1、湖北省荆州市2018年中考物理真题试题一、选择题1. 下列关于水能的说法，正确的是A. 水能是可再生能源B. 利用水能发电不会破坏生态环境，所以要尽可能多的修建水力发电站C. 水力发电是将水的内能转化为电能D. 水能比电能更方便输送和转化【答案】A【解析】水能可以很快再生，属于可再生能源，A正确；建造水电站可能对周围的生态环境造成影响，所以要慎重建造，B错误；水力发电是把水的机械能转化为电能，C错误；水能远不如电能方便输送和转化，所以要把水能转变成电能，D错误。故选A.点睛：水能是可再生能源，判断出每个过程中消耗了哪种形式的能，进而又产生了哪种形式的能；从能源利用与环境污染的角度即可解答。2.
2、 关于声现象，下列说法正确的是A. 有些高科技产品不振动也可发声B. 声音只可以传递信息C. 考场周边“禁止鸣笛”是防止噪声产生D. “闻其声而知其人”主要是根据声音的响度来判断的【答案】C【解析】所有的声音都是由振动产生的，A错误；声音既可以传递信息也可以传递能量，B错误；禁止鸣笛是从声源处防止声音的产生，C正确；闻其声而知其人是根据声音的音色来判断的，D错误。故选C。点睛：本题综合考查声现象。（1）声音是物体的振动产生的；（2）声音既能够传递信息，也能够传递能量（3）噪音的防治有三个途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱；（4）不同的发声体因材料和结构不同，所发出的声音的音色就
3、不同，音色是辨别不同发声体的重要依据。3. 下列几个光现象中，属于光的反射现象的是A. 路灯下的“人影”B. 大桥在水中的“倒影”C. 海面上的“海市蜃楼”D. 雨后的“彩虹”【答案】B【解析】路灯下的人影是影子，是由光的直线传播形成的，A错误；大桥在水中的倒影是平面镜成像，是光的反射现象，B正确；海面上的海市蜃楼是光的折射现象形成的，C错误；雨后的彩虹是光的色散，D错误。故选B。点睛：本题考查光现象的判断。（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平
4、面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。4. 以下说法，不正确的是A. 春日清晨，草叶上形成露珠是液化现象B. 夏天傍晚，院子里洒水利用汽化吸热降温C. 晚秋时节，瓦片上出现白霜是凝固现象D. 深冬时节，树枝上出现雾凇是凝华现象【答案】C【解析】露珠的形成是空气中的水蒸气液化，A正确；洒水可以利用水的蒸发来吸热降温，B正确；白霜、雾凇的出现，都是空气中的水蒸气凝华所致，C错误、D正确；故选C。点睛：本题考查对物态变化现象的判断。（
5、1）物质由固态变成液态叫做熔化，由固态变成气态叫做汽化，由固态直接变成气态叫做升华，这三种物态变化需要吸收热量；（2）物质由液态变成固态叫做凝固，由气态变成液态叫做液化，由气态直接变成固态叫做凝固，这三种物态变化需要放出热量。5. 关于平面镜成像特点及其实验探究，下列说法不正确的是A. 物体距平面镜越近所成的像越大B. 将蜡烛靠近玻璃板的同时像也将靠近玻璃板C. 做多次实验是为了避免实验结果的偶然性D. 使用光屏是为了探究平面镜所成像的虚实【答案】A【解析】平面镜所成的像是与物体等大的虚像，与物体与平面镜的距离无关，A错误；物体与在镜中所成的像与镜面的距离相等，所以蜡烛靠近玻璃板的时候，像也会
6、靠近玻璃板，B正确；做多次实验是为了避免实验结果的偶然性，C正确；实像能用光屏承接，虚像不能，所以用光屏可以探究平面镜所成像的虚实，D正确；故选A。点睛：本题考查平面镜成像的特点及其实验探究。（1）实像能用光屏承接，虚像不能用光屏承接（2）平面镜成像特点之一：像与物到平面镜的距离相等（3）多次测量，能得到普遍的规律；（4）物体在平面镜中成像，像的大小只跟物体大小有关，跟物体到平面镜的距离、平面镜的大小都没有关系。6. 某同学家的电灯均正常工作，当他把“220V 16W”的台灯插入插座后，闭合台灯开关，室内电灯全部熄灭. 发生这一现象的原因可能是A. 插座处短路 B. 台灯灯头处短路C. 插座处
7、断路 D. 台灯灯头处断路【答案】B【解析】如果是断路，则只会影响到台灯，不会影响到其他灯，故C、D错误；如果是插座处短路，则不用等到闭合开关就会导致保险丝烧断室内点灯全部熄灭，所以A错误；灯头处短路符合题中所述情景，闭合开关之后，保险丝被烧断，室内点灯全部熄灭，故选B。点睛：本题考查家庭电路故障问题。室内电灯全部熄灭，表明干路上的保险丝被熔断，是由于电路中的电流过大造成的而产生电流过大的原因有两个：一是用电器的总功率过大，另一个是发生短路由生活常识可知，台灯的功率一般比较小，因此造成保险丝熔断的原因不会是因台灯的功率过大；由台灯插头插入插座，闭合开关，室内电灯全部熄灭可知，是台灯灯座的两个接
8、头短路了。7. 如图所示的几个实验装置中， 与动圈式话筒工作原理相同的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】动圈式话筒是利用电磁感应工作的。A项、B项都是电流的磁效应，C项是磁场对通电导线的作用力，D项是电磁感应实验，故选D。点睛：本题综合考查电磁学实验。动圈式话筒工作过程是：声波振动引起膜片振动带动线圈振动线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流经放大传给扬声器由此可知其工作原理是电磁感应现象。8. 2017年10月28日，荆州国际马拉松赛激情开跑. 这是荆州有史以来规模最大、影响最广的一次国际体育赛事，向世界展示了一个生态、人文、健康、创新、开放的荆州. 以下说法正确的是A. 某选手冲线后
9、没有立即停下来，是因为受到惯性力的作用B. 运动员鞋底面刻有凹凸不平的花纹，主要是为了增大压力C. 奔跑中的运动员看到路旁的树向后退去，是以大地为参照物D. 某选手跑前1km用时5min，最后100m用时20s，该选手跑最后100m平均速度大【答案】D【解析】选手冲线后没有立即停下来，是因为他有惯性，而不是受到惯性力的作用，A错误；运动鞋的地面刻有凹凸不平的花纹，是为了增大摩擦力，而不是压力，B错误；奔跑中的选手看到路边的树向后退，是以自己为参照物的，C错误；v13.3m/s，v15m/s，所以该选手最后100m平均速度大，D正确。故选D。点睛：本题综合考查力与运动，1. 惯性不是力；2. 鞋
10、底面刻有凹凸不平的花纹，是为了增大摩擦力；3. 看到路旁的树向后退去是以自己为参照物；4.根据v计算速度，比较大小。9. 如图所示，用细线拉着木块在水平面上做匀速直线运动，下列说法正确的是A. 木块受到的摩擦力和细线对木块的拉力是一对平衡力B. 木块对细线的拉力和细线对木块的拉力是一对平衡力C. 木块对水平面的压力和水平面对木块的支持力是一对相互作用力D. 木块对细线的拉力和手对细线的拉力是一对相互作用力【答案】C【解析】木块受到的摩擦力和细线对木块的拉力的方向不在同一条直线上，所以二者不是一对平衡力，A错误；木块对细绳的拉力和细绳对木块的拉力是一对相互作用力，所以B、D均错误；木块对水平面的
11、压力和水平面对木块的支持力是一对相互作用力，C正确。故选C。点睛：本题考查平衡力和相互作用力的辨析。一对平衡力等大、反向、作用在同一直线上、作用在同一物体上；作用力和反作用力，它们大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同物体上据此分析答题。10. 如图所示，将滑动变阻器R1与定值电阻R2接入电源电压不变的电路中. 闭合开关S，各表均有一定示数，滑动变阻器的滑片向右滑动到某一位置，电压表V1、V2示数的变化量分别为U1、U2.下列说法正确的是A. V1示数变大，V2示数不变B. V1示数变大，U1U2C. V2示数变小，V2示数和电流表示数之比变小D. V2示数变小，V2示数和电流表示数
12、之比不变【答案】D【解析】滑动变阻器的滑片右移，滑动变阻器连入电路的电阻变大，电路中的电流变小，所以V2的示数变小，R1 与R2串联，V1、V2示数之和为电源电压，不变，所以V1的示数变大，且U1U2，A、B两项都错误；V2示数和电流表示数之比为R2阻值，不变，C错误，D正确。故选D。点睛：本题考查欧姆定律在串联电路中的应用。开关闭合后，两电阻串联，电流表测量电路电流，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器两端的电压，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用欧姆定律与串并联电路特点分析答题。11. 如图所示的电路，电源电压U=12V保持不变，滑动变阻器R
13、0标有“100 1A”字样，灯泡L标有“6V 6W”字样（灯丝电阻不随温度而变化），电流表量程为00.6A，电压表量程为015V. 为了确保测量准确，要求电表的示数不小于其最大测量值的1/3，要使测量准确并确保电路安全，下列判断正确的是A. 灯泡L消耗的最小功率是0.24WB. 正常发光时灯丝的电阻是12C. 电路中电流的变化范围是0.11A0.6AD. 滑动变阻器阻值的变化范围是1448【答案】A点睛：本题综合考查电功率、欧姆定律、串并联电路的规律。（1）根据P计算正常发光时灯丝的电阻；（2）为了保证电路安全，由PUI计算灯泡正常发光电路，即电流中最大电流；由题要求电表所测值不小于其量程的，
14、可得电路中的最小电流。根据串联电路特点和欧姆定律可计算滑动变阻器的取值范围；根据PI2R可计算灯泡的最小功率。12. 如图所示，竖直固定的测力计下端挂一个滑轮组，已知每个滑轮重均为50N，滑轮组下端挂有物体B，滑轮组绳的末端通过定滑轮沿水平方向与物体A相连，物体A在绳的水平拉力作用下向右做匀速直线运动，此时测力计的示数为550N；在物体B下加挂重为90N的物体C后，用水平向左的力F拉动物体A可使其沿水平桌面向左做匀速直线运动，此时物体B上升的速度大小为5cm/s. 若不计绳重及滑轮的摩擦，g取10N/kg，则下列说法中正确的是A. 物体A所受滑动摩擦力大小为275NB. F的大小为530NC.
15、 F做功的功率为42wD. B的重力为500N【答案】B【解析】设物体A所受摩擦力大小为f，则有2f50N550N，所以f250N,A错误；对于物体B，有3fGBG滑，即250N3GB50N，所以GB700N，D错误；加挂物体C后，有3（Ff）GBGCG滑，即3（F250N）700N90N50N，解得F530N，B正确；物体B上升的速度为5cm/s，则拉力F端移动的速度v35cm/s0.15m/s，F的功率PFv530N0.15m/s79.5W，C错误。故选B。点睛：先对弹簧进行受力分析可知，弹簧测力计的示数等于受到竖直向下的力的合力，即两条绳子向下的拉力和一个定滑轮的重力；然后对与B相连的滑
16、轮进行受力分析，即该滑轮受到竖直向下自身的重力和B的拉力的作用，受到竖直向上三条绳子的拉力，从而求出B的重力；然后根据物体A在绳的水平拉力作用下向左做匀速直线运动，根据二力平衡的条件求出摩擦力的大小；然后根据二力平衡条件和功率公式即可求出水平向右的拉力和功率的大小。二、填空题13. 据报道，荆州机场已在沙市区岑河镇动工，机场的建成将为我们的出行带来极大方便. 飞机升空过程中，机翼_方（选填“上”或“下”）的空气流速大，压强小；随着海拔高度的升高，外界大气压强会_（选填“变大”、“变小”或“不变”）.【答案】 (1). 上 (2). 变小【解析】飞机机翼横截面上方是圆弧状，下方是直线，飞机运动时
17、上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，从而形成升力；大气压随海波的升高而降低。点睛：（1）流体流速越大的位置，压强越小；（2）大气压随着高度的增加而减小。14. 游乐园的小朋友从滑梯上匀速下滑过程中，动能_（选填“增大”、“减小”或“不变”），同时臀部有灼热感，这是通过_方式来改变内能的.【答案】 (1). 不变 (2). 做功【解析】匀速下滑，速度不变，所以动能不变；臀部有灼热感是通过摩擦做功，把机械能变为内能。点睛：本题考查动能及内能改变的方式。动能的影响因素是质量和速度，质量越大、速度越快，物体的动能越大；重力势能的影响因素是质量和高度，质量越大，所处高度越高，重力势能越大；动
18、能和势能统称为机械能改变物体内能的方法有做功和热传递。15. 小明的爸爸新买了一辆燃油小汽车，小明估测了一下小汽车的宽度约为200_（填长度单位）；刚打开车门，他就闻到一股气味，爸爸告诉他这其实是物理学中的_现象；汽车对地面的压力是由于_（选填“轮胎”、“地面”）发生形变而产生的；汽车依靠发动机工作时的_冲程获得动力.【答案】 (1). cm (2). 扩散 (3). 轮胎 (4). 做功【解析】小汽车的宽度在2m左右，也就是200cm；汽车中的气味是因为汽车中物质的扩散而来；轮胎变形对地面产生了压力；汽油机工作时，做功冲程对外做功提供动力。点睛：本题综合考查长度估测、分子动理论、弹力、热机。
19、物体由于发生弹性形变而产生的力叫弹力，汽油机工作时，只有做功冲程对外做功。16. 某家庭用的电热水器将体积为60L，温度为20的自来水加热到50，则水吸收的热量为_J水的比热容4.2103J/（kg）. 若热水器的功率为2000w，用时5000s，则该热水器的效率为_.【答案】 (1). 7.56106 (2). 5.6%点睛：本题考查热量的相关计算。（1）知道水的质量、水的比热容，求出水温度的升高值，利用吸热公式Q吸cmt求水吸收的热量；（2）根据WPt可求得消耗的电能；（3）水吸收的热量与消耗的电能之比等于燃气灶的效率。17. 如图所示，一轻质杠杆水平支在支架上，OA=20cm，G1是边长
20、为5cm的正方体，G2重为20N. 当OC=l0cm时，绳子的拉力为_N，此时G1对地面的压强为2104Pa. 现用一水平拉力使G2以5cm/s的速度向右匀速直线运动，经过_s后，可使G1对地面的压力恰好为零【答案】 (1). 10 (2). 10【解析】根据杠杆的平衡条件，当OC10cm时，G2OCFOA，即20N10cmF20cm，所以F10N。此时G1对地面的压强为2104Pa，即2104Pa，其中S0.05m0.05m2.510-3m2，代入前面的式子得，G160N。当G1对地面的压力为零时，G1OAG2L，即60N20cm20NL，解得L60cm，根据题意有OCvtL，即10cm5c
21、m/st60cm，所以t10s。点睛：本题考查杠杆的平衡条件的应用。由杠杆平衡条件求出G2在C点时，杠杆在A点受到的拉力，由压强公式的变形公式求出G1对地面的压力，然后对G1进行受力分析，由平衡条件求出G1的重力；由杠杆平衡条件求出G1对地面压力为零时G2到支点的距离，然后由速度公式求出G2的速度。三.实验与探究题18. 如图甲是小明、小红两名同学分别探究“水的沸腾”的实验装置，他们所用的器材规格完全相同.（1）安装实验器材时，应按照_ 的顺序进行（选填“自下而上”或“自上而下”）.（2）安装好器材开始实验后，小红如图甲所示进行读数，其错误之处是：读数时，视线没有与温度计中液柱的上表面_.（3
22、）读数时小明发现A点有小水滴影响读数，小水滴的成因是_（填物态变化名称），而按乙图改进后可以顺利读数.（4）图丙是两名同学根据实验数据绘制的水温随时间变化的图像.由图像可知，实验室当时的大气压_（选填“高于”、“低于”或“等于”）1标准大气压.若小明和小红所选水的质量分别为m1、m2，根据图像丙分析可知m1_m2（选填“”、“”或“=”）.【答案】 (1). 自下而上 (2). 相平 (3). 液化 (4). 低于 (5). 【解析】（1）为便于更好地确定位置，实验装置要按照从下到上的顺序进行安装；（2）温度计读数时要注意实现与刻度相平；（3）温度计上的小水滴是沸腾时产生的水蒸气遇冷液化而成；
23、（4）由图像知，实验时水的沸点是98，不到100，所以这时的大气压低于1标准大气压，小明的实验中，水用更短的时间达到沸点，而加热的装置相同，所以小明用的水的质量更小，即m1m2。点睛：（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；（2）温度计的使用方法：温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体，不能碰到容器底和容器壁；温度计要浸入被测液体中稍候一会儿，待示数稳定后再读数；读数时，温度计要继续留在被测液体中，视线要和液柱的上表面相平；（3）液化是物质从气态变为液态的过程，它需要放热；（4）1标准大气压下水的沸点是100沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高
24、。19. 在探究凸透镜成像规律时，如图甲所示，将A凸透镜固定在光具座上35cm刻线处，将点燃的蜡烛放置在光具座上5cm刻线处，移动光屏，使烛焰在光屏上成清晰的像，由A凸透镜成像中物距和像距的变化关系画出图像如图乙所示；接着他保持蜡烛的位置不变，将凸透镜A换为凸透镜B并保持位置不变，移动光屏，使烛焰在光屏上成清晰的像，如图丙所示.（1）请根据上述实验现象和凸透镜成像规律判断：凸透镜A的焦距是_cm，凸透镜A的焦距_凸透镜B的焦距（选填“大于”、“小于”或“等于”）.（2）在甲图中，保持凸透镜不动，把蜡烛向右移动5cm，要想在光屏上再次得到清晰的像，应该把光屏向_（选填“左”、“右”）移动一段距离
25、，像将_（选填“变大”、“变小”或“不变”）.（3）图丙所示的实验现象可以说明_的成像特点（选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”）；若将远视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上原来清晰的像变模糊了，若保持凸透镜和光屏的位置不动，应使蜡烛_（选填“靠近”、“远离”）凸透镜，则又能在光屏上看到蜡烛清晰的像.【答案】 (1). 10 (2). 小于 (3). 右 (4). 变大 (5). 幻灯机 (6). 靠近【解析】（1）根据图乙可知，当uv20cm时，蜡烛成等大的实像，这时uv2f，所以f10cm，即凸透镜A的焦距是10cm。设凸透镜B的 焦距为fB，由图丙知fB30cm2fB,所以15cmfB3
26、0cm，所以凸透镜A的焦距小于凸透镜B的焦距。（2）原来蜡烛距离凸透镜30cm，蜡烛右移5cm后，物距变为25cm，根据凸透镜成像特点，物距变小，像距变大，所以光屏应向右移动，像距比原来更大，所以像将变大；（3）图丙所示实验中，蜡烛通过凸透镜成放大倒立的实像，与幻灯机的工作原理一致；把远视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，远视眼镜相当于一个放大镜，所以通过透镜B成像的是蜡烛的放大的虚像，像的位置在蜡烛的左侧，要想还在原来的装置上成像，需要蜡烛靠近透镜，使其通过远视眼镜所成的放大虚像在原来蜡烛的位置上。点睛：本题考查凸透镜成像规律的实验探究。（1）要解决此题，根据凸透镜成像的规律之一物距等于二倍焦距成倒
27、立等大实像然后通过图象分析出该凸透镜的焦距根据物距和凸透镜的焦距关系，求出两个凸透镜的焦距，比较焦距大小（2）根据物近像远像变大规律解答.（3）根据凸透镜成像的三种情况和应用及光路可逆来解答此题。20. 为了探究物体动能大小与哪些因素有关，同学们设计了如图甲、乙所示的实验装置来进行实验. 图甲是让不同质量的小球沿同一光滑斜面从B处由静止自由释放，然后分别撞击到放在同一水平面上的同一木块，木块在水平面上运动一段距离后静止时的情景；图乙是让质量相同的小球沿同一光滑斜面分别从A、B处由静止自由释放，然后分别撞击到放在同一水平面上的同一木块，木块在水平面运动一段距离后静止时的情景.（1）若要探究动能大
28、小与速度的关系，应选择图_（选填“甲”、“乙”）进行实验.（2）木块在水平面上滑动时，受到水平面的摩擦力_ （选填“变大”、“变小”或“不变”），克服摩擦力做功的功率_（选填“变大”、“变小”或“不变”）.（3）本实验装置的水平面如果绝对光滑，还能得出结论吗？_，原因是_.【答案】 (1). 乙 (2). 不变 (3). 变小 (4). 不能 (5). 光滑水平面上，木块将不会停下来【解析】（1）本实验需要采用控制变量法，要探究动能大小与速度的关系，则需要控制小球质量相同，从不同高度滑下，所以应选择图乙进行实验。(2)木块在水平面上滑动时，对水平面的压力不变，接触面情况不变，所以摩擦力大小不变
29、，但木块的运动速度越来越小，所以克服摩擦力做功的功率变小。(3)如果实验装置中的水平面绝对光滑，将不能得出结论，因为在光滑水平面上，木块不能停下来，也就无从比较小球动能的大小了。点睛：本题考查动能大小决定因素的探究。（1）分析图甲，两小球的质量不同，可探究动能与质量的关系；分析图乙，小球滚下的高度不同，到达水平面的速度不同，可探究动能与速度的关系；（2）影响摩擦力大小的因素是压力和接触面的粗糙程度，克服摩擦力做功的功率随速度减小而减小；（3）由牛顿第一定律内容分析回答。21. 小芳到实验室做“测量小灯泡额定功率”的实验时，老师只给她提供了如下器材：标有“3.8V”的小灯泡、电源、滑动变阻器、开
30、关、两个电压表V1和V2（没有电流表）、阻值为10的定值电阻R0、导线若干. 她根据所给定的器材经过认真思考后设计了正确的实验电路，如图甲是该电路的不完整电路图.（1）请你将图甲中电路图补充完整_.（2）闭合开关后，为了测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器，使电压表V1的示数为_V，此时电压表V2的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为_W.（3）她还进一步设计出了如图丙所示电路图测量小灯泡额定功率，调节滑动变阻器，使电流表A2的示数为_A时，再读出电流表A1的示数，即可计算小灯泡的额定功率.（4）小明说，利用丙图，把R0更换成未知电阻Rx，把小灯泡的额定电流和额定功率当作已知条件（灯丝电阻随温
31、度而变化），可以测出未知电阻Rx的阻值. 方法为：调节滑动变阻器，使电流表A1的示数为_A时，读出电流表A2的示数，即可计算Rx的阻值.【答案】 (1). (2). 3.8 (3). 0.76 (4). 0.38 (5). 0.2【解析】（1）小灯泡的额定电压已知，只要测出在额定电压下通过它的电流即可，而实验器材中没有电流表，所以需要通过间接测量法，根据欧姆定律，测出通过定值电阻的电流，从而知道通过小灯泡的电流，所以需要在R0两端并联电压表；（2）要测量小灯泡的额定功率，需要其两端电压为额定电压，所以需要使V1的示数为3.8V，读图乙可知，此时R0两端的电压为2.0V，根据欧姆定律可以算出，电
32、路中的电流为I0.2A，这就是小灯泡的额定电流，所以小灯泡的额定功率为PUI3.8V0.2A0.76W。（3）图丙的方法是利用并联电路的特点，调节小灯泡两端的电压，使其达到3.8V，这时候R0两端电压也是3.8V，电流表A2的示数为I20.38A。（4）因为灯丝电阻会发生变化，所以必须使通过小灯泡的电流是其额定电流，即0.2A，这时小灯泡两端的电压是其额定电压3.8V，Rx两端电压也是3.8V，通过欧姆定律可以求出Rx。点睛：本题考查小灯泡功率的特殊测量实验。根据实验原理RUI可知，在没有电流表的情况下，利用电压表和定值电阻代替电流表的作用，采用分压电路，据此分析解答；要测量小灯泡的额定功率，
33、电压要调到额定电压；看清量程和分度值读出示数；利用欧姆定律算出电路中的电流，结合串联电流相等特点得到灯中的电流，利用PUI求出电功率；要测量小灯泡的额定功率，小灯泡两端的电压为额定电压，根据并联电压相等和利用欧姆定律计算电流即可。因为灯丝电阻会发生变化，所以必须使通过小灯泡的电流是其额定电流，通过欧姆定律可以求出Rx。22. 小金在实验室做测量电阻实验时，设计了如图所示的电路，用来测量接入1、2两点间导体的电阻，已知电源电压为6V.(1) 用导线直接连接1、2两点，电流表示数刚好达到最大测量值，则电阻R为_ .(2)把待测电阻Rx接入1、2两点之间，此时电流表读数为0.2A，则Rx的阻值是_.
34、(3)小金实验时，发现电流表损坏，于是找来另外一块表盘模糊不清但其他均完好的电流表做实验. 在实验过程中，先将电阻R1接在1、2两点之间，再将R2=30并联在R1两端，前后两次电流表指针偏转角度之比为20:21，则R1=_.【答案】 (1). 10 (2). 20 (3). 5【解析】（1）用导线直接连接1、2两点，则电路中只接有R一个电阻，其两端电压为电源电压，电流为0.6A，所以R10；（2）把Rx接入电路，则电路中的总电阻R总30RRx，所以Rx20；（3）把R2并联在R1两端，假设其等效电阻为R0,则，解得R0根据欧姆定律及题意可知，:20:21，联立以上两个方程可以解得，R15。点睛
35、：本题考查伏安法测电阻。（1）根据R求出电阻R；（2）根据R求出R和Rx串联的总电阻，再求Rx,(3)根据并联电路的电阻关系和欧姆定律列方程求得R1.四综合应用题23. 如图，已知电源电压为24V，R2上标有“100 3A”的字样，灯泡上标有“12V 3W”的字样，电流表A1的量程为00.6A，电流表A的量程为03A. （1）求灯泡正常工作时的电阻；（2）当闭合S，断开S1，S2时，灯泡正常工作，求R1的电阻；（3）当S、S1、S2都闭合时，调节滑动变阻器，求R2的电功率变化范围.【答案】见解析所示【解析】（1）RL48；（2） 闭合S，断开S1、S2时，R1与L串联，灯L发光正常， U1U电
36、UL24V12V12V ，IL额 0.25A, IIL额，R148；（3）当S、S1、S2都闭合时，R1、R2并联，U1U2U电24V I10.5A，I干max3A ，I2maxI干maxI13A0.5A2.5A ，P2maxUI2max24V2.5A60W，R2max100，P2min5.76W，R2的电功率范围为5.76W60W . 点睛：（1）根据灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，可利用公式R计算出灯泡正常工作时的电阻；（2）闭合S，断开S1、S2，灯泡L与电阻R1串联，而此时灯泡正常工作，从而可以判断出灯泡两端的电压和电路中的电流，进而根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，利用欧姆
37、定律求出电阻R1；（3）开关S、S1、S2都闭合时，电阻R1和滑动变阻器R2并联，灯泡被短路，电流表A1测通过电阻R1的电流，电流表A测干路中的总电流知道滑动变阻器的最大电阻，可利用公式P计算出R2上消耗电功率的最小值知道定值电阻R1两端的电压和R1的阻值，可利用公式I计算出此时通过R1的电流，又知道电流表A2量程为03A，从而可以判断出干路中的最大电流，再利用并联电路电流的特点计算出通过R2的最大电流，再利用公式PUI计算出求R2上消耗电功率的最大值。24. 如图所示是蒙华铁路荆州段长江大桥施工现场，工程师用起吊装置在江中起吊工件. 己知工件重4000N，每个滑轮重500N，声音在水中的传播
38、速度是1500m/s.在水面上用超声测位仪向江底的工件垂直发射超声波，经过0.02s后收到回波.（不计绳重和摩擦，g=10N/kg，水=1.0103kg/m3) （1）求工件在水下的深度；（2）不计工件的高度，求水对工件产生的压强；（3）当工件在水面下匀速上升时，绳子自由端的拉力为500N，求工件的体积；（4）不计动滑轮体积，求工件在水下匀速上升时滑轮组的机械效率（结果在小数点后保留一位数字）.【答案】见解析所示【解析】（1）hvt1500m/s0.02s15m ；（2）P水gh1.0103kg/m310N/kg15m1.5105Pa ；（3） 不计绳重及摩擦，F拉(G物G轮F浮)， F浮G物
39、G轮nF拉4000N500N3500N3000N， F浮水gV排 ， V排0.3m3V工件；（4）工件在水中匀速上升时，66.7.点睛：（1）已知超声波在海水中传播的速度以及传播的时间，利用svt可以得到工件所在的深度；（2）已知海水的密度和工件所在的深度，利用Pgh计算受到的压强；（3）已知作用在动滑轮上的绳子股数和自由端的拉力以及动滑轮的重力，可以得到滑轮组对水下工件的拉力；已知工件重力和滑轮组对它的拉力，可以得到工件受到的浮力；已知浮力和海水的密度，利用公式VV排得到工件的体积；（4）工件在水下匀速上升时，拉力做功为总功，克服重力做的功与浮力做的功之差为有用功，利用可以得到滑轮组的机械效率。15
