圈中的感应电流 i 沿顺时针方向，根据法拉第电磁感
24、应定律可知感应电流 i 大小不变，根据左手定则可知 ad 边受到的安培力 F 向左，大小随时间均匀减小；2s3s 内，通过线圈的磁通量垂直线圈平面向外均匀增大，根据楞次定律可知线圈中的感应电流 i 沿顺时针方向，根据法拉第电磁感应定律可知感应电流 i 大小不变，根据左手定则可知 ad 边受到的安培力 F 向右，大小随时间均匀增大；3s4s 内，通过线圈的磁通量垂直线圈平面向外均匀减小，根据楞次定律可知线圈中的感应电流 i 沿逆时针方向，根据法拉第电磁感应定律可知感应电流 i 大小不变，根据左手定则可知 ad 边受到的安培力 F 向左，大小随时间均匀减小；故AC 正确，7ABD【解析】A由2P0
25、12Emv可得导体棒 a 进入磁场时的速度为 v0=4m/s则由 E=BLv0F 安=ma=2EFBILBLR安解得a=2m/s2B当导体棒 a 减速到 2.5m/s 时，由动量定理10-BIL tmvmv 其中的2BL xI tR 解得3mx 因为3mxx，可知此刻两棒刚好相碰，对 b 棒由动量定理2BIL tmv 解得 v2=1.5m/s因两棒碰撞为弹性碰撞，两棒质量相等，则由1212mvmvmvmv2222121211112222mvmvmvmv可得 v1=1.5v2=2.5m/s以后由于 b 棒速度大于 a 棒速度，则 a 棒将受到向右的安培力则将向右继续加速运动，选项 B 正确；C最
26、终稳定时，两棒共速，则12=2mvmvmv解得 v=2m/s整个过程中产生的焦耳热21 24J2PQEmv整个过程中导体棒 b 产生的焦耳热为12J2bQQD从两棒碰撞到两棒共速，对 a 棒由动量定理1BI L tmvmv 其中的2BL xItR 解得1mx即最终稳定时 a、b 两导体棒之间的距离为 1m，选项 D 正确。8ABD【解析】AB金属棒以最大速度mv 下滑时，根据法拉第电磁感应定律，有mEBlv由闭合电路欧姆定律，有00RREI RR根据平衡条件，有sinBIlmg由以上各式整理可得2 22 2m0111sinsinB lB lvmgRmgR根据m11vR图像可知2 21010.5
27、mssinB lmgR，2 211ms sinB lmg 可得0.2kgm，02R C设此时金属棒下滑速度为 v，有001sin4BlvmgBlmgRRRR 可得0.5m/sv C 错误；D设导体棒匀速时的速度为 v2，则有20coscossinBlvBlmgRRRR解得24 m/s3v 9BD【解析】A导体棒 MN 在恒力 F 作用下向上匀加速的进入磁场，设进入磁场时速度为 v，由牛顿第二定律 Fmgma运动过程有222vah代入可解得4m/sv 进入磁场，导体棒切割磁感线，产生感应电动势，由法拉第电磁感应定律=4VE BLv 电路中 R1 与 R2 的并联电阻为12120.4R RRRR导
28、体棒 MN 的电流4 A8A+0.5EIR r则 FBILmgFmg安可知进入磁场后导体棒匀速运动，产生的电动势恒定，电流恒定，则衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版第 8 页共 10 页一切不按照高考标准进行的训练，都对备战高考没有任何意义！导体棒 MN 两端的电势差0.44V3.2V+0.5MNRUER rB导体棒 MN 的热功率为22=80.1W6.4WPI rC导体棒通过磁场所用时间11.53ss48htvR1 上产生焦耳热的最大值为22113.23J6.4J0.68MNRUQtRD流过 R2 的电荷量的最大值为1212113=8C1C338RRqqItRR 总10BD【解
29、析】A导体棒下滑到水平面时速度大小为1v，由机械能守恒有2112mgRmv解得16m/sv 导体棒刚进入磁场时产生电动势最大，118VEBdv电流强度02AEIRr导体棒受的安培力6NFBId导体棒克服安培力做功功率最大值136WPFvB导体棒两端间最大电势差012VUIRC通过导体棒的电荷量02 C3BLdqRrD导体棒出磁场时速度大小为 v2，由动量定理有21()BIdtm vv且2 C3qIt解得22m/sv 设导体棒穿过磁场过程产生热量为 Q，由能量守恒得2212118J22Qmvmv电阻 R0 上产生的最大热量00016 J3RRQQRr11BD【解析】AB铜棒 a 沿弧形导轨下滑，
30、刚进入磁场区域时，由机械能守恒定律有212mghmv解得vgL回路中的最大感应电动势 EBLv回路中的最大电流2EIR联立解得2BL gLIR铜棒 b 受到的最大安培力 FBIL安由牛顿第二定律有 Fma安解得铜棒 b 的最大加速度为222B LgLamRC铜棒 a、b 在匀强磁场中做切割磁感线运动过程中，整体所受合外力为零，动量守恒，最终铜棒 a、b 速度相等，由动量守恒定律得2mvmv解得铜棒 b 获得的最大速度为2gLv D由能量守恒定律得，回路中产生的总焦耳热为22112224mgLQmvmv12AC【解析】Acd 边在磁场中运动的过程中，根据右手定则可知通过线框的感应电流沿顺时针方向
31、，由左手定则可知线框在磁场中受到的安培力向左，ab 边在磁场中运动的过程中，根据右手定则可知通过线框的感应电流沿逆时针方向，由左手定则可知线框在磁场中受到的安培力向左，故 A 正确；B线框进入磁场前，由动能定理得2112Fsmv由法拉第电感感应定律得11 1EBL v由闭合电路欧姆定律得11EIR线框受到的安培力为11AFBI L又145AFF解得2TB C cd 边刚要出磁场时速度大小为2v，则有2212B L vFR解得25 m/s2v cd 边在磁场中运动的过程中，由动量定理得21FtBILtmvmv又01BL LItqR解得31 s100t D cd 边出磁场到 ab 边进磁场的过程中
32、，由动能定理得2220321122F LLmvmv由 B 项分析和牛顿第二定律得223B L vFmaR解得24 m/s3a 13（1）导体棒 ab 相当于电源，0.2VE，a 端相当于电源的正极；（2）0.016NF；（3）0.08W，0.064W，0.016W（1）电路 abcd 中，导体棒 ab 切割磁感线，产生感应电动势，相当于电源。电动势 EBLv0.2VE 由右手定则判断可知导体棒 ab 的 a 端相当于电源的正极（2 分）（2）感应电流为EIRr0.4AI ab 棒所受的安培力FBIL0.016NF（2 分）（3）ab 棒所受的安培力的功率 PFv0.08WP（2 分）电阻 R
33、的发热功率21PI R10.064WP（2 分）衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版第 9 页共 10 页一切不按照高考标准进行的训练，都对备战高考没有任何意义！电阻abR 发热功率22abPI R20.016WP（2 分）因导体棒 ab 做匀速运动，其受力平衡，安培力等于外力。因12PPP可得外力做正功，提供的能量转化为电路中的电能，电能转化为回路中的内能，转化过程中能量是守恒的。14（1）1.6VbaU；（2）0.3Nf；（3）1JW 安；0.8JRQ【解析】（1）由右手定则可知，a 端电势高；根据 EBLvEIRr代入题中相关数据可得1.6VbaUIR （2 分）（2）由 E
34、BLvEIRrFBIL得安培力22B L vFRr（2 分）设金属棒下滑过程所受摩擦力大小为 f，则由平衡条件得到sin 30mgfF（2 分）联立代入数据得22220.522sin300.1 10 0.5NN0.3N82B L vfmgRr（2 分）（3）在金属棒 ab 静止释放到速度刚达到最大的过程中，金属棒的重力势能转化为金属棒的动能、焦耳热和摩擦生热，根据能量守恒定律得，电路中产生的焦耳热为21sin 302hQmghfmv（2 分）代入相关数据解得1JQ 1JW 安则电阻 R 上产生的热量为81J0.8J82RRQQRr（2 分）15（1）5m/sv；（2）1.4JRQ。【解析】（1
35、）设重物匀速下降时，细线上的拉力大小为 T，金属杆所受安培力大小为AF，分别对重物和金属杆受力分析，由平衡条件得TMgATmgF由安培力公式得1AFB IL（2 分）由闭合电路欧姆定律得EIRr由法拉第电磁感应定律得1EB Lv解得5m/sv（2 分）（2）设电路中产生的总焦耳热为 Q，则由功能关系得221122MghmghMvmvQ电阻 R 中产生的焦耳热为RQ，根据申联电路的特点有RRQQRr解得1.4JRQ（2 分）16（1）初速度为零的匀加速直线运动，22mgxmB L C；（2）22mgxBLCmB L C；（3）22222mgCB L xmB L C【解析】（1）金属棒沿光滑导轨下
36、滑切割磁感线产生电动势，同时给电容器充电，设充电电流为 i，由牛顿第二定律有sin30mgiBLma而充电电流qUBL viCCCBLattt（2 分）联立解得222mgamB L C（2 分）可知金属棒加速度恒定，即运动状态为初速度为零的匀加速直线运动。设金属棒下滑 x 时的速度为 v，由运动学公式22vax联立解得22mgxvmB L C（2 分）（2）金属棒下滑 x 时，电容器两极板间的电压为UBLv电容器所带的电荷量为22mgxqC UC BLvBLC mB L C（2 分）（3）金属棒下滑 x 时，电容器储存的电场能为2222222qmgCB L xECmB L C（2 分）【一题多
37、解】（3）对金属棒的下滑过程由动能定理，有21sin3002FmgxWmv，（2 分）而FW 表示克服安培力做功，且数值上FW 等于电容器储存的电场能 E，解得22222mgCB L xEmB L C（2 分）衡水泰华中学决胜二三高考物理暑假必刷密卷新高考版第 10 页共 10 页一切不按照高考标准进行的训练，都对备战高考没有任何意义！第（11）套物理暑假必刷密卷专用反思表填表时间：2022 年_月_日,_：_；反思人：_家长签字：_本套暴露的主要问题板块该板块失分对每一分失分的原因反思单选题总分 12 分丢了（）分多选题总分 36 分丢了（）分解答题总分 52 分丢了（）分本套题的主要收获知识上的收获技巧上的收获本套题的综合反思做题状态做题结果自我提醒
